【文档说明】江西省宜春市奉新县第一中学2019-2020学年高一下学期第一次月考物理试题【精准解析】.doc，共(16)页，761.500 KB，由小赞的店铺上传

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奉新一中2022届高一年级下学期物理第一次月考一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1～8小题只有一个选项符合题目要求，第9～12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1.关于曲线运动下列叙述正确的

是（）A.物体受到恒定外力作用时，就一定不能做曲线运动B.物体只有受到一个方向不断改变的力，才可能做曲线运动C.物体受到不平行于初速度方向的外力作用时，就做曲线运动D.平抛运动不是匀变速曲线运动【答案】C【解析】平抛运动是曲线运动，受力恒定，为匀变速曲线运动

，AD错误；只要力和速度方向不共线，即物体受到不平行于初速度方向的外力作用时，则物体做曲线运动，B错误C正确．2.以下是书本上的一些图片，下列说法正确的是()A.图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的B.图乙中，两个影子x，y轴上的运动就是物体的两个分运动C.图丙中

，增大小锤打击弹性金属片的力，A球可能比B球晚落地D.图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力大于它所需要的向心力【答案】B【解析】【详解】A图中有些火星的轨迹不是直线，是由于受到重力

、互相的撞击等作用导致的，故A错误．B图中两个影子反映了物体在x，y轴上的分运动，故B正确．C图中A球做平抛运动，竖直方向是自由落体运动，B球同时做自由落体运动，故无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，

A、B两球总是同时落地，故C错误．D图中做变速圆周运动的物体所受合外力F在半径方向的分力等于所需要的向心力，故D错误．故选B．【点睛】本题要求理解曲线运动的特征，曲线运动的速度方向时刻改变，在曲线上没一点的速度方沿该点的

切线方向．3.某物体做匀速圆周运动，下列描述其运动的物理量中，恒定不变的是（）A.向心力B.向心加速度C.线速度D.周期【答案】D【解析】【详解】AB．向心力和向心加速度的方向指向圆心，运动的过程中，方向时刻改变，

AB错误；C．线速度沿着运动的切线方向，匀速圆周运动时，大小不变但运动方向时刻改变，C错误；D．周期是标量，匀速圆周运动时，大小不变，D正确。故选D。4.如图所示，质量为m的小球固定在长为l的细轻杆的一端，绕细杆的另

一端O在竖直平面上做圆周运动．球转到最高点A时，线速度的大小为2gl，此时（）A.杆受到0.5mg的拉力B.杆受到0.5mg的压力C.杆受到1.5mg的拉力D.杆受到1.5mg的压力【答案】B【解析】【详解】设此时杆对小球的作用力为拉力，则有2

vmgTmL+=解得2mgT=−负号说明力的方向与假设相反，即球受到的力为杆子的支持力，根据牛顿第三定律可知杆受到2mg的压力，故B正确，ACD错误。5.设太阳质量为M，某行星绕太阳公转周期为T，轨道可视作半径为r的圆．已知万有引力常量为G，则描述该行星运动的

上述物理量满足A.2324rGMT=B.2224rGMT=C.2234rGMT=D.324rGMT=【答案】A【解析】【详解】太阳对行星的万有引力提供行星圆周运动的向心力即2224MmGmrrT

=，由此可得：2324rGMT=，故选A．【点睛】据万有引力提供向心力，列出等式只能求出中心体的质量．6.假设火星半径是地球半径的12，质量是地球质量的19.已知地球表面的重力加速度是g，地球的半径为R，某人在地面上能向上竖直跳起的最大高度是h，

忽略自转的影响，下列说法正确的是()A.火星的密度为23gGRB.火星表面的重力加速度是29gC.火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为23D.此人以在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能达到的最大高度是92

h【答案】A【解析】【详解】A．对地球表面的物体，有G2MmR＝mg，则M＝2gRG，火星的密度为ρ＝312943()32MgRGR=，选项A正确；B．对火星表面的物体，有29()2MmGmgR=，则g′＝4

9g，选项B错误；C．火星的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比11223RgvvgR==，选项C错误；D．某人在地球和火星上跳高，分别有h＝202vg和h′＝202vg，在火星能达到的最大高度是94h，选项

D错误．故选：A7.A、B两物体的质量之比mA︰mB=2︰1，它们以相同的初速度v0在水平面上做匀减速直线运动，直到停止，其速度图象如图所示．那么，A、B两物体所受摩擦阻力之比FA︰FB与A、B两物体克服摩擦阻力做的功之比W

A︰WB分别为（）A.4︰1，2︰1B.2︰1，4︰1C.1︰4，1︰2D.1︰2，1︰4【答案】A【解析】【详解】根据速度时间的图象可知，aa：ab=2：1，物体只受到摩擦力的作用，摩擦力作为合力产生加速度，由牛顿第二定律可知，f=ma，所以摩擦力之

