【文档说明】【精准解析】江苏省百校2020届高三下学期第四次联考数学试题.doc,共(27)页,2.395 MB,由管理员店铺上传
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2020届江苏省百校联考高三年级第四次试卷数学试题第Ⅰ卷(必做题,共160分)一、填空题(本大题共14小题,每小题5分,共70分,请将答案填写在答题卷相应的位置上.)1.已知集合{2,5},{3,5}AB==,则AB=____
________.【答案】2,3,5【解析】【分析】根据并集的定义计算即可.【详解】由集合的并集,知AB=2,3,5.故答案为:2,3,5【点睛】本题考查集合的并集运算,属于容易题.2.已知复数z满
足12iiz+=(i为虚数单位),则复数z的实部为____________.【答案】2【解析】【分析】利用复数的概念与复数的除法运算计算即可得到答案.【详解】21222iiziii+−===−,所以复数z的实部为2.故答案为:2【点睛】本题考查复数的除法运算,考查
学生的基本计算能力,是一道基础题.3.ABC,,三所学校举行高三联考,三所学校参加联考的人数分别为160,240,400,为调查联考数学学科的成绩,现采用分层抽样的方法在这三所学校中抽取样本,若在B学校抽取的数学成绩的份数为30,则抽取的样
本容量为____________.【答案】100【解析】【分析】某层抽取的人数等于该层的总人数乘以抽样比.【详解】设抽取的样本容量为x,由已知,30240160240400x=++,解得100x=.故答案为:100【点睛】本题考查随机抽样中的分层抽样,考查学生基本的运算能力,是一道容易题.4
.根据如图所示的伪代码,若输入的x的值为2,则输出的y的值为____________.【答案】1【解析】【分析】满足条件执行34yx−,否则执行22xy−.【详解】本题实质是求分段函数234,22,2
xxxyx−−=在2x=处的函数值,当2x=时,1y=.故答案为:1【点睛】本题考查条件语句的应用,此类题要做到读懂算法语句,本题是一道容易题.5.某同学周末通过抛硬币的方式决定出去看电影还是在家
学习,抛一枚硬币两次,若两次都是正面朝上,就在家学习,否则出去看电影,则该同学在家学习的概率为____________.【答案】14【解析】【分析】采用列举法计算古典概型的概率.【详解】抛掷一枚硬币两次共有4种情况,即(正,正),(正,反),(反,正),(反,反),在家学习只有1种情况,
即(正,正),故该同学在家学习的概率为14.故答案为:14【点睛】本题考查古典概型的概率计算,考查学生的基本计算能力,是一道基础题.6.已知数列na满足11a=,且1130nnnnaaaa+++−=恒成立,则6a的值为_______
_____.【答案】116【解析】【分析】易得1113nnaa+−=,所以1{}na是等差数列,再利用等差数列的通项公式计算即可.【详解】由已知,0na,因1130nnnnaaaa+++−=,所以1113nnaa+−=,所以数列1{}na是以111a=为首项,3为公差的等差数列,故611(61
)316a=+−=,所以6a=116.故答案为:116【点睛】本题考查由递推数列求数列中的某项,考查学生等价转化的能力,是一道容易题.7.已知函数()sin()0,0,||2fxAxA=+的部分图象如图所示,则()0f的值为_______
_____.【答案】3−【解析】【分析】由图可得()fx的周期、振幅,即可得,A,再将5(,2)12代入可解得,进一步求得解析式及()0f.【详解】由图可得2A=,353()41234T=−
−=,所以2T==,即2=,又5()212f=,即52sin(2)212+=,52,62kkZ+=+,又||2,故3=−,所以()sin()fxx=−223,(0)2sin()33f=−=−.故答案为:3−【点睛】本题考查由图象求
解析式及函数值,考查学生识图、计算等能力,是一道中档题.8.在平面直角坐标系xOy中,双曲线22221(0,0)xyabab−=的焦距为2c,若过右焦点且与x轴垂直的直线与两条渐近线围成的三角形面积为2c,则双曲线的离心率为____
________.【答案】2【解析】【分析】利用221||||2AOBSFOABc==即可建立关于,,abc的方程.【详解】设双曲线右焦点为2F,过右焦点且与x轴垂直的直线与两条渐近线分别交于AB、两点,则(,)bcAca,
(,)bcBca−,由已知,221||||2AOBSFOABc==,即2bccca=,所以ab=,离心率21()2bea=+=.故答案为:2【点睛】本题考查求双曲线的离心率,做此类题的关键是建立,,abc的方程或不等式,是
一道容易题.9.已知mn,为正实数,且mnmn+=,则2mn+的最小值为____________.【答案】322+【解析】【分析】mnmn+=111mn+=,所以有2mn+=(2)mn+112()3mnmnnm+=++,再利用基本不等式求最值即可.
