【文档说明】【精准解析】湖北省武汉市2019-2020学年高二下学期期中联考物理试题【武汉专题】.docx，共(20)页，686.774 KB，由小赞的店铺上传

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物理一.选择题（每题4分，1-8单选，9-12多选，漏选得2分，多选或错选得0分，共48分）1.关于分子动理论，下列说法正确的是（）A.分子间的引力总是随分子间距增大而增大B.分子间同时存在着引力和斥力，其中引力比斥力大C.悬浮微粒越大

越容易被分子碰撞，所以布朗运动越明显D.扩散现象证明了物质分子永不停息的无规则运动【答案】D【解析】【详解】A．分子间的引力随着分子间距离增大而减小，A错误；B．根据分子间作用力与分子间距离关系的图像可知分子间同时存在着引力和斥力，其中引力不一定比斥力大，B错误；

C．悬浮颗粒越小，液体分子对固体小颗粒撞击形成的不平衡性越大，布朗运动越明显，C错误；D．扩散现象证明了物质分子永不停息的无规则运动，D正确。故选D。2.下列各图中，线圈中能产生感应电流的是（）A.B.C

.D.【答案】C【解析】【详解】AB．产生感应电流的条件有两个，一是闭合回路，二是穿过闭合回路的磁通量发生变化，AB选项中闭合线框中的磁通量未改变，所以不会产生感应电流，故AB错误；C．闭合线框中磁通量发生改变，可以产生感应电流，故C正确；D．线框不闭合，不可以产生感应

电流，故D错误。故选C。3.一长直铁芯上绕有线圈P，将一单匝线圈Q用一轻质绝缘丝线悬挂在P的左端，线圈P的中轴线通过线圈Q的中心，且与线圈Q所在的平面垂直．将线圈P连接在如图所示的电路中，其中R为滑动变阻器，E为直流电源，S为开关．下列情况中，可观测到Q向

右摆动的是（）A.S闭合的瞬间B.S断开的瞬间C.在S闭合的情况下，将R的滑片向b端移动时D.在S闭合的情况下，保持电阻R的阻值不变【答案】B【解析】【详解】A．由楞次定律的第二种描述：“来拒去留”可知要使Q向右运动，通过Q、P的磁通量应减小，所以流过P

的电流需减小；而S闭合过程中电流增大，磁通量增大．故A不符合题意．B．S断开的瞬间，流过P的电流减小，磁通量减小，所以Q将向右运动．，故B符合题意．C．在S闭合的情况下，若将移动滑动头向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中电流增大，磁通量增

大，故会使Q左移．故C不符合题意．D．在S闭合的情况下，保持电阻R的阻值不变，则电路中的电流不变，所以穿过Q的磁通量不变，所以Q内不能产生感应电流，Q不动．故D不符合题意．4.一线圈匝数为n=10匝，线圈电阻r=2.0Ω，在线圈外接一个阻值R=3.0Ω的电阻，如图甲所

示。线圈内有垂直纸面向里的磁场，线圈内磁通量Φ随时间t变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是（）A.线圈中产生的感应电动势为10VB.R两端电压为5VC.电路中消耗的总功率为5WD.通过R的电流大小为2.5A【答案】C【解析】【详解】A．根据法拉第电磁感应定律可知

线圈中的感应电动势4210V5V4Ent−===A错误；B．根据串联电路的分压规律可知R的分压35V3V32RUERr===++B错误；C．电路中消耗的总功率255W5W32EPRr===++C正确；D．通过电阻R的电流为5A1A32EIRr===++D错误。故选C。

5.在图甲所示的理想变压器a、b端加图乙所示的交变电压。已知变压器原副线圈的匝数比为2：1，R1为热敏电阻（温度升高时，其电阻减小），R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。下列判断正确的是（）A.电压表V1的示数为222VB.R1处温度升高时，变

压器的输出功率变大C.R1处温度升高时，V1示数变小，V2示数变小D.R1处温度升高时，V1示数不变，V2示数变大【答案】B【解析】【详解】A．原线圈输入电压的有效值即电压表1V的示数1222V22V2U==A错误；B．温度升高，电阻1R阻值减小，根据理想变压器的电压规律1122UnUn=可知副线

圈两端电压2U恒定，根据2UPR=可知副线圈两端功率增大，所以变压器的输出功率变大，B正确；CD．原线圈两端电压1U和副线圈两端电压2U保持不变，所以电压表1V示数不变，副线圈总电阻减小，电流增大，则R分压增大，1R分压减小

，所以电压表2V示数减小，CD错误。故选B。6.某气体的摩尔质量是M，标准状态下的摩尔体积为V，阿伏伽德罗常数为NA，下列叙述中正确的是（）A.该气体在标准状态下的密度为AMNVB.该气体每个分子的质量为ANMC.每个气体分子在标准状态下的体积为AVND.该气体单位体积内的分子数为ANV【