比为4：1；由动能定理，摩擦力的功W=0-12mv2由于ab的初速度大小相同，ma：mb=2：1，所以两物体克服摩擦阻力做的功之比Wa：Wb=2：1．所以A正确．故选A．8.如图所示，在粗糙的水平面上

，质量相等的两个物体A、B间用一轻质弹簧相连组成系统．且该系统在外力F作用下一起做匀加速直线运动，当它们的总动能为2Ek时撤去水平力F，最后系统停止运动．不计空气阻力，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，从撤去拉力F到系统停止运动的过程中（）A.外力对物体A所做总功的绝对值大于EkB.物体A克服

摩擦阻力做的功等于EkC.系统克服摩擦阻力做的功可能等于系统的总动能2EkD.系统克服摩擦阻力做的功一定等于系统机械能的减少量【答案】D【解析】【详解】A．根据动能定理，合外力对物体做的功等于物体动能的增量，整个运动过程中，动能的减少量为Ek，因此外力对物体A所做总功等于-E

k，A错误；B．物体A克服摩擦阻力和弹簧弹力做的总功等于Ek，B错误；C．撤去水平力F时，弹簧具有弹性势能，且弹力大于滑动摩擦力，最终静止时，弹力小于滑动摩擦力，因此整个系统损失的能量大于2Ek，也就是系统克服摩擦阻力做的功大于2Ek，C错

误；D．系统克服摩擦阻力做的功等于产生的热量，根据能量守恒定律，系统机械能的减少量全部用来产生热量，因此D正确。故选D。9.如图所示，质量为m的飞机在水平甲板上，受到与竖直方向成θ角的斜向下的恒定拉力F

作用下，沿水平方向移动了距离s，飞机与水平甲板之间的摩擦阻力大小恒为f，则在此过程中A.摩擦力做的功为-fsB.力F做的功为FscosθC.重力做的功为mgsD.力F做的功为Fssinθ【答案】AD【解析】【详解】摩擦力大小为f，则摩擦力所做的功fWfs=−，故A正确；由题意可

知，拉力与位移方向上的夹角为90−，则根据功的公式可得：()90FWFscosFssin=−=，故B错误，D正确；由于竖直方向上没有位移，故重力不做功，故C错误．故选AD．【点睛】对物体受力分析，根据功的公

式可以逐个求得各个力对物体做功的情况．要注意明确功的公式WFscos=中的为力和位移之间的夹角．10.如图所示，“东方红一号”的运行轨道为椭圆轨道，其近地点M和远地点N的高度分别为439km和2384km，则（）A.卫星在M点的速度小于7.9km/sB.卫星在M点的角速度

大于N点的角速度C.卫星在M点的加速度大于N点的加速度D.卫星在N点的速度大于7.9km/s【答案】BC【解析】【详解】A、M点是椭圆轨道近地点，卫星是以第一宇宙速度7.9km/s到达过M的圆形轨道，然后加速使得万有引力小于向心力而做离心运动变轨为椭圆，故椭圆过M点的速度大于

7.9km/s，A错误．B、根据开普勒第二定律可知近地点M点的线速度最大，远地点N点的线速度最小，而M点的曲率半径小，N点的曲率半径最大，由vr=可得MN，B正确．C、卫星在轨道上的各点受万有引力产生加速度，2MmGmar=，可

知距离越远，加速度越小有MNaa，故C正确．D、第一宇宙速度7.9km/s是发射卫星的最小速度，也是卫星绕地球运动的最大速度即近地卫星的线速度，卫星从近地轨道到N点万有引力做负功，线速度还要继续减小，所以在N点的速度应小于7.9km/s，D错误．

故选BC．【点睛】考查卫星运动规律，明确近地点与远地点的速度，加速度的大小关系．本题也可以运用开普勒第二定律判断近地点和远地点的速度大小，也可以从机械能守恒的角度理解速度的变化．11.某兴趣小组遥控一辆玩具车，使其在水平路面上由静止启动，在前2s内做匀加速直线运动，2s末达到额定功率，2s到1

4s保持额定功率运动，14s末停止遥控，让玩具车自由滑行，其v－t图象如图所示．可认为整个过程玩具车所受阻力大小不变，已知玩具车的质量为m＝1kg，取g＝10m/s2，则()A.玩具车所受阻力大小为2NB.玩具车在4s末牵引力的瞬时功率为9WC.玩具车在2s到10s内位移的大小为39mD.玩

具车整个过程的位移为90m【答案】BC【解析】【详解】A．14~18s小车在阻力作用下匀减速运动，匀减速直线运动的加速度大小：a2=6/4=1.5m/s2由牛顿第二定律得：阻力为：f=ma=1×1.5N=1.5N故A错误．B．匀速行驶

