【文档说明】浙江省绍兴市高级中学2019-2020学年高二下学期第二次教学质量检测物理试题【精准解析】.doc，共(19)页，1.210 MB，由管理员店铺上传

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物理试卷一、选择题I1.下列物理量属于标量的是（）A.冲量B.加速度C.电流D.电场强度【答案】C【解析】【详解】冲量、加速度、电场强度既有大小又有方向，遵守平行四边形定则，为矢量；虽然电流有方向，但没有正负之分，电流的计算不能用平行四边形定则，遵守代数加减法则，所以电流为标

量，故A、B、D错误，C正确；故选C。2.最早测定电磁波在真空中的传播速度就是光速的物理学家是（）A.法拉第B.麦克斯韦C.赫兹D.惠更斯【答案】C【解析】【详解】德国物理学家赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，并测定了电磁波的波长和频率，证实了电磁波的传播速

度等于光速；麦克斯韦预言了电磁波的存在；法拉第首次发现电磁感应现象，并进而得到产生交流电的方法；惠更斯建立向心力定律，提出动量守恒原理，并改进了计时器，故A、B、D错误，C正确；故选C。3.如图所示，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动记录遮光时间Δt.测得遮

光条的宽度为x，用xt近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度．为使xt更接近瞬时速度，正确的措施是_____A.换用宽度更窄的遮光条B.提高测量遮光条宽度的精确度C.使滑块的释放点更靠近光电门D.增大气垫导轨与水平面的夹角【答案】A【解析】【详解】极短时间内的平均速度表示瞬时速度；

即换用宽度更窄的遮光条，通过光电门的时间更短，更接近瞬时速度，故A正确；4.弹簧振子周期为2s，从振子通过平衡位置向右运动起，经过1.8s时，其运动情况是（）A.向右减速B.向右加速C.向左减速D.向

左加速【答案】B【解析】【详解】由简谐运动的周期性可知，经1.8s时，振子振动时间31.5s0.3s0.3s4tT=+=+所以振子正在向右运动，而且是向平衡位置运动，是加速运动，故B正确，A、C、D错误；故选B。5.下图为红光、蓝光分别通过单缝、双缝所呈现的图样，则（）A.甲

为蓝光的衍射图样B.乙为红光的干涉图样C.丙为红光的衍射图样D.丁为蓝光的干涉图样【答案】D【解析】【详解】AB.单缝衍射条纹是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，故甲、乙是衍射图样，且甲图为红光的单缝衍射图样，

乙图为蓝光的衍射图样，故A、B错误；CD.双缝干涉的图样是明暗相间的干涉条纹，所有条纹宽度相同且等间距，故丙、丁两个是双缝干涉现象，根据双缝干涉条纹间距Lxd=可知，波长越大，条纹间距越大，故丙图为红光的双缝干涉图样，丁图为蓝光的干涉图样，故C错误，D正确．6

.下列说法中正确的是（）A.图甲∶全息照片用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性B.图乙∶医学上用光导纤维制成内窥镜来检查人体器官内部，这是利用光的衍射原理C.图丙∶拍摄汽车玻璃窗内的物品时，在镜头前加一个增透膜可以减少反射光的损失D.图丁∶在光的双缝干涉实验中，将入射光由红光改为蓝光，则条纹

间距变宽【答案】A【解析】【详解】A．全息照片往往用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性，体现光的干涉原理，故A正确；B．医学上用光导纤维制成内窥镜，用来检查人体内脏器官的内部，它利用了光的全反射原理，故B错误；C．往往在镜头

前加一个偏振片，其偏振方向与反射光的振动方向垂直，从而减弱反射光的透射的强度，从而使玻璃后的影像清晰，不是减少反射光的损失，故C错误；D．由Lxd=知在光的双缝干涉实验中，把入射光由红光改为蓝光，条纹间距将变

窄，故D错误；故选A。7.质量为m的小球A以水平速率v与静止在光滑水平面上质量为3m的小球B正碰后，小球A的速率为2v，则碰后B球的速度为（以A球原方向为正方向）（）A.6vB.vC.3vD.2v【答案】D【解析】【详解】在光滑水平面上，碰撞过程中A、B动量守

恒，则有+3ABmvmvmv=正碰后小球A的速率为2v，则2Avv=当2Avv=时，解得62Bvvv=<还要发生第二次碰撞，这不可能，故此答案舍去。当-2Avv=时，解得2Bvv=选项D正确，ABC错误。故选D。8.X射线是一种高频电磁波，若X射线在真空中的波长为λ，以h表示普朗克常量，c表示

真空的光速，以E和p分别表示X射线每个光子的能量和动量，则A.hEc=，p=0B.hEc=，2hpc=C.hcE=，p=0D.hcE=，hp=【答案】D【解析】【详解】光子的能量cEhh==，动量为：hp=．9.一颗子弹水平射

入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A.动量守恒，机械能守恒B.动量不守恒，机械能守恒C.动量守恒，机械能不守恒D.无法

判定动量、机械能是否守恒【答案】C【解析】【详解】在子弹打击木块A及弹簧压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统，系统所受的合外力为零，则系统的动量守恒。在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，所以系统机械能不守恒。选项C正确，ABD错误。故选C。10.