答案】D【解析】【详解】A．该气体在标准状态下的密度为MV，A错误；B．该气体每个分子的质量为AMN，B错误；C．每个气体分子在标准状态下占据的体积为AVN，C错误；D．该气体单位体积内的分子数为ANV，D正确。故选D。7.关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是（）A.某种物体的温度

为0°C，说明该物体中分子的平均动能为零B.物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，内能也一定增大C.当温度变化1°C时，也可以说成温度变化274KD.质量相同时，0°C的水比0°C的冰的内能大【答案】D【解析】【详解】A．分子在做永不停歇的无规则热运动，物体中分

子的平均动能不可能为零，A错误；B．物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，物体的内能还与分子的势能有关，所以内能不一定增大，B错误；C．当温度变化1°C时，也可以说成温度变化1K，C错误；D．0°C的冰融化成水需要吸收热量，所以质量相同时，0°C的水比0°C

的冰的内能大，D正确。故选D。8.如图，竖直放置、开口向下的试管内用水银封闭一段气体，若试管自由下落，管内气体A.压强增大，体积增大B.压强增大，体积减小C.压强减小，体积增大D.压强减小，体积减小【答案】B【解析】【详解】设大气压为p0，试管内封闭气体压强

为p1，水银重力为G，试管横截面积为S，根据平衡则有01pSpSG=+自由下落时，水银处于完全失重状态，对下表面没有压力，根据受力平衡则有02pSpS=对比可得12p>p，即压强增大．根据理想气体状态方程，温度不变则有1

122pvpv=所以12vv，体积变小．A．压强增大，体积增大，与结论不相符，选项A错误；B．压强增大，体积减小，与结论相符，选项B正确；C．压强减小，体积增大，与结论不相符，选项C错误；D．压强减小，

体积减小，与结论不相符，选项D错误；故选B。9.在同一匀强磁场中，两个相同的矩形金属线圈a、b分别绕线圈平面内且与磁场垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的图像如图所示，则（）A.线圈b转2圈时，线圈a转了3圈

B.线圈b产生的电动势的有效值为10VC.t=0.02s时，线圈a恰好经过中性面D.t=0.015s时，线圈b恰好经过中性面【答案】AC【解析】【详解】A．根据图像可知两金属线圈周期之比0.0420.063abTT==转速之比为32aabbbanTnT===所以线圈b转2圈时，线圈a转了

3圈，A正确；B．线圈a产生的感应电动势的最大值为15VaaENBS==线圈b产生的感应电动势的最大值为2215V10V33bbaENBSNBS====线圈b产生的感应电动势的有效值为10V2，B错误；C．0.02s

t=时，线圈a产生的感应电动势为0，所以a恰好经过中性面，C正确；D．0.015st=时，线圈b产生的感应电动势最大，所以b恰好经过与中性面垂直的面，D错误。故选AC。10.一定质量的理想气体的状态发生变化，经历了图示A→B→C→A的循环过程，则（）A.气体在A状

态时的温度等于气体在B状态时的温度B.从状态B变化到状态C的过程中，气体经历的是等压变化C.从状态B变化到状态C的过程中，气体分子平均动能增大D.从状态C变化到状态A的过程中，气体的温度逐渐减小【答案】AB【解析】【详解】A．气体在A状态和B

状态满足玻意尔定律pVC=，所以A、B两状态温度相等，A正确；B．根据图像可知，从状态B变化到状态C的过程中，压强恒定，所以气体经历的是等压变化，B正确；C．根据图像可知CBVV，根据盖-吕萨克定律VCT=可知CBTT，温度是分子平均动能的标志

，所以从状态B变化到状态C的过程中，气体分子平均动能减小，C错误；D．根据图像可知CApp，根据查理定律pCT=可知CATT，从状态C变化到状态A的过程中，气体的温度逐渐增大，D错误。故选AB。11.如图所示，一导热良好的汽缸内用活塞封住一定量的理想气体（不计活

塞厚度及与缸壁之间的摩擦），用一弹簧连接活塞，将整个汽缸悬挂在天花板上。弹簧长度为L，活塞距地面的高度为h，汽缸底部距地面的高度为H，活塞内气体压强为p，体积为V，下列说法正确的是（）A.当外界温度升高（大气压不变）时，L

不变、H减小、p不变、V变大B.当外界温度升高（大气压不变）时，h减小、H变大、p变大、V减小C.当外界大气压变小（温度不变）时，h不变、H减小、p减小、V变大D.当外界大气压变小（温度不变）时，L不变、H变大、p减小、V不变【答案】AC【解析】【详解】

