【文档说明】【精准解析】贵州省贵阳一中2020届高三下学期第五次月考理综物理试题.doc，共(19)页，1.074 MB，由小赞的店铺上传

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贵阳一中2020届高三第五次月考理科综合物理部分二、选择题1.“人造太阳”实验中的可控热核反应的聚变方程是23411120H+HHe+n，反应原料氘（21H）富存于海水中；氚（31H）可以用某种粒子X轰击锂核（63Li）得到，核反应方程为643321Li+XHe+H。则下列说法正

确的是（）A.X为质子B.核反应生成物中的粒子具有很强的电离本领和很强的穿透能力C.在粒子X轰击锂核（63Li）的核反应生成物中有粒子，故该核反应属于衰变D.氦核（42He）的比结合能大于氘核（

21H）的比结合能，也大于氚核（31H）的比结合能【答案】D【解析】【详解】A．根据质量数和电荷数守恒得61433021LinHeH。X应为中子，故A错误。B．射线的电离本领较强，穿透能力较弱，故B错误。C．该核反应为人工核反应，不是衰变，故C错误。D．聚变反应放出能量

，氦核（42He）的比结合能大，故D正确。故选D。2.2019年春节期间，影片《流浪地球》上映，该影片的成功使得众多科幻迷们相信2019年开启了中国科幻电影元年。假设地球在流浪过程中，科学家发现了一颗类地行星，该行星的半径是地球的

2倍，密度与地球相同，已知地球的第一宇宙速度为v。则该行星的第一宇宙速度为（）A.2vB.2vC.vD.22v【答案】A【解析】【详解】令地球半径为R，质量为M，则根据题意行星的半径为2RR，据质量34g3MR可知，行星的质量8MM，第一

宇宙速度为靠近行星表面运行卫星的速度，则对于地球有22mMvGmRR可得地球的第一宇宙速度为GMvR同理可得行星的第一字宙速度为822GMGMGMvRRR故有2vv故选A。3.一个匝数为100匝、电阻

为0.5Ω的闭合线圈处于某磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻起穿过线圈的磁通星按图所示规律变化。则线圈中产生交变电流的有效值为（）A.5A2B.5AC.25AD.5A2【答案】C【解析】【详解】0~1s内的磁

通量变化率10.01Wb/s=0.01Wb/s1kt则感应电动势为11VEnt1~1.2s内的磁通量变化率20.01Wb/s=0.05Wb/s0.2kt则感应电动势为2=5VE

nt对一个定值电阻，在一个周期内产生的热量221215×1J+0.2J=12J0.50.5QQQ根据有交流电有效值的定义2QIRT得25AI故选C。4.如图所示，倾斜直杆的左端固定在地面上，与水平面成θ角，杆上穿有质量为

m的小球a和轻质环b，两者通过一条细绳跨过定滑轮相连接。当a、b静止时，Oa段绳与杆的夹角也为，不计一切摩擦，重力加速度为g。则下列说法正确的是（）A.b受杆的弹力方向垂直杆向上B.b受到杆的弹力大小为tanmgC.绳对a的拉力大小为cotmgD.杆

对a的支持力大小为cosmg【答案】B【解析】【详解】A．对a球受力分析可知，a受到重力、绳子的拉力、杆的支持力而平轻质环b不考虑重力，则可认为绳的拉力T和杆的弹力N二力平N方向垂直杆向下，故A错误。B．以a球为研究对象，则绳

的拉力sintancosmgTmg则tanNmg故B正确。CD．根据正弦定理得sinsin902TN解得cos2cosmgN故CD错误。故选B。5.如图所示，R是一个定值电阻，A、B为水平正对放置的两块平行金属板，B板接地，两板间带电微粒P处于静止状

态，则下列说法正确的是（）A.若增大A、B两金属板的间距，P将向上运动B.若增大A、B两金属板的间距，则有向右的电流通过电阻RC.若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，P将向下运动D.若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，P的电势能将减小【答案】D【解

