【文档说明】江苏省常州市2022-2023学年高三上学期期末考试（延期） 物理 含答案.docx，共(10)页，810.011 KB，由小赞的店铺上传

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2022～2023学年高三年级模拟试卷物理(满分：100分考试时间：75分钟)2023．2一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．每小题只有一个选项最符合题意．1.我国交通安全法规定，汽车要礼

让行人．某汽车以10m/s的速度在水平马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m处的斑马线上有行人，于是刹车，由于存在反应时间，汽车匀速前进5m后开始匀减速，最终恰好停在斑马线前，则汽车在减速阶段的加速度大小为()A.20m/s2B.6m/s2C.5m/s2D.4m/s22.

我国未来将建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站．如图所示，关闭发动机的航天飞机在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆轨道的近月点B处进入空间站轨道，准备与空间站对接．已知空间站绕月轨道半径为r，周期为T，万有引力常量为G.下列选项正确的是()A.航天飞机在由A处飞向B处时做

减速运动B.航天飞机到达B处由椭圆轨道进入空间站轨道时必须加速C.月球的质量为M＝4π2r3GT2D.月球的第一宇宙速度为v＝2πrT3.电容式传感器实质上是一个可变电容器，当某待测量发生变化时，能引起电容器的电容变化．如图所示为四个电容式传感器的示意图．

下列通过改变电容器两极板正对面积实现信号传递的是()A.图(a)、图(b)B.图(b)、图(c)C.图(c)、图(d)D.图(a)、图(d)4.将一圆形细铁丝圈蘸上肥皂水，使圈内附上肥皂膜，水平静置时，由于重力作用，肥皂膜中央区域略凹且厚度略大，让单色

光从上方射入，如图所示．则从上往下可看到()A.等距的平行条纹B.等距的环状条纹C.内密外疏的环状条纹D.内疏外密的环状条纹5.静电除尘烟囱，放电极附近的强电场使空气分子电离为正离子和电子，使尘埃颗粒带负

电，被吸附到正极．如图所示为一个尘埃颗粒的运动轨迹，下列说法正确的是()A.尘埃颗粒的初速度可能为零B.尘埃颗粒的动能一直增大C.尘埃颗粒的加速度先减小后增大D.尘埃颗粒的电势能先增大后减小6.某同学在方格

坐标纸上做测量玻璃砖折射率的实验．MN、PQ为玻璃砖的上下表面，a、b为入射光线上的两枚大头针，让c挡住a、b的像，d挡住c和a、b的像，根据图示可测得该玻璃砖的折射率约为()A.0.6B.1.6C.2.0D.2

.57.甲、乙两列简谐横波在同一均匀介质中传播，甲波沿x轴正方向传播，乙波沿x轴负方向传播，t＝0时刻两列波恰好在坐标原点相遇，波形图如图所示．则()A.x＝－3m处的质点起振时向y轴负向运动B.甲、乙两列波不具有相干性C.坐标原点为振动减弱点D.

两个相邻振动加强点间的距离为1m8.用一根横截面积为S、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的直径．如图所示，在ab的左侧存在一个匀强磁场，磁场垂直圆环所在平面，方向如图所示，磁感应强度随时间的变化规律为B＝kt(k>0)，则()A.圆环有扩张的

趋势B.圆环有向左滑动的趋势C.圆环中感应电流的大小为krS4ρD.圆环t秒末所受的安培力为k2r2Stρ9.如图所示，某同学用玩具枪练习射击，用电磁铁吸住一小球作为“靶子”，在玩具枪沿水平方向对着“靶子”射出一球形“子弹”的同时，电磁铁释放“靶子”小球．

已知两小球完全相同，空气阻力与速度成正比，则下列说法正确的是()A.只要h足够大，“子弹”一定能击中“靶子”B.由于空气阻力，“子弹”不可能击中“靶子”C.“子弹”和“靶子”运动过程中在一水平线上D.“子弹”落地速度可能小于“靶子”落地速度10.如图所示，一

