【文档说明】浙江省浙南名校联盟2022-2023学年高一上学期11月期中联考物理试题 含解析.docx，共(27)页，6.963 MB，由小赞的店铺上传

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2022学年第一学期浙南名校联盟期中联考高一年级物理学科试题考生须知：1．本卷共8页满分100分，考试时间90分钟；2．在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字；3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效，考试结束后

，只需上交答题纸；4．特别说明：本卷210m/s=g．选择题部分一、单项选择题（本题共11小题，每小题3分，共33分，每小题只有一个正确答案，多选、不选、错选均不给分）1.许多伟大科学家做出突出贡献，促进物理学的发展，丰富人类对物质世界的认识，

推动科学技术的创新和革新。下列表述正确的是（）A.伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法B.牛顿最先建立描述运动的物理量，诸如平均速度、瞬时速度以及加速度等C.胡克定律Fkx=中，劲度系数k与弹力F成正比，与

形变量x成反比D.一对作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上，所以合力总为零【答案】A【解析】【详解】A．伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来

，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故A正确；B．描述运动的物理量，诸如平均速度、瞬时速度以及加速度等，是伽利略建立的，故B错误；C．弹簧劲度系数k只与弹簧本身有关，与弹力F、形变量x无关，故C错误；D．作

用力和反作用力作用在不同物体上，不能合成，故D错误。故选A。2.下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）的A.甲图中研究雄鹰翅膀运动方式对飞行的影响时，可以把雄鹰看作质点B.乙图中诗句“卧看满天云不动，不知云与我倶东”，以“云

”为参考系，诗人是运动的C.丙图中某学生在校运动会400m比赛中成绩为50.6s，其平均速度约为7.91m/sD.丁图中飞机起飞前在跑道上加速滑行，加速度a方向与速度变化量v方向相同【答案】D【解析】【详解】A．甲图中研究

雄鹰翅膀运动方式对飞行影响时，不可忽略雄鹰的大小及形状，不能把雄鹰看作质点，A错误；B．乙图中诗句“卧看满天云不动，不知云与我倶东”，以“云”为参考系，诗人是静止的，B错误；C．丙图中某学生在校运动会400m比赛中该同学恰好绕操场跑完一周，其位移为0，平均速度约为0

，C错误；D．丁图中飞机起飞前在跑道上加速滑行，加速度a方向与速度变化量v方向相同，D正确；故选D。3.足球运动是目前全球体育界最具影响力的运动项目之一，深受青少年喜爱。如图所示为四种与足球有关的情境，下列说法中正确的是（）A.图甲中，静止在水平地面上的足球对地面的压力就是它的重力B.

图乙中，静止在水平地面上的两个足球由于接触两球之间一定存在弹力C.图丙中，足球被踢起过程中，足球受到的弹力是由于鞋发生形变而产生的D.图丁中，被踢出在空中运动的足球受到重力、空气阻力和鞋对球的弹力【答案】C【解析】

【详解】A．静止在地面上的足球，对地面的压力作用在地面上，而重力作用于球上，故A错误；的B．静止在光滑水平地面上的两个足球由于接触，若没有弹性形变，则没有受到相互作用的弹力，故B错误；C．足球被踢起过程中，足球受到的弹力是

由于鞋发生形变而产生的，故C正确；D．被踢出在空中运动的足球受到重力和空气阻力两个力的作用，故D错误。故选C。4.教材中给出了一些地点的重力加速度，如下表所示，下列说法中正确的是（）标准值：29.80665m/sg=地点纬度()2

/msg−赤道海平面09.780马尼拉14359.784广州23069.788武汉30339794上海31129794东京35439.798北京39569.801纽约40409.803莫斯科5

5459.816北极909.832A.同一物体在不同地点，所受的重力大小相等B.地面附近的重力加速度，随纬度的升高而减小C.不同质量的物体在同一地点自由下落，在相等时间内速度变化量相同D.在地球表面的

不同地点，重力加速度的方向都相同【答案】C【解析】..【详解】A．同一物体在不同地点，重力加速度大小不相等，则所受的重力大小不相等，故A错误；B．地面附近的重力加速度，随纬度的升高而增大，故B错误；C．不同质量的物体在同一地点自由