AB．对汽缸和活塞构成的整体受力分析，受到竖直向下的重力和竖直向上的弹力，所以弹簧的弹力恒定，形变量恒定，活塞位置不变，所以汽缸内理想气体的压强恒定，当外界温度升高，根据盖-吕萨克定律VCT=可知气体体积V增大，则L、h不变，H减小，A正确，B错误；C

D．对汽缸受力分析0MgpSpS+=外界大气压0p减小，所以气体压强p减小，根据玻意尔定律pVC=可知气体体积V增大，则L、h不变，H减小，C正确，D错误。故选AC。12.甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲分子对乙分子的作用力

与两分子间距离的关系如图中曲线所示，0F为斥力，0F为引力。a、b、c、d为x轴上四个特定的位置，现把乙分子从a处由静止释放，则（）A.乙分子由a到b加速度逐渐增大，由b到c加速度逐渐减小B.乙分子由a到

c做加速运动，分子势能逐渐增大C.乙分子由a到b的过程中，两分子间的分子力一直做负功D.乙分子由c到d的过程中，两分子间的分子力一直做负功【答案】AD【解析】【详解】A．根据牛顿第二定律Fma=结合图像可知乙分子由a到b加速度逐渐增大

，由b到c加速度逐渐减小，A正确；B．乙分子由a到c做加速运动，分子力做正功，分子势能逐渐减小，B错误；C．乙分子由a到b的过程中，两分子间的分子力体现引力，一直做正功，C错误；D．乙分子由c到d的过程中，分子力体现斥力，一直做负功，D正确。故选AD。二、实

验题（每空2分，其中13题8分，14题8分，共16分）13.(1)在“研究电磁感应现象”的实验中：为了研究感应电流的方向，图中滑动变阻器和电源的连线已经画出，请将图中实物连成实验所需电路图___________。(2)线圈A放在B中不动，在突然接通S时，B线

圈中产生的感应电流方向与A线圈中的电流方向____________（填“相同”或“相反”或“无电流”）。(3)连接好实验线路后，闭合开关，发现电流计的指针向左偏，则在闭合开关后，把螺线管A插入螺线管B的过程中，电流表的指针将向_

____________偏转（填“向左”“向右”或“不”）。(4)闭合开关后，线圈A放在B中不动，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，电流表指针将向____________偏转（填“向左”“向右”或“不”）。【答案】(1).(2).相反(3).向左(4).向右【解析】【详解】(1)[1

]连接电路如图。(2)[2]突然接通S后，A线圈中的磁通量增大，根据楞次定律可知B线圈中感应电流产生的磁场应阻碍A线圈中磁通量的增大，所以B线圈中产生的感应电流方向与A线圈中的电流方向相反。(3)[3]闭合开关，B线圈中磁通量增大，电流表指针向左偏转，把螺线管A插入螺线管B的

过程中，磁通量增大，所以电流表指针向左偏转。(4)[4]线圈A放在B中不动，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，电流减小，线圈B中磁通量减小，电流表指针向右偏转。14.实验所用油酸酒精溶液的浓度为每104mL溶液中含有纯油酸6mL，用注射器测得1mL上述溶液为80滴。把1滴该溶液滴入盛水的

浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用笔在玻璃板上描出油膜的轮廓形状，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和尺寸如图所示，坐标中正方形方格的边长为1cm。(1)油酸膜的面积是______cm2。(2)每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体

积是______mL（保留2位有效数字）。(3)按以上实验数据估测油酸分子的直径为______m（保留2位有效数字）。(4)利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常数。如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为ρ，摩尔质量为M，则阿伏加德罗

常数的表达式为__________________。【答案】(1).115(2).7.5×10-6(3).6.5×10-10(4).3A36=MSNV【解析】【详解】(1)[1]根据图中描绘的轮廓，不足半格舍去，大于半格算一格，共计115个方格，所以油膜的面积为2211511cm115cm

=。(2)[2]每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是6461mL7.510mL1080V−==(3)[3]估测油酸分子的直径为621027.510mL106.510m115cmVdS−−−===(4)[4]单个油分

子的直径为0VdS=单个油分子的体积为333003344()32386dVVVSS===摩尔体积为molMV=则阿伏伽德罗常数为3molA306VMSNVV==三、计算题（共4题，36分，其中15题7分，16题8分，17题10分，18题11分）15.如图所示，A是容积很大的玻璃容器

，B是内径很小的玻璃管（忽略玻璃管体积），B的左端与A相通，右端开口，B中有一段水银柱将一定质量的理想气体封闭在A中，当把A放在冰水混合物里，开始时B的左管比右管中水银高20cm；当B的左管比右管的水银面低20cm时：(1)求A中