小滑块以某一初动能沿固定斜面向下滑动，最后停在水平面上．滑块与斜面间、滑块与水平面间的动摩擦因素相等，忽略斜面与水平面连接处的机械能损失．则该过程中，滑块的动能Ek、机械能E与水平位移x关系的图线可能是()二、非选择题：共5题，共60分．其

中第12题～第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．11.(15分)某同学测量一新型电源的电动势和内阻，器材有：一个满偏电流为100μA、内阻为2500Ω的表头，一个开关，电阻箱(0～999.9Ω)

，滑动变阻器R0(最大阻值100Ω，允许最大电流1.5A)，若干导线，刻度尺和记号笔．(1)由于表头量程偏小，该同学将表头与电阻箱连接，将表头改装成量程为50mA的电流表，该电阻箱阻值应为________

Ω(保留2位有效数字).(2)该同学用改装后的电流表测量电源的电动势和内阻，请用笔画线代替导线，完成表头改装和实验电路的实物图连接．(3)开关闭合前，借助刻度尺和记号笔将滑动变阻器的电阻丝螺线管均分成5等份，将相应位置标记为n＝0、1、2、3、4、5，闭合开关，将滑动变阻器滑片依次置于不同标记

点n，并记录改装后电流表的示数，即可得到下表的5组数据，请在坐标系中作出1In图像．n54321I/mA16.019.123.832.150.01I/A－162.552.442.031.220.0(4)求出该电源的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.(均保留2位有效数

字)12.(8分)如图所示，图中阴影部分ABC为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该材料的折射率n＝2，14圆弧的半径为R，D为圆弧面圆心，ABCD构成正方形．在D处有一点光源，只考虑首次从圆弧直接射向AB、BC表面的光线，求：(1)该透

明材料的临界角；(2)有一部分光不能从AB、BC面直接射出，这部分光线照射的圆弧弧长．13.(8分)如图所示，宽度为L的足够长光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨左端接有阻值为R的定值电阻，质量为m、电阻为r的导体棒ab垂直放置在导轨上，导体棒右侧存在垂

直纸面向外，磁感应强度大小为B的匀强磁场．现有一黏性绝缘材料做成的子弹以水平向右的初速度v0击中导体棒的中间位置，与导体棒粘合在一起后共同进入磁场．子弹质量为m，不计导轨电阻，导体棒ab与导轨始终垂直且接触良好．求：(1)电路最大电流；(2)导体棒在磁场运动的过程中，电阻R上产生的焦

耳热．14.(13分)如图所示，轻杆上端可绕光滑铰链O在竖直平面内自由转动．小球A固定在轻杆末端．用细绳连接小球B，绳的另一端穿过位于O点正下方小孔P与A相连．用沿绳斜向上的拉力作用于小球A，使杆保持水平，撤去拉力，小球A、B带动轻杆绕O点转动．已知小球A、B的质量均为m，杆长为L，OP长为2L，

重力加速度为g，忽略一切阻力．(1)杆保持水平时，求轻杆对小球A拉力的大小；(2)运动过程中，求两小球速度大小相等时的速度值；(3)运动过程中，求两小球速度大小相等时细绳对小球A的拉力．15.(16分)如图所示，在坐标原点有一粒子源，以大小相同的初速度v0，向

场区各方向射出质量均为m、电荷量均为＋q的带电粒子．x>0区域内存在n组相邻的匀强电场和匀强磁场，电场宽度为d，电场强度E＝3mv202qd，方向水平向右；磁感应强度B＝3mv0qd，方向垂直纸面向里．不计重力及粒子间的相互作用力．(1)求进入

第1组磁场区的粒子的速度大小v1；(2)调节磁场宽度，恰好使所有带电粒子都不能从第1组磁场的右边界穿出，求磁场的宽度Δx；(3)保持该组合场条件不变，撤去粒子源，将另一带电粒子从O点由静止释放，若该带电粒子恰好不能穿过第n组磁场