原子核的比结合能曲线如图所示，根据该曲线，下列判断中正确的有（）A.42He核的结合能约为14MeVB.42He核比63Li核更稳定C.两个21H核结合成42He核时吸收能量D.23592U核中核子的比结合能比8936Kr核中的大【答案】B【解析】【详解】A．根据图像可知4

2He核的比结合能约为7Mev，42He核里面有四个核子，所以结合能约为74MeV28MeVE==故A错误；B．比结合能越大，原子核越稳定，所以42He核比63Li核更稳定，故B正确；C．两个21H核结合成42He核时发生聚变反应

，比结合能变大，有质量亏损，所以释放能量，故C错误；D．根据图像可知23592U核中核子的比结合能比8936Kr核中的小，故D错误；故选B。11.明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”

，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象。如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是（）A.若增大入射角i，则b光先消失B.在该三棱镜中a光波长小于b光C.a光能发生偏振现象，b光不能发生D.若a、b光分别照射同一

光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低【答案】D【解析】【详解】A．设折射角为α，在右界面的入射角为β，如图所示：根据几何关系有A+=根据折射定律：sinsinin=，增大入射角i，折射角α增大，β减小，而β增大才能使b光发生全反射，故A错误；B．由光路图可知，a光的折射率小于b光的折

射率（abnn），则a光的波长大于b光的波长（ab），故B错误；C．光是一种横波，横波有偏振现象，纵波没有，有无偏振现象与光的频率无关，故C错误．D．根据光电效应方程和遏止电压的概念可知：最大初动能k0EhW=−

ν，再根据动能定理：ck0eUE−=−，即遏止电压0cWhUee=−，可知入射光的频率越大，需要的遏止电压越大，abnn，则a光的频率小于b光的频率（ab），a光的遏止电压小于b光的遏止电压，故D正确。故

选D。【点睛】本题考查的知识点较多，涉及光的折射、全反射、光电效应方程、折射率与波长的关系、横波和纵波的概念等，解决本题的关键是能通过光路图判断出两种光的折射率的关系，并能熟练利用几何关系．12.在如图甲所示的L

C振荡电路中，通过P点的电流随时间变化的图线如图乙所示，若把通过P点向右的电流规定为i的正方向，则（）A.0~0.5ms内，电容器C正在充电B.0.5ms~1ms内，电容器上极板带正电荷C.1ms~1.5ms内，Q点比P点电势高D.

1.5ms~2ms内，线圈的磁场能减少，磁感应强度增大【答案】C【解析】【详解】A．由图乙可知，在0至0.5ms内，电路电流在增大，电容器正在放电，故A错误；B．由图乙可知，在0.5ms至1ms内，电流是正的，即经过P点的电流向

右，由于电路中做定向移动的带电粒子是带负电的电子，因此在该时间段内，电子经过P点向左移动，因此电容器上极板带负电，故B错误；C．由图乙可知，在1ms至1.5ms内，通过电感线圈的电流向上，且增大，电感线圈产生自感电动势，由楞次定律可知电感线圈下端电势高，上端电势低，即Q点比P点电势高，故C正确；

D．由图乙可知，在1.5ms至2ms内，电路电流减小，磁场减弱，磁感应强度变小，电路处于充电过程，磁场能转化为电场能，磁场能减小，故D错误；故选C。13.手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示意如图．绳上有另一

质点P，且O、P的平衡位置间距为L．t=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是A.该简谐波是纵波B.该简谐波的最大波长为2LC.8Tt=时，P在平衡位置上方D.38Tt=时，P的速度方向

竖直向上【答案】C【解析】【详解】绳波中质点的振动方向与波的传播方向垂直，属于横波，纵波的传播方向和质点的振动方向在同一直线上，故A错误，根据波形图和波的传播方向可知，位移恰好为零且速度方向竖直向上的质点与O点的距离应为1(

)4Ln=+，其中n=0、1、2……，波长14Ln=+，可知当n=0时有波长的最大值，为m4L=，故B错误；0~4T内P由平衡位置振动到波峰，4T~2T内P由波峰回动到平衡位置，可知8Tt=时P在平衡位置上方向