气体前后的气压分别是多少？(2)当B的左管比右管的水银面低20cm时，A中气体的温度是多少？（设大气压强p0=76cmHg）【答案】(1)56cmHg，96cmHg；(2)468K【解析】【详解】(1)初状态压强1056cmHgpph=−=末状态压强2

096cmHgpph=+=(2)由于A的体积很大而B管很细，所以A容器的体积可认为不变。以A中气体为研究对象，由查理定律得1212ppTT=已知1273KT=，解得2468KT=16.如图所示，一导热性能良好的气缸放置在水

平面上，其横截面积S=20cm2，内壁光滑，固定的卡口A、B与缸底的距离L=1.5m，厚度不计质量为m=10kg的活塞在气缸内封闭了一段长为2L、温度为T0=320K的理想气体。现缓慢调整气缸开口至竖直向上，取重力加速度g=10m/s2，大气压强为p0=1.0×1

05Pa。求：(1)气缸被竖起来时，此时气缸内的压强为多大？(2)稳定时缸内气体高度；(3)当缸内温度逐渐降到240K时，活塞所处的位置。【答案】(1)51.510Pa；(2)2m；(3)距离汽缸底部1.5m【解析】【详解】(1)以活塞为研究对象520+

1.510PamgppS==(2)气体初态5101.010Papp==12VLS=设稳定时缸内气体高度为1h，则气体末态21VhS=由玻意耳定律1122pVpV=代入数据解得12mh=(3)当温度降到240K时，理想气体发生

等压变化，当稳定时假设活塞落在卡口A、B上，缸内气体高度为L3VLS=由盖-吕萨克定律3201VVTT=解得1.5mL=假设成立，活塞恰好落在卡口A、B上，活塞距离汽缸底部1.5m。17.某发电机输电电路的简图如图所示，发电机的矩形线框ABCD处于磁感应强度大小为2T10B=的水

平匀强磁场中，线框面积为S=0.25m2，匝数为100匝，电阻不计。线框绕垂直于磁场的轴OO'以一定的角速度匀速转动，并与升压变压器的原线圈相连，升压变压器原、副线圈的匝数之比1：20，降压变压器的副线圈接入到小区供生活用电，两变压器

间的输电线等效电阻R=20Ω，变压器均为理想变压器。当发电机输出功率为4510W时，此时电压表的示数为250V，灯泡正常发光。求：(1)线圈角速度的大小；(2)输电线上损失的功率；(3)降压变压器原、副线圈的匝数之比。【答案

】(1)100πrad/s；(2)2000W；(3)240∶11【解析】【详解】(1)矩形闭合导体框ABCD在匀强磁场中转动时的角速度为，产生的交流电的最大值为ENBS=电压表读数为电压的有效值22ENBSU==解得22250rad/s100rs20.0251a/00d1UNBS=

==(2)升压变压器的输出电压122125020=V=5000V1UnUn=当发电机输出功率为4510W时422510A=10A5000PIU==则输电线上损失的功率为2221020W=2000WPIR=

=(3)降压变压器原线圈上点的电压为3250000-2000V=4800V10PPUI−==又由题意知，降压变压器的另一端供生活用电，所以4220VU=，所以降压变压器原、副线圈的匝数之比为3344480024022

011nUnU===18.如图（甲）所示，将一间距L=1m的足够长U形导轨固定，倾角为37=，导轨上端连接一阻值为R=10.0Ω的电阻，整个空间存在垂直于轨道平面向上的匀强磁场。质量为m=1kg、电阻为r=2.0Ω的金属棒ab垂直紧贴在

导轨上且不会滑出导轨，导轨与金属棒之间的动摩擦因数0.5=，金属棒ab从静止开始下滑，下滑的xt−图像如图（乙）所示，图像中的OA段为曲线，AB段为直线，导轨电阻不计且金属棒下滑过程中始终与导轨垂直且紧密接触，重力加速度g取210m/s，sin370.

6=，cos370.8=。求：(1)匀强磁场的磁感应强度B的大小；(2)从开始到2.5st=过程中ab上产生的热量。【答案】(1)4T；(2)0.8125J【解析】【详解】(1)从图像可得金属棒先做加速运动，再做匀速运动，匀速运动的速度3.01.5m/s1.5m/s2.51.5xvt−

===−匀速运动时受沿斜面向上的安培力AF作用，根据平衡条件有AsincosmgmgF=+代入数据解得A2NF=又ABLvFBILBLRr==+解得4TB=(2)2.5st=时金属棒ab做匀速直线运动，速度大小1.5m/sv=，位移大小3.0mx=，设从开始到2.5

st=过程中电路中产生的热量Q，根据能量守恒定律得21sincos2mgxmvmgxQ=++代入数据解得4.875JQ=导体棒电阻r上产生的热量0.8125JrrQQRr==+获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号

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