的右边界，求该带电粒子的比荷q′m′.2022～2023学年高三年级模拟试卷(常州)物理参考答案及评分标准1.C2.C3.A4.D5.D6.B7.D8.C9.C10.D11.(1)5.0(3分)(2)如图1所示(3分)图1

图2(3)如图2所示(3分)(4)1.8～1.9(3分)13～14(3分)12.(8分)解：(1)根据sinC＝1n(2分)可知临界角为C＝30°(2分)(2)如图所示，若沿DE方向射到AB面上的光线刚好发生全反射，则∠ADF＝30°同理沿DG方向射到BC面上的光线刚好发生全反射，则∠C

DH＝30°(2分)所以照射在AC边上的入射光，有弧长为16πR区域的光不能从AB、BC边上直接射出，即FH＝16πR(2分)13.(8分)解：(1)子弹与导体棒ab碰撞过程动量守恒mv0＝2mv(1分)解得导体棒进入磁场的最大速度

为v＝v02最大感应电动势E＝BLv(1分)电流I＝ER＋r(1分)解得电路中最大电流I＝BLv02（R＋r）(1分)(2)导体棒与子弹一起进入磁场后，根据能量守恒可得Q总＝12·2mv2(2分)电阻R上产生的焦耳热QR＝RR＋rQ总

(1分)解得QR＝Rmv204（R＋r）(1分)14.(13分)解：(1)对小球A受力分析，由矢量三角形关系得T1＝mgtanα＝mg2(4分)(2)由几何关系得，小球A下降的高度hA＝L(1－sin30°)＝L2小球B下降的

高度hB＝L2＋（2L）2－（2L）2－L2＝(5－3)L(1分)由机械能守恒ΔEp＝ΔEk，且小球A在最低点时，小球B的速度大小为零(1分)则mghA＋mghB＝12×2mv2(1分)解得v＝（12＋5－3）gL(1分)(3)对小球A受力分析可得FT＋mgcos30°

＝ma(2分)对小球B有mg－FT＝ma(2分)解得FT＝2－34mg(1分)15.(16分)解：(1)所有粒子到达第1组磁场区的速度大小v相同，由动能定理可得qEd＝12mv21－12mv20(2分)解得v1

＝2v0(1分)(2)考虑到沿y轴负方向射入电场的粒子更容易射出第1组磁场区域，粒子进入磁场，电磁场分界线的夹角为θ＝60°(1分)粒子在磁场中做圆周运动，满足qvB＝mv2R(1分)运动半径R＝2mv0qB＝23d(1分)由几何关系

可得Δx＝R＋Rcosθ(1分)解得磁场的宽度Δx＝d(1分)(3)(解法1)设粒子在第n层磁场中运动的速度为vn，轨迹半径为rn(下标表示粒子所在组数)，在电场中，根据动能定理有nq′Ed＝12m′

v2n(1分)在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力q′vnB＝m′v2nrn(1分)设射出第k－1个磁场时速度方向与x轴夹角为θk－1，通过第k个电场后速度的方向与水平方向的夹角为αk，vk－1sinθk－1＝v

ksinαk，即rk－1sinθk－1＝rksinαk(1分)在第k个磁场中，由图中几何关系可以得到rksinθk－rksinαk＝d(1分)联立可得rksinθk－rk－1sinθk－1＝d(k＝1，2，3，…，n)(1分)r0＝0，r1sinθ1＝d

，上式由k＝1到k＝n各式两边累加得sinθn＝ndrn(1分)sinθn＝1(1分)q′m′＝13n·qm(1分)(解法2)设粒子在第n层磁场中运动的速度为vn，轨迹半径为rn(下标表示粒子所在组数)，在电场中，根据动能定

理有nq′Ed＝12m′v2n(1分)电场中，电场力不能改变粒子在y方向的动量，则从释放至恰好从第n组磁场返回，全过程中，根据动量定理可得q′vxBt＝m′vn(2分)又因为vxt＝nd(2分)联立解得

q′m′＝13n·qm(2分)获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com