上振动，38Tt=时P在平衡位置上方向下振动，故C正确，D错误．二、选择题II14.下列说法正确的是（）A.组成原子核的核子越多，原子核越稳定B.23892U衰变为22286Rn经过4次衰，2次β衰变C.在LC振荡电路中，当电流最大时，线圈两端电势差也最大D.在电子的单缝衍射实

验中，狭缝变窄，电子动量的不确定量变大【答案】BD【解析】A、比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，与核子多少无关，故A错误；B、23892U衰变为22286Rn经过，质量数减少16，质子数减少6，而一次α衰变，质子数减2，质量数减4，一次β衰变，质

子数增加1，质量数不变，所以是4次α衰变，2次β衰变，故B正确；C、当线圈两端电势差也最大时，电流变化率最大，电流为0，故C错误；D、狭缝变窄，使得x变小，根据不确定关系，则P变大，故D正确；故选BD．15.静止在匀强磁场中的原子核X发生α衰变后变成新原子

核Y．已知核X的质量数为A，电荷数为Z，核X、核Y和α粒子的质量分别为mX、mY和mα，α粒子在磁场中运动的半径为R．则A.衰变方程可表示为AA44ZZ22XYHe−−→+B.核Y的结合能为（mx-my-mα）c2C.核Y在磁场中运动的半径为2RZ2

−D.核Y的动能为()2YXYαKYYαmmmmcEmm−−=+【答案】AC【解析】【详解】A．根据质量数和电荷数守恒可知，衰变方程可表示为AA44ZZ22XYHe−−→+，选项A正确；B．此反应中放出的总能量为：∆E=（mx-my-mα）c2，可知核Y的结合能不等于（mx

-my-mα）c2，选项B错误；C．根据半径公式mvrqB=，又mv=P（动量），则得PrqB=，在衰变过程遵守动量守恒，根据动量守恒定律得：0=PY-Pα，则PY=Pα，得半径之比为22YYqrrqZ=

=−，则核Y在磁场中运动的半径为22YRrZ=−，故C正确；D．两核的动能之比：()()22221212YYYYkYkYYmvmmvEmEmmmvmv===，因2kYkxyEEEmmmc（）+==−−，解得()2XYkYYmmmmcEmm

−−=+，选项D错误．16.如图所示，甲图为演示光电效应的实验装置；乙图为在a、b、c三种光照射下得到的三条电流表与电压表读数之间的关系曲线；丙图为氢原子的能级图；丁表格给出了几种金属的逸出功和极限频率。以下说法正确的

是（）A.若b光为绿光，c光可能是紫光B.若a光为绿光，c光可能是紫光C.若b光光子能量为2.81eV，用它照射由金属铷构成的阴极，所产生的大量具有最大初动能的光电子去撞击大量处于n=3能级的氢原子，可以辐射出6种不同频率的光D.若b光光子能量为2.81e

V，用它直接照射大量处于n=2能级的氢原子，可以辐射出6种不同频率的光【答案】BC【解析】【详解】AB．由图可知b光和c光的遏止电压相等，且大于a光的遏止电压，根据遏止电压的方程ckeUE=可知，b光和c光照射产生光电子的最大初动能相等，大于a光照射产生的光电子最大初动能；根据光电效应方程0

kEhW=−可知，逸出功相等，b光和c光的频率相等，大于a光的频率，a光频率小，则波长长，而b光和c光频率大，波长短，因此若a光为绿光，b光和c光可能是紫光，故A错误，B正确；C．用b光照射金属铷时，则有02.812.13eV0.68eVkEhW=−

=−=去撞击大量处于3n=激发态的氢原子时，能量值最大可以达到30.681.51eV0.83eVkmEEE=+=−=−由于该能量值介于氢原子的第4能级与第5能级之间，可知该光电子与氢原子碰撞，可以使氢原子吸收0.85eV(1.51eV)0.66eVE=−−−=的能量跃迁到n

=4的能级，这时大量氢原子处在4n=的能级上，可辐射出246C=种不同频率的光，故C正确；D．若用b光直接照射大量处于2n=激发态的氢原子，能量值最大可以达到20.683.4eV2.72eVkmEEE=+=−=−由于该能量值介于氢原子的第2能级与第3能级之间

，用光子照射氢原子，氢原子只能吸收能量恰好等于能级能量之差的光子，可知氢原子不能吸收0.68eV的能量发生跃迁，故D错误；故选BC。三、非选择题17.在“用双缝干涉测光的波长”的实验中∶(1)如图甲所示，光具座上放置的光学元件有光源、遮光筒和其他元件，其中a、b、c、d各元件的名称