下落，重力加速度不变，根据vgt=可知在相等时间内速度变化量相同，故C正确；D．在地球表面的不同地点，重力加速度的方向并不相同，故D错误。故选C。5.图甲为无人机拍摄的校园照片，图乙为正在高空进行拍摄的无人机，若图

乙中无人机在空中处于悬停状态进行拍摄，在无风无雨的理想情况下，下列说法正确的是（）A.无人机所受重力和无人机对空气向下推力为一对平衡力B.无人机所受重力和空气对其向上的推力为一对平衡力C.无人机所受重力和空气对其向上的推力为一对作用力和反作用力D.空气对无人机向上的推力大于无人机对

空气向下的推力时无人机才能上升【答案】B【解析】【详解】A．无人机所受重力受力物体是无人机，无人机对空气向下的推力受力物体是空气，而一对平衡力作用于同一物体上，故A错误；BC．无人机所受重力和空气对其向上的推力为一对平衡力，故B正确，C错误；D．空气对无人机

向上的推力始终等于无人机对空气向下的推力，是一对相互作用力，当空气对其向上的推力大于无人机的重力时无人机才能上升，故D错误。故选B。6.如图所示，将一手机放置在一块表面粗糙的水平长木板上，缓慢抬高长木板的一端，该过程手机始终保持静止状态，下列说法正确的是（

）A.手机与木板间的动摩擦因数逐渐增大B.手机受到的摩擦力逐渐减小C.木板对手机的作用力始终保持不变D.手机对木板的压力始终保持不变【答案】C【解析】【详解】A．动摩擦因数和接触面的粗糙程度有关系，缓慢抬高长木板的一端的过程，手机与木板间的动摩擦因数不变，故A错误；B．手机始终保持静止

状态，则手机受到的摩擦力sinfmg=缓慢抬高长木板的一端，逐渐增大，则摩擦力逐渐增大，故B错误；C．手机始终保持静止状态，木板对手机的作用力与手机的重力始终等大反向，重力不变，则木板对手机的作用力始终保持不变，故C正确；D．手机对木板的压力

cosNNmg==缓慢抬高长木板的一端，逐渐增大，则压力逐渐减小，故D错误。故选C。7.如图是一个做直线运动物体的vt−图像，图中时间间隔ΔΔtt=，相应的速度变化量记为ΔΔvv、，位移记为ΔΔxx、，下列说法正确的是（）A.ΔΔvvB.v和v方向相同C.ΔΔxxD.

x和x方向不同【答案】B【解析】【详解】AB．由图像知，速度变化量为21vvv=−43vvv=−得速度变化量方向均沿着正方向，由图像的斜率知物体运动的加速度大小逐渐减小，时间间隔ΔΔtt=，得ΔΔvvA错误，B正确；CD．由直线运动物体的vt−图像

与时间轴围成的面积表示位移，可知在t时间内面积大于t时间内的面积，即ΔΔxx同时面积均为正值，即x和x方向相同，CD错误。故选B。8.在游乐场中有一种大型游戏项目“垂直极限”．如图所示，参加游戏的游客被安全带固定在

座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面一定高度处，然后由静止释放．可以认为座椅沿轨道做自由落体运动，下落2s后座椅受到压缩空气提供的恒定阻力作用而立即做匀减速运动，再经历4s座椅速度恰好减为零．关于座椅的运动情况，下列说法正确的是（）A.自由落体阶段和匀

减速阶段的平均速度大小之比12:1:1vv=B.自由落体阶段和匀减速阶段的平均速度大小之比12:2:1vv=C.自由落体阶段和匀减速阶段的位移大小之比12:2:1xx=D.自由落体阶段和匀减速阶段的加速度大小之比12:1:2aa

=【答案】A【解析】【详解】AB．匀变速直线运动的平均速度等于初末速度和的一半，设座椅的最大速度为v，自由落体阶段的平均速度为12vv=匀减速阶段的平均速度为22vv=所以自由落体阶段和匀减速阶段的平均速度大小之比12:1:1vv