【详解】由已知,111mn+=,所以2mn+=(2)mn+112()3322mnmnnm+=+++,当且仅当2mnmnmn=+=,即2221,2mn+=+=时,等号成立.故答案为:322+【点睛】本题考查利用基本不等式求和的最小值问题,采用的是“
1”的替换,也可以消元等,是一道中档题.10.已知函数()|4|fxxx=−,则不等式(2)(3)faf+的解集为____________.【答案】()()1,17,−+【解析】【分析】224,4()4,4xxxfxxxx−=−+,(3)3f=,分类讨论即可.
【详解】由已知,224,4()44,4xxxfxxxxxx−=−=−+,(3)3f=,若(2)(3)3faf+=,则224(2)4(2)3aaa++−+或2(2)4(2)4(2)3aaa+−+++
解得7a或11a−,所以不等式(2)(3)faf+的解集为()()1,17,−+.故答案为:()()1,17,−+【点睛】本题考查分段函数的应用,涉及到解一元二次不等式,考查学生的计算能力,是一道中档题.11.如图,在一个倒置的高为2的圆锥形容器
中,装有深度为h的水,再放入一个半径为1的不锈钢制的实心半球后,半球的大圆面、水面均与容器口相平,则h的值为____________.【答案】32【解析】【分析】由已知可得到圆锥的底面半径,再由圆锥的体积等于半球的体积与水的体积之和即可建立方程.【详解】设圆
锥的底面半径为r,体积为V,半球的体积为1V,水(小圆锥)的体积为2V,如图则,1,2,OArOCOBBEh====,所以2rhED=,2241rr=+,解得243r=,所以218239Vr==,
123V=,23211()329rhVhh==,由12VVV=+,得3821939h=+,解得32h=.故答案为:32【点睛】本题考查圆锥的体积、球的体积的计算,考查学生空间想象能力与计算能力,是一道中档题.12.如图,在梯形ABCD中,AD∥24BCABBCAD===,,,EF
,分别是BCCD,的中点,若1AEDE=−,则AFCD的值为___________.【答案】2【解析】【分析】建系,设设A=,由1AEDE=−可得3=,进一步得到CF、的坐标,再利用数量积的坐标运算即可得到答案.【详解】以A为坐标原点,AD为x轴建立如图所示的直角坐标系,设A
=,则(4,0),(2cos,2sin),(12cos,2sin),(22cos,2sin)DBEC++,所以AE=(12cos,2sin)+,DE=uuur(2cos3,2sin)−,由1AED
E=−,得2(12cos)(2cos3)4sin1+−+=−,即1cos2=,又[0,],所以3=,故73(3,3),(,)22CF,73(1,3),(,)22CDAF=−=,所以733222AF
CD=−=.故答案为:2【点睛】本题考查利用坐标法求向量的数量积,考查学生的运算求解能力,是一道中档题.13.函数()fx满足()()4fxfx=−,当)2,2x−时,3223,2()1,2xxaxafxxax++−=
−,若函数()fx在)0,2020上有1515个零点,则实数a的范围为___________.【答案】1,02−【解析】【分析】由已知,()fx在[2,2)−上有3个根,分21a,01a,10a−
,21a−−四种情况讨论()fx的单调性、最值即可得到答案.【详解】由已知,()fx的周期为4,且至多在[2,2)−上有4个根,而)0,2020含505个周期,所以()fx在[2,2)−上有3个根,
设32()23gxxxa=++,'2()66gxxx=+,易知()gx在(1,0)−上单调递减,在(,1)−−,(1,)+上单调递增,又(2)40ga−=−,(1)50ga=+.若21a时,()fx在(,2)a上无根,()fx在[2,]a−必有3
个根,则(1)0(0)0ff−,即100aa+,此时a;若01a时,()fx在(,2)a上有1个根,注意到(0)0fa=,此时()fx在[2,]a−不可能有2个根,故不满足;若10a−时,要使()fx在[2,]a−有2个根,