析】【详解】A．微粒P处于静止状态，受重力和向上的电场力而平衡，若增大A、B两金属板的间距，根据UEd，场强减小，电场力减小，合力向下，故P将向下运动，故A错误。B．若增大A、B两金属板的间距，根据4SCkd，电容减小，电压不变，故电容器放电，故有向左的

电流通过电阻R，故B错误。C．若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片，根据4SCkd，电容增加，电压不变，故场强不变，P不动，故C错误。D．若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片，相当于极板间距离变小了，而电压U不变，根据UEd，场强增加，电场力增

加，故P将向上运动，P电势升高，由于液滴带负电，故电势能减小，故D正确。故选D。6.如图所示，半径为R的14圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场的左边垂直x轴放置一线型粒子发射装置，能在0≤y≤R的区间内各处沿x轴正方向

同时发射出速度相同、带正电的同种粒子，粒子质量为m，电荷量为q，不计粒子的重力及粒子间的相互作用力。若某时刻粒子被装置发射出后，经过磁场偏转击中y轴上的同一位置，则下列说法中正确的是（）A.粒子的初速度为BqRmB.粒子都击中在O点处C.粒子在磁场中运动的最长时间为mqBD.粒子到达y

轴上的最大时间差为2mmqBqB【答案】AD【解析】【详解】A．从最低点射出的也击中(0,)R，那么粒子做匀速圆周运动的半径为R，由洛仑兹力提供向心力得2vqvBmR则速度BqRvm故A正确。B．由题意，某时刻发出的粒子都击中的点是y轴上

同一点，由最高点射出的只能击中(0,)R，则击中的同一点就是(0,)R，故B错误。C．显然偏转角最大的时间最长，显然从最低点射出的粒子偏转90°，时间最长，时间142ntTqB故C错误。D．从最高点直接

射向(0,)R的粒子时间最短，则最长与最短的时间差为2RmmttvqBqB故D正确。故选AD。7.如图所示，在光滑的绝缘水平面上有一边长为L的正方形区域内存在着竖直向下的匀强磁场，有一个边长比L小的

正方形线圈以速度v0沿水平方向进入磁场，全部穿出磁场时速度为v，则下列说法正确的是（）A.线圈全部进入磁场时速度为02vvB.线圈进入磁场和穿出磁场的过程中，产生的电能相同C.线圈进入磁场和穿出磁场的过程中，线圈中感应电流的方向相同D.线圈进入磁场和穿出磁场的过程中，通过线圈横截面的

电荷量的绝对值大小相同【答案】AD【解析】【详解】AD．设线圈全部进入磁场时速度为v，由动量定理可知进入磁场过程中，有110BILtmvmv又电量11qItR得0BLmvvBLqR同理可得离开磁场过程中

BLmvvR进入和穿出磁场过程，磁通量的变化量相等，则进入和穿出磁场的两个过程通过导线框横截面积的电量相等，则有0vvvv解得02vvv故A、D正确。B．线圈进入磁场和穿出磁场的过程都做减速运动，根据22BLvFR知线圈进入磁场时安培力的平均值R较大，线圈克服安培力做

功较多，产生的电能较大，故B错误。C．根据楞次定律可知，线圈进入磁场和穿出磁场的过程中，线圈中感应电流的方向相反，故C错误。故选AD。8.如图甲所示，静止在地面上的一个物体在始终竖直向上的拉力作用下开始运动，在向上运动的过程中，物体的动能E与位移

x的关系图像如图乙所示，其中在0~h过程中的图线为平滑曲线，h-2h过程中的图线为平行于横轴的直线，2h~3h过程中的图线为一倾斜的直线，不计空气阻力，下列说法正确的是（图中m为物体的质量，g为重力加速度）（）A.在0~h过程中物体所受拉力逐渐减小B