=故A正确，B错误；C．自由落体阶段的位移为112vxt=匀减速阶段的位移为222vxt=所以自由落体阶段和匀减速阶段的位移大小之比12:1:2xx=故C错误；D．自由落体阶段的加速度为11vat=匀减速阶段的加速度为22vat=所以自由落体阶段和匀减速阶段的加速度大小之比12:2:1aa=故D

错误。故选A。9.如图，一个质量为m的均匀光滑小球处于静止状态，三角劈与小球的接触点为P，小球重心为O，PO的连线与竖直方向的夹角为θ．则三角劈对小球的弹力（）A.方向竖直向上，大小为mgB.方向竖直向上，大小为mgcosθC.方向沿PO向上，大小为cosmgD.方向沿

PO向上，大小为mgtanθ【答案】C【解析】【详解】弹力中点线接触时方向垂直于线，即三角劈对球的弹力垂直于过P点的球的切线，然后根据平衡条件求弹力的大小．对小球受力分析，三角劈对小球的弹力方向沿PO向上，采用合成法，如图，由几何知识得1cosmgN=故选C．10

.温州轨道交通S1线的开通运营，让温州成为浙江省第三座开通轨道交通的城市．轨道交通能提高出行效率，缓解高峰时段的交通压力．假设规划线路中有甲、乙两站在同一直线上，且两站的距离为2200m，通勤列车的最高行驶速度为72km/h，加速和减速的加速

度大小均不超过22m/s．则通勤列车从甲站行驶到乙站的最短时间为（）A.80sB.120sC.160sD.200s【答案】B【解析】【详解】列车的最高行驶速度为v=72km/h=20m/s由v=at可知，加速过程的最短时间为120s=10s2vta==加速过程的

位移为11100m2vxt==由v=at可知，减速过程的最短时间为220s=10s2vta==减速过程的位移为22100m2vxt==匀速过程的位移为x3=x-x1-x2=2200m-100m-100m=2000m匀速过程的

时间为332000s=100s20xtv==通勤列车从甲站行驶到乙站的最短时间为t=t1+t2+t3=10s+10s+100s=120s故选B。11.如图所示，小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B用系于竖直板上的水平轻弹簧

拉着，两小球A、B通过光滑滑轮O用轻质细线相连，两球均处于静止状态。已知A球质量为m，O点在半圆柱体圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30°角，OA长度与半圆柱体半径相等，OB与竖直方向成45°角，则下列叙述正确的是（）A.小球A、B受到的拉力TOA与TOB相等，且3O

AOBTTmg==B.弹簧弹力大小33mgC.光滑半圆柱体对A球支持力的大小为12mgD.B球质量为66m【答案】D【解析】【详解】AC．对A分析，如图所示，由几何关系可知，拉力TOA和支持力N与水平方向的夹角相等，夹角为60°，则N和T相等，有2

sin60OATmg=解得33OANTmg==根据定滑轮的特性知33OAOBmNTgT===AC错误；BD．对B分析，竖直方向有Bcos45OBTmg=水平方向有sin45OBTF=解得B66mm=弹簧弹力66Fmg=B错误，D正确。故

选D。二、不定项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求的，全部选对得4分，选对但不全的得2分，选错的得0分）12.将木块（含槽中钩码）放在水平长木板上，用弹簧

测力计沿水平方向拉木块，弹簧测力计的指针下轻塞一个可以随指针移动的小纸团，用于记录指针到达的最大位置。缓慢增大拉力，直至木块相对长木板开始移动。下列说法中正确的是（）A.木块开始运动前，木块与长木板间的摩擦力大小一定等于弹簧测力计示数B.