只需(1)0()0ffa−,解得102a−;若21a−−时,()fx在[2,]a−上单调递增,最多只有1个零点,不满足题意;综上,实数a的范围为102a−.故答案为:1,02−【点睛】本题考查利用导数研
究函数的零点个数问题,涉及到函数的周期性、分类讨论函数的零点,是一道中档题.14.已知圆22:4Oxy+=,直线l与圆O交于PQ,两点,()2,2A,若2240APAQ+=,则弦PQ的长度的最大值为___________.【答案】22【解析】【分析】取PQ的中点为M,由2240APAQ+=可
得2216AMOM−=,可得M在20xy++=上,当OM最小时,弦PQ的长才最大.【详解】设M为PQ的中点,()22222(2)APAQAMPQ+=+,即222222APAQAMMQ+=+,即()2224022AMOQOM=+−,22204AMOM=+−,2216AMOM−=.
设(),Mxy,则()2222(2)(2)16xyxy−+−−+=,得20xy++=.所以min222OM==,max22PQ=.故答案为:22【点睛】本题考查直线与圆的位置关系的综合应用,考查学生的逻辑推理、数形结合的思想,是一道有一定难度的题.二、解答题(本
大题共6小题,共计90分,请在答题纸指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)15.如图,已知在三棱锥PABC−中,PA⊥平面ABC,EFG,,分别为ACPAPB,,的中点,且2ACBE=.(1)求证:PBBC⊥;(2)设平面
EFG与BC交于点H,求证:H为BC的中点.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析.【解析】【分析】(1)要做证明PBBC⊥,只需证明BC⊥平面PAB即可;(2)易得PC∥平面EFG,PC平面PBC,利用线面平行的性质定理即可得到GH∥PC,从而
获得证明【详解】证明:(1)因为PA⊥平面ABC,BC平面ABC,所以PABC⊥.因为2ACBE=,所以BABC⊥.又因为BAPAA=,BA平面PAB,PA平面PAB,所以BC⊥平面PAB.又因为PB平面
PAB,所以PBBC⊥.(2)因为平面EFG与BC交于点H,所以GH平面PBC.因为EF,分别为ACPA,的中点,所以EF∥PC.又因为PC平面EFG,EF平面EFG,所以PC∥平面EFG.又因为PC平面PBC,平面PBC平
面EFGGH=,所以GH∥PC,又因为G是PB的中点,所以H为BC的中点.【点睛】本题考查线面垂直的判定定理以及线面平行的性质定理,考查学生的逻辑推理能力,是一道容易题.16.在ABC中,角ABC,,所对的边分别为abc,,,若(,)mabc=−,()sinsin,sinsinnA
BBC=−+,(1,2)p=,且mn⊥.(1)求角C的值;(2)求np的最大值.【答案】(1)3;(2)23.【解析】【分析】(1)由正弦定理可得222abcab+−=,再用余弦定理即可得到角C;(2)np3sin36A=++,再利用求正弦型函数值域的
方法即可得到答案.【详解】(1)因为mn⊥,所以(sinsin)()(sinsin)0aABbcBC−+−+=.在ABC中,由正弦定理得sinsinsinabcABC==,所以()()()0aabbcbc−+−+=,即222abcab+−=.在ABC中,由余弦定理得22
21cos222abcabCabab+−===,又因为(0,)C,所以3C=.(2)由(1)得3C=,在ABC中,ABC++=,所以1(sinsin)2(sinsin)npABBC=−++2sinsin33AA=+−+31sinco
ssin322AAA=+++33sincos322AA=++3sin36A=++.因为20,3A,所以5,666A+,所以当62A+=,即3A=时,sin6yA=+有最大值1,所以np的最大值为2