.在h~2h过程中拉力大小恒为2mgC.在h-2h过程中物体机械能增加D.在2h~3h过程中物体的机械能不变【答案】ACD【解析】【详解】A．在0~h高度内，由动能定理得k()EFmgx，图像的斜率表示合外力。在0~h过程中，斜率逐渐减小到零，则拉力逐渐减小到等于重力，合力减小

为零，故A正确。B．在上升到高度h时，由图像可知，Fmg，故B错误。C．在~2hh过程中，物体匀速上升，拉力做正功，物体的机械能增加，故C正确。D．在2~3hh过程中，图线斜率恒定，大小为mg，则物体合力大小为mg，物体只受到

重力，故机械能守恒，故D正确。故选ACD。三、非选择题9.利用图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”实验：(1)除带夹子的重物、纸带、铁架台（含铁夹）、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，不需要的器材是__

__________；A.交流电源B.刻度尺C.天平（含砝码）(2)实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g。打点计时器打点的同期为T，

设重物的质量为m。写出从打O点到打B点的过程中，验证机械能守恒的式子∶__________；(3)某同学想用下述方法研究机械能是否守恒∶在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v2-h图像，并做如下判断∶若图像是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能

守恒，请你分析论证该同学的判断是否正确∶______________________。【答案】(1).C(2).228CABhhghT(3).该同学的判断依据不正确。在重物下落h的过程中，若阻力f恒定，根据212mghfhmv可得2

2()mgfhvm，则此时2vh图像就是过原点的一条直线。所以要想通过2vh图像的方法验证机械能是否守恒，还必须看图像的斜率是否接近2g【解析】【详解】(1)[1]．打点计时器需接交流电源，实验中需要用刻度尺测量点迹间的距离，从而求出瞬时速度以及重力势能的减小量。实验中验证动能的

增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测量质量，故选C。(2)[2]．从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量pBEmghB点的瞬时速度2CABhhvT则动能的增加量22k2128CABmhhEmvT故验证机械能守恒

的表达式为228CABhhghT(3)[3]．该同学的判断依据不正确。在重物下落h的过程中，若阻力f恒定，根据212mghfhmv可得22()mgfhvm则此时2vh图像就是过原点的一条直线。所以要想通过2vh图像的方法验证机械能是否守恒，还必须看图像的

斜率是否接近2g。10.某物理学习小组设计了如图甲所示电路，除了测出电池组的电动势E、内阻r、定值电阻R的大小，还能测出滑动变阻器R0（最大阻值为5Ω）取不同阻值消耗的功率。先通过控制开关，测出定值电阻R和电源的电动势和内阻，具

体步骤如下∶(1)按照电路图连接电路；(2)先断开S1和S2，将滑动变阻器的滑片移到___（填“a”或“b”）端，再闭合开关S1，调节滑片位置得到多组U、I数据，在图乙所示U—I坐标系中画出一条图线；(3)然后闭合开关S2，调节滑片位置，得到

多组U、I数据，在U—I坐标系中画出的另一条图线是___（填“①”或“②”）；(4)根据图像数据计算出电阻R=___Ω；开关S2断开时，当电压表示数为__V时滑动变阻器消耗的功率最大；（计算结果均保留两位有效数字）(5)考虑到电表内阻，电源电动势的

测量值___填（“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】(1).a(2).②(3).3.0(4).1.5(5).偏小【解析】【详解】(2)[1]从安全角度考虑，闭合开关前滑动变阻器的滑片应放在a端。(3)[2]闭合开关2S，则定值电阻R被短路，故UI图像所对应的斜率小于开关2S断开时图像

的斜率，故填②。(4)[3][4]图像②的斜率为电源内阻，计算得5.0r，图像①的斜率为定值电阻与内阻之和，计算得8.0Rr，故3.0R。开关2S断开时，滑动变阻器阻值调到最大，最接近等效内阻，滑动变阻器消耗功率最大，此时电压表示数为1