木块发生运动时，木块与长木板间的摩擦力大小一定等于弹簧测力计示数C.木块与长木板间的最大静摩擦力大小等于小纸团所在位置对应的弹簧测力计示数D.增大木块（含槽中钩码）的质量，小纸团最终所在位置不会改变【答案】AC【解析】【详解】A．木块开始运动前，处于平衡状态，木块受到的摩擦力与拉力平

衡，木块与长木板间的摩擦力大小一定等于弹簧测力计示数，故A正确；C．缓慢增大拉力，直至木块相对长木板开始移动，此时木块受到的最大静摩擦力恰好等于弹簧测力计的拉力，即木块与长木板间的最大静摩擦力大小等于小纸团所在位置对应的弹簧测力计示数，故C正确；B．木

块发生运动时，拉力等于最大静摩擦力，受到的拉力大于滑动摩擦力，木块与长木板间的摩擦力大小小于弹簧测力计示数，故B错误；D．增大木块（含槽中钩码）的质量，根据fmg=可知，最大静摩擦力增大，则小纸团最终所在位置会改变，故D错误。故选AC。13.2022年2月中国成功举办第24届冬奥会，北

京成为世界上首个“双奥之城”。冬奥会上的冰壶项目是极具观赏性的一项比赛，将冰壶运动简化成如下模型：从A点以初速度0v掷出，沿直线AD做匀减速直线运动，恰好停在营垒中心点D处，ABBCCD==，下列说法中正

确的是（）A.冰壶在AB、BC、CD三段上运动的时间之比::3:2:1ABBCCDttt=B.冰壶在A、B、C处的速度大小之比::3:2:1ABCvvv=C.冰壶从A运动到D的平均速度为012vD.冰壶运动到AD中点位置的速度为022v

【答案】BCD【解析】【详解】A．冰壶运动过程为匀减速直线运动，且减速为零，运用逆行思维，可以将其看成反向的匀加速直线运动，设加速度为a，有212CDCDxat=()212CDBCCDBCxxatt+=+()212CDBCABCDBCABxxxattt++=+

+综上所述，整理有::32:21:1ABBCCDttt=−−（）（）故A项错误；B．运用逆向思维，对CD段、BD段、AD段分别有202CCDvax−=()202BCDBCvaxx−=+()202ACDBCABvaxxx−=++整理有::3:2:1ABCvvv=故B项正

确；C．因为冰壶AD段运动属于匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的推论有000122vvv+==故C项正确；D．设AD运动重点速度为v，则其前半段运动和后半段运动有22022ADxvva−=−2022ADxva−=−

整理有022vv=故D项正确。故选BCD。14.如图所示，将一个竖直向下F=180N的力分解成F1、F2两个分力，F1与F的夹角为α=37°，F2与F的夹角为θ，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法中正确的是（）A.当θ=90°时，F2=2

40NB.当θ=37°时，F2=112.5NC.当θ=53°时，F2=144ND.无论θ取何值，F2大小不可能小于108N【答案】BD【解析】【详解】A．当θ=90°时，有Ftanα=F2解得F2=135N故A错误；B．当θ=37°时，有F=2F1cos

α，F2=F1解得F1=F2=112.5N故B正确；C．当θ=53°时，有F2=Fsinα解得F2=108N故C错误；D．当F2与F1垂直且F1、F2和F构成一个封闭的三角形时F2有最小值，且最小值为F2min=Fsinα解得F2min=108N故D正确。故选BD。1

5.一辆汽车以初速度010m/sv=在水平路面上匀速行驶，因前方交通事故紧急刹车而做匀减速直线运动，最后静止。汽车在刹车后最初5s内通过的位移与最后5s内通过的位移之比为12:11:5xx=，则（）A.汽车刹车的总时间为8sB.汽车在最初5s内通过的

位移与最后5s内通过的位移之差为1215mxx−=C.汽车刹车过程的加速度大小为21m/sD.汽车在刹车后最初5s内的平均速度为6.875m/s【答案】AD【解析】【详解】AC．设物体运动的加速度大小为a，运动总时间为t，把物体运动看成反向的初速度为0的匀加速直线运

动，则有，最后5s内位移为22125522xaa==最初5s内位移为22111(5)22xatat=−−且12:11:5xx=联立解得t=8s21.25m/sa=故A正确，C错误；B．汽车在最初5s内通过的位移221118(85)34.375m22xaa=