3.【点睛】本题考查正余弦定理解三角形,涉及到两角差的正弦公式、辅助角公式、向量数量积的坐标运算,是一道容易题.17.已知椭圆2222:1(0)xyCabab+=的左顶点为A,左、右焦点分别为12,FF,离心率为12,P是椭圆上的一个动点(不与左、右顶点重
合),且12PFF△的周长为6,点P关于原点的对称点为Q,直线2,APQF交于点M.(1)求椭圆方程;(2)若直线2PF与椭圆交于另一点N,且224AFMAFNSS=△△,求点P的坐标.【答案】(1)22143xy+=;(2)135,24或135,24−【解
析】【分析】(1)根据12PFF△的周长为22ac+,结合离心率,求出,ac,即可求出方程;(2)设(,)Pmn,则(,)Qmn−−,求出直线AM方程,若2QF斜率不存在,求出,,MPN坐标,直接验证是否满足题意,若2QF斜率存在,求
出其方程,与直线AM方程联立,求出点M坐标,根据224AFMAFNSS=△△和2,,PFN三点共线,将点N坐标用,mn表示,,PN坐标代入椭圆方程,即可求解.【详解】(1)因为椭圆的离心率为12,12PFF△的周长为6,设椭圆的焦距为2c,
则222226,1,2,accabca+==+=解得2a=,1c=,3b=,所以椭圆方程为22143xy+=.(2)设(,)Pmn,则22143mn+=,且(,)Qmn−−,所以AP的方程为(2)2nyxm=++①.若1m=−,则2QF的方程为1x=
②,由对称性不妨令点P在x轴上方,则31,2P−,31,2Q−,联立①,②解得1,9,2xy==即91,2M.2PF的方程为3(1)4yx=−−,代入椭圆方程得2293(1)124xx+−=,整理得27613
0xx−−=,1x=−或137x=,139,714N−.222219|227419|21||4AFMAFNAFSSAF==△△,不符合条件.若1m−,则2QF的方程为(1)1nyxm−=−−−,即(1)1nyxm=−+③.联立①,③可解得34,3,xmyn=+
=所以(34,3)Mmn+.因为224AFMAFNSS=△△,设(,)NNNxy所以2211|42|||2MNAFyAFy=,即4MNyy=.又因为,MN位于x轴异侧,所以34Nny=−.因为2,,PFN三点共线,即2FP应与2FN共线,223(1,),(1,)4NnFPmnFN
x=−=−−所以()31(1)4Nnnxm−=−−,即734Nmx−=,所以2273344143mn−−+=,又22143mn+=,所以2272839mm−−=,解得12m=,所以354n=,所
以点P的坐标为135,24或135,24−.【点睛】本题考查椭圆的标准方程以及应用、直线与椭圆的位置关系,考查分类讨论思想和计算求解能力,属于较难题.18.管道清洁棒是通过在管道内释放清洁剂来清洁管道内壁的工具,现欲用清洁棒清洁一个如图1所示
的圆管直角弯头的内壁,其纵截面如图2所示,一根长度为Lcm的清洁棒在弯头内恰好处于AB位置(图中给出的数据是圆管内壁直径大小,0,2).(1)请用角表示清洁棒的长L;(2)若想让清洁棒通过该弯头,清
洁下一段圆管,求能通过该弯头的清洁棒的最大长度.【答案】(1)278,0,sincos2+;(2)1313cm.【解析】【分析】(1)过A作PC的垂线,垂足为C,易得27,sinAP=8cosB
P=,进一步可得L;(2)利用导数求278(),0,sincos2L=+得最大值即可.【详解】(1)如图,过A作PC的垂线,垂足为C,在直角APC△中,APC=,27ACcm=,所以27cmsinAP=,同理8cmcosBP=,278,
0,sincos2L=+.(2)设278(),0,sincos2L=+,则33'222227cos8sin8sin27cos()sincossincosL−=−+=,令()'0L=,则327tan8=,即3tan2=.设