时，牵引力等于阻力，则有：P=Fvm=fvm=1.5×6W=9W．由题知：2s末小车的实际功率达到额定功率，所以玩具车在4s末牵引力的瞬时功率为9W．故B正确．C．设匀加速牵引力为F，则有：F-f=ma1匀加速直线运动的加速度大小为：a1=3/2=1.5m/

s2．则得F=3N,则匀加速运动的最大速度为：v=3m/s．匀加速的位移x1=12×3×2m=3m2~10s内，由动能定理得：2221122mPtfxmvmv−=−代入数据解得x2=39m．故C正确．D．10~18s内位移为：x3=36m,玩具车整个过程的位移为：x=x1+x2+x3

=3+39+36=78m故D错误．故选BC．【点睛】本查了机车的启动问题，先做加速动，达到额功率后做变速直线运动，最终做匀直线运动，关闭遥控后做匀速线动，结合能、牛顿第二定律和动学公式行求解．12.如图所示，某段滑雪雪道倾角为30°，总

质量为m（包括雪具在内）的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑，加速度为13g。在他从上向下滑到底端的过程中，下列说法正确的是（）A.运动员减少的重力势能全部转化为动能B.运动员获得的动能为23m

ghC.运动员克服摩擦力做功为23mghD.下滑过程中系统减少的机械能为13mgh【答案】BD【解析】【详解】A．若物体不受摩擦力，则加速度应为a'=gsin30°=12g而现在的加速度为13g小于12g，

故运动员应受到摩擦力，故减少的重力势能有一部分转化为了内能，故A错误；B．运动员下滑的距离L=sin30oh=2h由运动学公式可得v2=2aL得动能为Ek=12mv2=23mgh故B正确；C．由动能定理可知mgh-Wf=12mv2解得Wf=

13mgh故C错误；D．机械能的减小量等于阻力所做的功，故下滑过程中系统减少的机械能为13mgh，故D正确；故选BD。二、实验题（共16分）13.一个同学在《研究平抛物体的运动》实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，于是他在曲线上取水平距离相等的三

点A、B、C，量得△s=0．2m．又量出它们之间的竖直距离分别为h1=0．1m，h2=0．2m，利用这些数据，可求得：（1）物体抛出时的初速度为_______________m/s；（2）物体经过B时竖直分速度为______________m/s；（3）抛出点在A点

上方高度为______________m处．【答案】(1).2(2).1.5(3).0.0125【解析】【详解】（1）在竖直方向上根据△y=gt2210.20.10.110hhytssgg−−====，物体抛出时的初速度00

.2m=2m/s0.1ssvt==．（2）经过B点时的竖直分速度120.1m+0.2m=1.5m/s220.1syBhhvt+==（3）抛出点到B点的运动时间21.5m/s=0.15s10m/syBBvtg==从抛出到运动到A点需要的时间tA

=tB-t=0.15s-0.1s=0.05s则抛出点在A点上方高度：2211100.05m=0.0125m22Ahgt==；【名师点睛】解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，以及匀变速直线运动的两个推论：1、在连续相等时

间内的位移之差是一恒量．2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．14.在验证机械能守恒定律的实验中：（1）实验中动能的增加量应略________(选填“大于”、“小于”或“等于”)重力势能的减少量，其主要原因是________。A．重物下落的实际距离大于测量值B．

重物下落的实际距离小于测量值C．重物下落受到阻力D．重物的实际末速度大于计算值（2）甲、乙两位同学分别得到A、B两条纸带，他们的前两个点间的距离分别是1.9mm、4.0mm.那么应该选用________同学的纸带，一定存在操作误差的同学是________，可能的错误原因是

________________________．（3）如图所示，有一条纸带，各点距A点的距离分别为d1，d2，d3，…，各相邻点间的打点时间间隔为T，当地重力加速度为g.要用它来验证重物从B到G处的机械能是否守恒，则B点的速度表达式为vB＝________，G点的速度

表达式为vG＝________，若B点和G点的速度vB、vG及BG间的距离h均为已知量，则当满足_____________时，重物的机械能守恒。【答案】(1).小于(2).C(3).甲(4).乙(5).乙同学

在实验时先释放重物，后接通电源(或释放纸带的初速度不为零等)(6).22dT(7).752ddT−(8).222GBvvgh−=【解析】【详解】(1)[1]小于[2]由于下落过程中，空气阻力做负功，增加的动能略小于减少的重力势能，C正确，ABD错误。故选C。。(2)[3]