依次是_______（填选项前的字母）；A.单缝、滤光片、双缝、光屏B.单缝、双缝、滤光片、光屏C.滤光片、单缝、双缝、光屏D.滤光片、双缝、单缝、光屏(2)以下操作中能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离的是________（填选项前的字母）；A.将红色滤光片改为绿色滤

光片B.增大双缝之间的距离C.增大图中的b和d之间的距离D.增大图中的c和d之间的距离(3)若她在另一次实验操作中，发现测量头中的分划板中心刻线与干涉条纹不在同一方向上，如图所示，则____（填选项前的字母）。A.此现象是单缝与双缝不平

行造成的B.此情形下波长的测量值大于真实值C.通过调节拨杆能使中心刻线与干涉条纹方向一致【答案】(1).C(2).D(3).B【解析】【分析】【详解】(1)[1]为了获取单色的线光源，光源后面应放置滤光片、单缝，单缝形成的相干线性光源经过双

缝产生干涉现象，因此a、b、c、d元件依次为滤光片、单缝、双缝和光屏，故C正确，A、B、D错误；故选C；(2)[2]A．根据双缝干涉的条纹间距公式Lxd=可知，将红色滤光片改为绿色滤光片，波长变小

，则双缝干涉条纹的间距变小，故A错误；B．根据双缝干涉的条纹间距公式Lxd=可知，增大双缝之间的距离d，双缝干涉条纹间距变小，故B错误；CD．增大图中的c和d的距离，即增大双缝与光屏间的距离L，根据双缝干涉的条纹间距公式Lxd=

可知，双缝干涉条纹间距变大；但增大图中的b和d之间的距离，双缝与光屏间的距离L不一定增大，根据双缝干涉的条纹间距公式Lxd=可知双缝干涉条纹间距不一定变大，故C错误，D正确；故选D；(3)[3]A．图所示出现的问题是

分刻板中心刻度线与干涉条纹不平行，应调节测量头使干涉条纹调成与分划板中心刻线同一方向上；若单缝与双缝不平行，在光屏上却观察不到干涉图样，故A错误；B．此情形将造成条纹间距x的测量值偏大，根据双缝干涉的

条纹间距公式Lxd=可知波长的测量值将偏大，故B正确；C．调节拨杆的作用是为了使单缝和双缝平行，获得清晰的干涉图样，图已有清晰的干涉图样，所以不用调节，故调节拨杆不能把干涉条纹调成与分划板中心刻线同一方向上，故C错误；故选B。18.小明

做“探究碰撞中的不变量”实验的装置如图1所示，悬挂在O点的单摆由长为l的细线和直径为d的小球A组成，小球A与放置在光滑支撑杆上的直径相同的小球B发生对心碰撞，碰后小球A继续摆动，小球B做平抛运动．（1）小明用游标卡尺测小球A直径如图2所示，则d=_______mm．又测

得了小球A质量m1，细线长度l，碰撞前小球A拉起的角度α和碰撞后小球B做平抛运动的水平位移x、竖直下落高度h．为完成实验，还需要测量的物理量有：______________________．（2）若A、B两球碰后粘在一起形成新单摆，其周

期_________（选填“小于”、“等于”或“大于”）粘合前单摆的周期（摆角小于5°）．【答案】(1).14.40；(2).小球B质量m2,碰后小球A摆动的最大角；(3).大于；【解析】【分析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；根据球A摆动过

程中机械能守恒来分析球A的速度，根据平抛运动规律来分析球B的速度，从而确定要测量的物理量；两球粘在一起后球的重心发生变化，据此判断摆长的变化，从而判断周期的变化；【详解】（1）球的直径为d=14mm+120×

8mm=14.40mm；根据机械能守恒定律可得碰撞前瞬间球A的速度（21111(1cos)2mglmv−=），碰撞后仍可根据机械能守恒定律计算小球A的速度，所以需要小球A碰后摆动的最大角；小球B碰撞后做平抛运动，根据根据平抛运动规律可

得小球B的速度，要求B的动量所以需要测量小球B的质量2m；（2）黏在一起后，球的重心发生变化，如图所示，摆长发生变化，故根据单摆周期2LTg=可得周期变大．19.如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，

砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验．若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为μ．重力加速度为g．（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力大小；（2）要使纸

板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，μ=0.2，砝码与纸板左端的距离d="0.1"m，取g=10m/s2．若砝码移动的距离超过l="0.002"m，人眼就能感知，为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大?【答案】（1）（2）（3）22