−−=汽车在最后5s内通过的位移221515.625m2xa==汽车在最初5s内通过的位移与最后5s内通过的位移之差为1234.375m15.625m18.75mxx−=−=故B错误；D．汽车在刹车后最初5s内的平均速度为1134.375s7m5s6.85m/xvt===故D正确。故选A

D。非选择题部分三、实验题（本题共2小题，共14分）16.在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示，一端装有定滑轮的轨道放在水平桌面上，将小车、细线、重物、打点计时器、纸带等安装好．（1）本实

验使用的打点计时器如图乙，相匹配的电压要求是_____A．B．C．（2）郑同学通过正确的实验操作，得到一条如图丙所示的纸带．图中各点为打点计时器实际打下的点，0、1、2、3、4、是纸带上的5个计数点．实验所用交流电频率为50赫兹，则打下计数点1时小车的速度为_

____m/s，小车的加速度为_____2m/s（结果均保留两位有效数字）．（3）另一实验小组兰同学根据实验数据描绘的点如图丁所示，画出小车的速度随时间变化的图像，恰当做法是______A．B．C．【答案】①.C②.0.21##0.22##0.

23##0.24③.0.38##0.39##0.40##0.41④.B【解析】【详解】（1）[1]本实验使用的打点计时器为电火花计时器，使用220V交流电源。故选C。（2）[2][3]相邻计数点间的时间间隔

为50.1s==Tf刻度尺的最小分度值为1mm，计数点0-4对应的数值为0mm，20.0mm，44.0mm，72.0mm，104.0mm，匀变速运动中间时刻速度等于该段的平均速度，则打下计数点1时小车的速度为22244.010m/s=0.22m/s220.1xvT−==根据逐

差法可得小车的加速度为22242222104.044.044.010m/s0.40m/s440.1xxxaT−−−−−===（3）[4]在用图像法处理数据时，应使尽量多的点迹落在直线上，不在直线上的点迹要均匀分布在直线两侧，

舍弃偏离直线较远的点迹，并且要将直线延长到与坐标轴相交。故选B。17.在“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中，用到的实验器材有：带钉子的木板、白纸、图钉、弹簧秤2个、带2个细绳套的橡皮条、刻度尺等，实验情形如图甲所示。（1）某次实验时弹簧秤示数如图乙所示，它的读数为____

__N。（2）某次实验时，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度共同作用时拉力11.50NF=、22.10NF=，另一次用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮筋时拉力2.78NF=，根据图丙中的标度已完成了2F和F的图示，请完成1F的图示，并用

虚线把F的箭头端分别与1F，2F的箭头端连接____________。（3）关于本实验的操作，下列说法正确的是____________A．拉着细绳套的两只弹簧秤，稳定后读数应相同B．在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向只需

再选择相距较远的一个点C．测量时弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦D．测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板【答案】①.3.15##3.14##3.16##3.17##3.18##3.19②.③.BD#DB【解析】【详解】（1）[1]弹簧秤的精度为0.1N，

估读到0.01N，根据题图所示为读数为3.15。（2）[2]取单位长度为1N，做出其力的图示，如图所示（3）[3]A．在不超出弹簧测力计的量程和橡皮条形变限度的条件下，使拉力适当大些，但是不必使两个弹簧弹簧

秤的读数相同。故A项错误；B．在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向只需要再选择一个点就可以确定拉力的方向，故B项正确；C．实验中拉弹簧秤时，只需要让弹簧与外壳间没有摩擦，此时弹簧测力计的示数即为弹簧对细绳的拉

力相等，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关，故C项错误；D．为了减小实验中摩擦对测量结果的影响，在拉橡皮条时，橡皮条。细绳和弹簧秤应贴近并平行与木板，故D项正确。故选BD。四、计算题（本题共4小题，共37分．要求画出必

要的图形，写出必要的文字说明、重要的方程式和演算步骤，有数值计算的必须明确写出数值和单位）18.如图所示，学校教学楼高度h=18.75m，符老师操控无人机悬停在离地面H=80m处进行航拍，由于操控不当，无人机失去

动力径直下陆，不计空气阻力，无人机可视为质点，求：（1）无人机落到地面时的速度；（2）无人机通过教学楼时间。的【答案】（1）40m/s，方向竖直向下；（2）0.5s【解析】【详解】（1）下落过程22vgH=解得v=40m/s，方向