00,2,且03tan2=,则当()00,时,'3tan,()02L,所以()L单调递减;当0,2时,'3tan,()02L,所以()L单调递增,所以当0=时,()L取得极小值,所以()min0()LL=.因为
03tan2=,所以003sincos2=,又2200sincos1+=,所以204cos13=,又00,2,所以02cos13=,所以03sin13=,所以()0002781313()sincosLc
m=+=,所以能通过此钢管的铁棒最大长度为1313cm.【点睛】本题考查导数在实际问题中的应用,考查学生的数学运算求解能力,是一道中档题.19.已知等差数列na和等比数列nb的各项均为整数,它们的
前n项和分别为,nnST,且1122ba==,232254,11bSaT=+=.(1)求数列na,nb的通项公式;(2)求112233nnnMabababab=++++;(3)是否存在正整数m,使得1mmmmSTST+++恰好是数列na或nb中的项?若存在,求出所有满足条件的m
的值;若不存在,说明理由.【答案】(1)121,23nnnanb−=−=;(2)2(1)32nnMn=−+;(3)存在,1.【解析】【分析】(1)利用基本量法直接计算即可;(2)利用错位相减法计算;(3)21*121313mmmmmmSTmN
STm+++−+=+−+,令21*213,13mmmLLNm+−+=−+可得()2(1)1(3)3mLmL−−=−,13L„,讨论即可.【详解】(1)设数列na的公差为d,数列nb的公比为q,因为11232222,54,11babSaT===+=,所以2(33)541
2211qddq+=+++=,即(1)928qddq+=+=,解得32qd==,或325qd==(舍去).所以121,23nnnanb−=−=.(2)()21112233123235232123nnnnMababab
abn−=++++=++++−,213123323(23)23(21)23nnnMnn−=+++−+−,所以()21224333(21)23nnnMn−−=++++−−,13(13)24
(42)34(44)313nnnnn−−=+−−=−−−−所以2(1)32nnMn=−+.(3)由(1)可得2nSn=,31=−nnT,所以21121313mmmmmmSTmSTm+++−+=+−+.因为1mmmmSTST+++是数列na或nb中的一
项,所以21*213,13mmmLLNm+−+=−+,所以()2(1)1(3)3mLmL−−=−,因为210,30mm−…,所以13L„,又*LN,则2L=或3L=.当2L=时,有()213mm−=,即(
)2113mm−=,令21()3mmfm−=.则22211(1)11223(1)()333mmmmmmmfmfm+++−−−−+−=−=−.当1m=时,(1)(2)ff;当2m时,()()10fmfm+−,即(1)(2)(3
)(4)ffff.由1(1)0,(2)3ff==,知()2113mm−=无整数解.当3L=时,有210m−=,即存在1m=使得21213313mmmm+−+=−+是数列na中的第2项,故存在正整
数1m=,使得1mmmmSTST+++是数列na中的项.【点睛】本题考查数列的综合应用,涉及到等差、等比数列的通项,错位相减法求数列的前n项和,数列中的存在性问题,是一道较为综合的题.20.已知函数4()1,()1()xa
fxegxaRxx=−=−(e是自然对数的底数,2.718e).(1)求函数()fx的图象在1x=处的切线方程;(2)若函数()()fxygx=在区间4,5上单调递增,求实数a的取值范围;(3)若函数()()()hxfxx=
+在区间(0,)+上有两个极值点()1212,xxxx,且()1hxm恒成立,求满足条件的m的最小值(极值点是指函数取极值时对应的自变量的值).【答案】(1)4yexe=−;(2)(5,)+;(3)4−.