[4][5]应该选用甲同学的纸带，乙同学一定存在操作误差。由于打点计时器的打点时间间隔为0.02s，而这段时间重物下落的距离211.96mm2hgT==因此甲同学合理，而乙同学的纸带下落的距离太大，一定是由于先放手纸带，再打开打点计时器。(3)[6]打B点的速度等于AC段的平均速度，因此2B2d

vT=[7]打G点的速度等于FH段的平均速度，因此75G2ddvT−=[8]根据机械能守恒定律22BG1122mvmghmv+=整理得222GBvvgh−=三、计算题（(本题共4小题；共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须

明确写出数值和单位)15.把一小球从离地面高h＝5m处，以v0＝10m/s的初速度水平抛出，不计空气阻力(g＝10m/s2)，求：（1）小球在空中飞行的时间；（2）小球落地点离抛出点的水平距离；（3）小球落地时的速度。【答案】（1）1s；（2）1

0m；（3）14.1m/s，速度方向与水平方向的夹角为α＝45°【解析】【详解】(1)根据h＝12gt2小球飞行的时间t＝2hg＝1s(2)落地点离抛出点的水平距离为x＝v0t＝10×1m＝10m(3)

小球落地时的竖直分速度为vy＝gt＝10m/s则小球落地时的速度大小为v＝220yvv+＝14.1m/s设落地时速度方向与水平方向的夹角为α，则tanα＝0yvv＝1解得α＝45°16.荡秋千是大家喜爱的一项体育运动．随着科技迅速发展，将来的某一天，同学们也会在其他星球上享受荡秋千的乐趣．假设你当

时所在星球的质量为M，半径为R，可将人视为质点，秋千质量不计、摆长不变、摆角小于90°，引力常量为G.那么：(1)该星球表面附近时重力加速度g星等于多少？(2)若经过最低位置的速度为v0，你能上升的最大高度是多少

？【答案】（1）2GMR（2）2202RvGM【解析】【分析】由星球表面附近的重力等于万有引力求出星球表面重力加速度．对于荡秋千这种曲线运动求高度，我们应该运用机械能守恒定律或动能定理，求出上升的最大高度．【详解】（1）由星球表面附近的重力等于万有引力，即：2MmGmgR=星则g星=2

GMR（2）经过最低位置向上的过程中，重力势能减小，动能增大．由机械能守恒定律得：mv02=mg星h则能上升的最大高度h=2202vRGM．17.如图甲所示，质量1kgm=的物体静止在光滑的水平面上，0t=时刻，物体受

到一个变力F作用，1t=s时，撤去力F，某时刻物体滑上倾角为37°的粗糙斜面；已知物体从开始运动到斜面最高点的vt−图像如图乙所示，不计其他阻力，g取10m/s2，求：(1)变力F做的功；(2)物体从斜面底端滑到最高点过程中克服摩擦力做功的平均功率；(3)物体回

到出发点的速度大小。【答案】(1)50J；(2)20W；(3)25m/s【解析】【详解】(1)由题中图像知物体1s末的速度110v=m/s，根据动能定理得2F11502Wmv==J(2)物体沿斜面上升的最大距离

11102x=m=5m物体到达斜面时的速度210v=m/s，到达斜面最高点的速度为零，根据动能定理有f2F21sin3702mgxWmv−−=−解得fF20W=J则平均功率为fF20WPt==W(3)设物体重新到达斜面底端时的

速度为3v，则根据动能定理有f22F3211222Wmvmv−=−解得325v=m/s此后物体做匀速直线运动，物体回到出发点的速度大小为25m/s。18.如图所示，光滑曲面AB与水平面BC平滑连接于B点，BC右端连接内壁光滑、半径为r的14细圆管CD，管口D端正下方直立

一根劲度系数为k的轻弹簧，轻弹簧下端固定，上端恰好与管口D端齐平．质量为m的小球在曲面上距BC的高度为2r处从静止开始下滑，进入管口C端时与管壁间恰好无作用力，通过CD后压缩弹簧，在压缩弹簧过程中速度最大时弹簧的弹性势能为

Ep，已知小球与BC间的动摩擦因数μ＝0.5.求：(1)小球达到B点时的速度大小vB；(2)水平面BC的长度s；(3)在压缩弹簧过程中小球的最大速度vm.【答案】（1）gr２（2）3r（3）2223PmEmgvgrkm=+−【解析】【详解】试题分析：（1）由机

械能守恒得2B122mgrmv=得2Bvgr=（2）由2Cvmgmr=得vC=gr由动能定理得2C122mgrmgsmv=－解得s=3r（3）设在压缩弹簧过程中速度最大时小球离D端的距离为x，则有kx=mg得mgxk=由功能关系得22mC11()22P

mgrxEmvmv+−=−得2223PmEmgvgrkm=+−考点：考查了动能定理，功能关系，机械能守恒定律得应用