.5VU。(5)[5]测量对象为电压表与电源组成的等效电源，故电动势测量值偏小。11.如图所示，水平光滑导轨足够长，导轨间距为L，导轨间分布有竖直方向的匀强磁场，磁感应强度为B，导轨左端接有阻值为R的电阻，电阻两端接一理

想电压表。一金属棒垂直放在导轨上，其在轨间部分的电阻为12R。现用一物块通过跨过定滑轮的轻绳从静止开始水平牵引金属棒，开始时，物块距地面的高度为h，物块即将落地前的一小段时间内电压表的示数稳定为U。已知物块与金属棒的质量相等，不计导轨电阻和滑轮质量与摩擦，导轨始终与金属棒垂直且紧密

接触，重力加速度为g。求∶(1)金属棒的最大速度v及物块的质量m；(2)棒从静止开始到物块刚要落地的过程中，电阻R上产生的热量Q。【答案】(1)32UBL；BULgR；(2)32332BULhURBLgR【解析】【详解】(1)电压表的示数稳定时，金属棒匀速运动，速度达到

最大，此时电路中感应电流UIR①2REUI②EBLv③联立得32UvBL④对金属棒，根据平衡条件有FTmg安⑤又FBIL安⑥联立得BULmgR⑦(2)根据能量守恒定律得2122mghmvQ总

⑧电阻R上产生的热量23QQ总⑨解得32332BULhUQRBLgR12.如图所示，固定的光滑平台上放置两个滑块A、B，mA=0.1kg，mB=0.2kg，平台右侧有一带挡板的小车，静止在光滑的水平地面上。小车质量M=0.3kg，车面与平台的台面等

高，小车的上表面的右侧固定根轻弹簧，弹簧的自由端在Q点，小车的上表面左端点P与Q点之间是粗糙的，P、Q之间的距离为L，滑块B与PQ之间表面的动摩擦因数为μ=0.2，0点右侧表面是光滑的。现使滑块A以v=4.5m/s的速度向滑块B

运动，并与B发生弹性碰撞。两滑块都可以看作质点，取g=10m/s2.求∶(1)滑块A、B碰后瞬间B的速度大小；(2)若L=0.8m，滑块B滑上小车后的运动过程中弹簧的最大弹性势能；(3)要使滑块B既能挤压弹簧，又最终没有滑离小车，则

小车上P、Q之间的距离L应在什么范围内？【答案】(1)3m/s；(2)0.22J；(3)0.675m1.35mL„【解析】【详解】(1)滑块AB发生弹性碰撞，可知AAABBmvmvmv①222111222AAABBmvmvmv

②联立解得23m/sABABmvvmm③(2)滑块B冲上小车后将弹簧压缩到最短时，弹簧具有最大弹性势能，取向右为正方向，由动量守恒定律得BBBmvmMv共④由能量守恒定律得22p1122BsBBEmvmMvmgL共⑤解得0.22

JpE⑥(3)滑块最终没有离开小车，滑块和小车具有共同的末速度，设为u，滑块与小车组成的系统动量守恒，有BBBmvMmu⑦若小车PQ、之间的距离L足够大，则滑块还没与弹簧接触就已经与小车相对静止，设

滑块恰好滑到Q点，由能量守恒定律得2211122BBBBmgLmvmMu⑧联立解得11.35mL⑨若小车PQ、之间的距离L不是很大，则滑块必然挤压弹簧，由于Q点右侧是光滑的，滑块必然被弹回到PQ之间，设滑块恰好回到小车的

左端P点处，由能量守恒定律得22211222BBBBmgLmvmMu⑩联立解得20.675mL（11）综上所述，要使滑块既能挤压弹簧，又最终没有离开小车，PQ、之间的距离L应满足的范围是0.675m1.35mL„13.下列说法正确的是＿＿.A.做功和热传递都可以改变物体的内能B.根