.4N.【解析】试题分析：（1）砝码和桌面对纸板的摩擦力分别为：f1=μm1g，f2=μ（m1+m2）g纸板所受摩擦力的大小：f=f1+f2=μ（2m1+m2）g（2）设砝码的加速度为a1，纸板的加速度为a2，则有：f1=

m1a1，F-f1-f2=m2a2发生相对运动需要a2＞a1代入数据解得：F＞2μ（m1+m2）g（3）为确保实验成功，即砝码移动的距离不超过l=0．002m，纸板抽出时砝码运动的最大距离为x1=12a1t12，纸板运动距离d+x1=12a2t22

纸板抽出后砝码运动的距离x2=12a3t22，L=x1+x2由题意知a1=a3，a1t1=a3t2代入数据联立得F=22．4N考点：牛顿第二定律的综合应用【名师点睛】这是2013年江苏高考题，考查了连接体的运动，解题时应用隔离法分别受力分析，找出两个物体之间的位移关联关

系，列运动方程，难度较大．20.在竖直平面内，某一游戏轨道由直轨道AB和弯曲的细管道BCD平滑连接组成，如图所示．小滑块以某一初速度从A点滑上倾角为θ=37°的直轨道AB，到达B点的速度大小为2m/s，然后进入细管道BCD，从细管道出口D点水平飞出，落到水平面上的G点．已知B点的高

度h1=1.2m，D点的高度h2=0.8m，D点与G点间的水平距离L=0.4m，滑块与轨道AB间的动摩擦因数μ=0.25，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求小滑块在轨道AB上的加速度和在A点

的初速度；（2）求小滑块从D点飞出的速度；（3）判断细管道BCD的内壁是否光滑．【答案】（1）28/,6/msms（2）1m/s（3）小滑块动能减小，重力势能也减小，所以细管道BCD内壁不光滑．【解析】【详解】（1）上滑过程中，由牛顿第二定律：mgsinmgcosma+=

，解得28/ams=；由运动学公式22102Bhvvasin−=−，解得06/vms=（2）滑块在D处水平飞出，由平抛运动规律DLvt=，2212hgt=，解得1/Dvms=；（3）小滑块动能减小，重力势能也减小，所以细管道BCD内壁不光滑21.如图所示，某种透明材料做成的三棱

镜，其横截面是横截面是边长为a的等边三角形，现用一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果所有从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面．求：（i）该材

料对此平行光束的折射率；（ii）这些直接到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两条．【答案】（1）3（2）当光屏到BC距离超过36a，光斑分为两块【解析】【详解】（1

）由于对称性，我们考虑从AB面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC面的，由对称性不难得出，光线进入AB面时的入射角α和折射角β分别为：α=60°，β=30°由折射定律，材料折射率sin3sinn==（2）如图O为BC中点，在B点

附近折射的光线从BC射出后与直线AO交于D，可看出只要光屏放得比D点远，则光斑会分成两块．由几何关系可得：36ODa=所以当光屏到BC距离超过36a时，光斑分为两块．22.如图所示，两根平行光滑金属导轨MN，PQ，放在水平面上，导轨间距L，左端向上弯曲，电阻

不计，匀强磁场方向竖直向上，磁感应大小为B，导体棒a与b的质量均为m，电阻分别为R与2R，b棒放在水平导轨上足够远处，a棒在弧形导轨上距水平面h高度处由静止释放，运动过程中导轨与导体棒接触良好且始终与导轨垂直，重力加速度为g：(

1)求a棒滑到底端刚要进入磁场时的动量大小；(2)求a棒滑到底端刚进入磁场时受到的安培力的大小和方向；(3)求最终稳定时两棒的速度大小；(4)从a棒开始下滑到最终稳定的过程中，求b棒上产生的内能。【答案】(1)2mgh；(2)2223BLghR，方向水平向左；(3)22gh；(4

)3mgh【解析】【详解】(1)设a棒刚进入磁场时的速度为v，从开始下落到进入磁场，根据机械能守恒定律有212mghmv=解得2vgh=a棒刚要进入磁场时的动量大小2Pmvmgh==(2)a棒切割磁感线产生

感应电动势为2EBLvBLgh==根据闭合电路欧姆定律有223BLghEIRRR==+a棒受到的安培力为2223BLghFBILR==根据左手定则可知a棒受到的安培力方向水平向左(3)设两棒最后稳定时的速度为v，从a棒进入磁场到两棒速度达到稳定，根据动量守恒定律有2mvmv=解得22vgh

=(4)设a棒产生的内能为aE，b棒产生的内能为bE，根据能量守恒定律有2211222abmvmvEE+=+两棒串联内能与电阻成正比，则有2baEE=联立解得13bEmgh=