【解析】【分析】(1)利用导数的几何意义计算即可;(2)2'2(4)340()xxaxaeyax−−+++=−在4,5上恒成立,只需2(4)340xaxa−+++„,注意到[4,5]a;(3)
()2440xxxea−+−=在(0,)+上有两根,令()2()44xmxxxea=−+−,求导可得()mx在()0,2上单调递减,在(2,)+上单调递增,所以(0)40(2)0mama=−=−且()12111
(0,2),44xxxxea−+=,2(2,3)x,()()11131xhxxe=−−,求出()1hx的范围即可.【详解】(1)因为4()1xfxex=−,所以'244()1xfxexx=−+,当1x=时,'(1)3,(1)fefe=−=,所以切
线方程为(3)(1)yeex−−=−,即4yexe=−.(2)()(4)()xfxxeygxax−==−,2'2(4)34()xxaxaeyax−−+++=−.因为函数()()fxygx=在区间4,5上单
调递增,所以[4,5]a,且'0y恒成立,即2(4)340xaxa−+++„,所以224(4)43405(4)5340aaaa−+++−+++,即492aa,又(,4)(5,
)a−+,故5a,所以实数a的取值范围是(5,)+.(3)()2'244(4)()()()(),()xxxxeaxeaxhxfxgxhxxx−+−−+−=+==.因为函数()()()hxfxgx=+在区间(0,)+上有两个极值点,所以方程()'0hx=在(0,)+上有两不等实根,即
()2440xxxea−+−=.令()2()44xmxxxea=−+−,则()'2()2xmxxxe=−,由()0mx,得2x,所以()mx在()0,2上单调递减,在(2,)+上单调递增,所以(0)40(2)0mama=−
=−,解得04a且()12111(0,2),44xxxxea−+=.又由33(3)280meaaa=−−=−,所以2(2,3)x,且当()10,xx和()2,x+时,()()0hxhx,单调递增,当()12,xxx时,()()'0hxhx,单调递减,12,xx是
极值点,此时()()()()()111121111111111444431xxxxxexxexxeaxhxxexx−+−+−−+−===−−令()(3)1((0,2))xnxxex=−−,则'()(2)0xnxxe=−,所以(
)nx在()0,2上单调递减,所以()1(0)4hxh=−.因为()1hxm恒成立,所以4m−.若124m−−,取114mx=−−,则144mx=−−,所以()()1111343xhxmxex−=−++.令()(3)43(0)xHxxexx=−++
,则'()(2)4xHxxe=−+,''()(1)xHxxe=−.当(0,1)x时,()''0Hx;当(1,)x+时,()''0Hx.所以''min()(1)40HxHe==−+,所以()(-3)43xHxxex=++在(0,)+上单调递增,所以
()()00HxH=,即存在114mx=−−使得()1hxm,不合题意.满足条件的m的最小值为-4.【点睛】本题考查导数的综合应用,涉及到导数的几何意义,利用导数研究函数的单调性、极值点,不等式恒成立等知识,是一道难题.第Ⅱ卷(附加题,共40分)
选做题:请选定其中两题作答,每小题10分共计20分,解答时应写出文字说明,证明过程或演算步骤.选修4-2:矩阵与变换21.已知矩阵1(,R)4aMabb−=不存在逆矩阵,且非零特低值对应的一个特征向量11a
==,求ab,的值.【答案】41ab==−【解析】【分析】由M不存在逆矩阵,可得4ab=−,再利用特征多项式求出特征值3,0,3M=,利用矩阵乘法运算即可.【详解】因为M不存在逆矩阵,1det()0