竖直向下（2）无人机下落到学校教学楼顶端所用的时间2112Hhgt−=解得t1=3.5s无人机落地需要的时间2212Hgt=解得t2=4s则无人机通过教学楼的时间t=t2－t1=0.5s19.如图甲所示，一滑块（可视为质点）以初速

度016m/sv=从A点沿斜面上滑，到达最高点B后返回至出发点A。取沿斜面向上方向为正方向，并以滑块由A点出发时为0=t时刻，滑块在6st=时返回到A点，整个过程的vt−图像如图乙所示。求：（1）滑块上滑过程的最大位移；（2）滑块返回到A点的速度大小；（3）C点距A点12m，滑

块经过C点对应的时刻。【答案】（1）16m；（2）8m/s；（3）1s和4s【解析】【详解】（1）vt−图像与时间轴围成的面积表示位移，由图知上滑过程的最大位移1162m16m2x==（2）返回过程位移大小等于上滑过程位移大小，故Δ2vxt=其中4st=，解得滑块返回到A点的速度大小

8m/sv=（3）上滑经过C点21011112xvtat=+其中212m/8s2s06/1ma−−==解得1slt=下滑经过C点221221(2)2xxxat=−=−其中222m/s2m/svat==解得24st=对应的时刻为1s和4s。20

.我国打破西方国家的技术封锁在川西山区建成了亚洲最大的风洞群，目前拥有8座世界级风洞设备，具备火箭助推和飞艇带飞等飞行模拟试验能力。如图所示，风洞实验室中可以产生水平向右、大小可调节的风力，现将套有小球的足够长细直杆放入风洞实验室

，小球质量1.1kgm=，小球孔径略大于杆直径，已知sin370.6=，cos370.8=。（1）当杆在水平方向固定时（如图甲），调节风力的大小，使小球在杆上做匀速运动，此时风力大小为15.5NF=，求小球与杆间的动摩擦因数；（2）在满足第（1）问

的条件下，当杆与水平方向夹角为37时（如图乙），调节风力大小让小球沿杆恰好做匀速直线运动，求此时风力的大小。【答案】（1）0.5；（2）22N或者2N【解析】【详解】（1）小球在杆上做匀速运动，对小球进行分析有11FN=1Nmg=解得0.5=（2）若小球匀速上滑，对小球进行分析，如图所示则有

2f1cos37sin37FmgF=+N12sin37cos37FFmg=+f1N1FF=解得222NF=若小球匀速下滑，对小球分析如图所示则有3f2cos37sin37FFmg+=3N2sin37cos37FFmg=+f2N2

FF=解得32NF=21.如图所示，质量为50kgm=的杂技演员利用动滑轮（图中末画出）悬挂在细绳上以完成各种杂技表演。绳子一端固定在竖直杆上的a点，另一端通过定滑轮与静止在粗糙水平地面上质量为220kgM=物体连接，物体与水平地面的动摩擦因数0.5=。当杂技演员静止不动时，定滑轮两侧细

绳与水平方向的夹角分别为30,37==。细绳不可伸长，不计绳子质量、动滑轮质量以及滑轮与细绳间的摩擦，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知sin370.6=，cos370.8=。求：（1）杂

技演员静止在最低点时，绳子张力的大小；（2）杂技演员静止在最低点时，水平地面对物体的支持力大小和摩擦力大小。（3）保持定滑轮和物体位置不变，将竖直杆往左侧移动，滑轮左侧细绳与水平方向的夹角减小，为了不让物体发生滑动，sin的最小值。【答案】（1）500N；（2）19

00N，400N；（3）14【解析】【详解】（1）对动滑轮分析，如图T2sinFmg=解得T500N2sinmgF==（2）对物体分析，如图由平衡可得TNsinFFMg+=fTcosFF=解得N1900NF=f400NF=（3）物体恰好要开始滑动时，有()TTcossi

nFMgF=−解得T1000NF=对动滑轮分析有T1sin24mgF==获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com