据热力学第二定律可知，低温物体不能传递热量给高温物体C.扫地时，在阳光照射下，看到尘埃飞舞，这是尘埃在做布朗运动D.气体温度升高，其分子的平均动能一定增大E.竹节虫可以停在水面上是由于液体表面张力的作用.【答案】

ADE【解析】【详解】A．改变物体的内能有两种方式：做功和热传递，做功和热传递都可以改变物体的内能，故A正确；B．根据热力学第二定律可知，没有外界的影响时，热量不可能从低温物体传递到高温物体，故B错误；C．布朗运动是悬浮在气体或液体中的固体颗粒的无规则运动，布朗运动是肉眼看不到的，

室内尘埃在空中不停飞舞的运动不是布朗运动，故C错误；D．温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能一定增大，故D正确；E．竹节虫可以停在水面上说明了液体存在表面张力，是水分子引力的宏观表现，故E正确；故选ADE。1

4.如图所示，一定质量的理想气体被活塞封闭在气缸内，活塞质量为m、横截面积为S，可沿气缸壁无摩擦滑动并保持良好的气密性，整个装置与外界绝热，初始时封闭气体的温度为T1，活塞距离气缸底部的高度为H，大气压强为P0.现用一电热丝对

气体缓慢加热，若此过程中电热丝传递给气体的热量为Q，活塞上升的高度为3H，当地重力加速度为g。求∶(1)此时气体的温度；(2)气体内能的增加量。【答案】(1)143T；(2)03HQpSmg【解析】【详解】(1)气体加

热缓慢上升过程中，处于等压过程，设上升3H时温度为2T，则有23HVSH①1212VVTT②得2143TT③(2)上升过程中，据热力学第一定律得UQW④式中03HWpSmg⑤因此03HUQpSmg15.如图所示，

一简谐横渡在某区域沿x轴传播，实线a为t=0时刻的波形图线，虚线b为t=0.5s时刻的波形图线，虚线b与x轴交点P的坐标为x=1m，下列说法正确的是A.t=0时刻P质点的位移为5cmB.这列波的传播速度大小可能为32m/sC.这列波的波源振动频率可能为2.25H

zD.t=1.5s时刻P点可能处于波谷位置E.若该波遇到宽度为7m的障碍物能发生明显的衍射现象【答案】CDE【解析】【详解】A．P质点的平衡位置坐标为xP=1m，由图可知波长为8m，P质点的位移110sin2π)m52m8y

（故A错误BC．若波向右传播，则有：11182160,1,2,30.5xnnvnntm/s根据1vf解得：0.2520,1,2,3fnnHz若波向左传播，则有：227814160,1

,2,30.5xnnvnntm/s根据2vf解得：1.7520,1,2,3fnnHz当n=1时，2.25fHz或3.75fHz，故B错误，C正确；D．当n=0时，则T=4s，波向右传播，P质点在t=l.5s时刻处于波谷

位置，故D正确；E．由于波长大于7m，故遇到障碍物能发生明显的衍射现象，故E正确。故选CDE。16.如图所示为内径为R、外径为2R的空心玻璃圆柱体的截面图，一束单色光从圆柱体的最高点A以60°的入射角射入，折射光线刚好与内圆相切。求∶(1)玻璃圆柱体对单色光的折射率；(2)若减小入射角，使折

射光在内圆表面刚好发生全反射，则此时入射角多大？【答案】(1)3；(2)30【解析】【详解】(1)做出光路图如图所示，设入射角为i，折射角为r由几何关系知1sin22RrR①根据折射定律得sin3sininr②(2)减小入射角，设折射光线在B点刚好发生全反射，

光路如图所示全反射临界角C满足13sin3Cn③设光线在A点的入射角为，折射角为，根据正弦定理有sinsin2CRR④解得3sin6⑤由折射率公式有sinsinn⑥解得1sin230