4aMb−==,所以4ab=−.矩阵M的特征多项式为221()3434afabb+−==−−−=−−−,令()0f=,则3=或0=,所以3M=,即113413ab−=,所以1343ab−+=+=,所以41ab=
=−【点睛】本题考查矩阵的乘法及特征值、特征向量有关的问题,考查学生的运算能力,是一道容易题.选修4-4:坐标系与参数方程22.以平面直角坐标系xOy的原点O为极点,x轴的正半轴为极轴,且在两种坐标系中取相同的长度单位,建立极坐标系,已知曲线1C:sin24+=−
,曲线2cos2:sinxCy==(为参数),求曲线12CC,交点的直角坐标.【答案】()1,1−−【解析】【分析】利用极坐标方程与普通方程、参数方程间的互化公式化简即可.【详解】因为sin24+=−,所以sincos2+=−,所
以曲线1C的直角坐标方程为20xy++=.由cos2sinxy==,得212sinsinxy=−=,所以曲线2C的普通方程为212,[1.1]xyy=−−.由22012xyxy++==−,得2230yy−−=,所以1231,2yy=−=(舍),
所以11x=−,所以曲线12CC,的交点坐标为()1,1−−.【点睛】本题考查极坐标方程与普通方程,参数方程与普通方程间的互化,考查学生的计算能力,是一道容易题.选修4-5:不等式选讲23.已知凸n边形123nAAAA的面积为1,边长1(1,
2,,1)iiiAAain+==−,1nnAAa=,其内部一点P到边1(1,2,,1)iiiAAain+==−的距离分别为123,,,,ndddd.求证:2121212222()nnnnaaanaaaddd+++.【答案】证明见解析【解析】【分析】由已知,易得112
22nnadadad+++=,所以121212122222nnnnaaaaaadddddd+++=+++()12112212nnnnaaaadadadddd=++++++利用柯西不等式和基本不等式即可证明.【详解】因为凸n边形的面积为1
,所以11222nnadadad+++=,所以121212122222nnnnaaaaaadddddd+++=+++()12112212nnnnaaaadadadddd=++++++
212112212()nnnnaaaadadadddd+++…(由柯西不等式得)()212naaa=+++212()nnnaaa…(由均值不等式得)【点睛】本题考查利用柯西不等式、基本不等式证明不等式的问题,考查学生对不等式灵活运用的能力,是一道容易题
.必做题:第24题、第25题,每题10分,共计20分,解答时应写出文字说明,证明过程或演算步骤.24.如图,在四棱锥PABCD-中,底面ABCD是直角梯形且AD∥22BCABBCABBCAD⊥===,,,侧面PAB为等边三角形,且平面PAB⊥
平面ABCD.(1)求平面PAB与平面PDC所成的锐二面角的大小;(2)若(01)CQCP=剟,且直线BQ与平面PDC所成角为3,求的值.【答案】(1)4;(2)336.【解析】【分析】(1
)分别取ABCD,的中点为OE,,易得OPOEOB,,两两垂直,以OEOBOP,,所在直线为xyz,,轴建立空间直角坐标系,易得(1,0,0)AD=为平面PAB的法向量,只需求出平面PDC的法向量为n,再利用||
cos|cos|||||nADnADnAD==计算即可;(2)求出BQ,利用|cos,|sin3nBQ=计算即可.【详解】(1)分别取ABCD,的中点为OE,,连结POEO,.因为AD∥BC,所以OE∥BC.因为ABBC⊥,所以ABOE⊥.因为侧面PA
B为等边三角形,所以ABOP⊥又因为平面PAB⊥平面ABCD,平面PAB平面ABCDAB=,OP平面PAB,所以OP⊥平面ABCD,所以OPOEOB,,两两垂直.以O为空间坐标系的原点,分别以OEOBOP,,所在直线为xyz,,轴建立如图所示的空间直角坐
标系,因为22ABBCAD===,则(0,0,0),(0,1,0),(0,1,0),(2,1,0),(1,1,0),(0,0,3)OABCDP−−,()1,2,0DC=,(2,1,3)PC=−.设平面PDC的法向量为(,,)nxyz=,则00nD
CnPC==,即20230xyxyz+=+−=.取1y=,则2,3xz=−=−,所以(2,1,3)n=−−r.又(1,0,0)AD=为平面PAB的法向量,设平面PAB与平面PDC所成的锐二面角的大小为,则222||22cos|c
os|2||||(2)1(3)nADnADnAD====−++−,所以平面PAB与平面PDC所成的锐二面角的大小为4.(2)由(1)得,平面PDC的法向量为(2,1,3),(2,1,3)nPC=−−=−,所以成(22,,3)(01)BQBCCP=+=−+−剟.又
直线BQ与平面PDC所成角为3,所以|cos,|sin3nBQ=,即||32||||nBQnBQ=,即222222|443|32(2)1(3)(22)()(3)−−−=−++−−++−+,化简得26610
−+=,所以336=,符合题意.【点睛】本题考查利用向量坐标法求面面角、线面角,涉及到面面垂直的性质定理的应用,做好此类题的关键是准确写出点的坐标,是一道中档题.25.如图,正方形AGIC是某城市的一个区域的示意图,阴影
部分为街道,各相邻的两红绿灯之间的距离相等,~AI处为红绿灯路口,红绿灯统一设置如下:先直行绿灯30秒,再左转绿灯30秒,然后是红灯1分钟,右转不受红绿灯影响,这样独立的循环运行.小明上学需沿街道从I处骑行到A处(不考虑AI,处的红绿灯),出发时的两条路线(IFIH→→,)等可
能选择,且总是走最近路线.(1)请问小明上学的路线有多少种不同可能?(2)在保证通过红绿灯路口用时最短的前提下,小明优先直行,求小明骑行途中恰好经过E处,且全程不等红绿灯的概率;(3)请你根据每条可能的路线中等红绿灯的次数的均值,为小明设计一条最佳的上学路线,且应尽量避开哪条路
线?【答案】(1)6种;(2)1164;(3)IFCBA→→→→.【解析】【分析】(1)从4条街中选择2条横街即可;(2)小明途中恰好经过E处,共有4条路线,即IHEDA→→→→,IHEBA→→→→,IFEDA→→→→,IFEBA→→→
→,分别对4条路线进行分析计算概率;(3)分别对小明上学的6条路线进行分析求均值,均值越大的应避免.【详解】(1)路途中可以看成必须走过2条横街和2条竖街,即从4条街中选择2条横街即可,所以路线总数为246C=条.(2)
小明途中恰好经过E处,共有4条路线:①当走IHEDA→→→→时,全程不等红绿灯的概率11313124432p==;②当走IHEBA→→→→时,全程不等红绿灯的概率2131132444128p==;③
当走IFEDA→→→→时,全程不等红绿灯的概率31111124432p==;④当走IFEBA→→→→时,全程不等红绿灯的概率4113132444128p==.所以途中恰好经过E处,且全程不等信号灯的概
率1234331311321283212864ppppp=+++=+++=.(3)设以下第i条的路线等信号灯的次数为变量iX,则①第一条:13,~1,4IHEDAXB→→→→,则()134
EX=;②第二条:23,~3,4IFCBAXB→→→→,则()239344EX==;③另外四条路线:;IHGDAIHEBA→→→→→→→→;IFEDA→→→→;3,~2,(3,4,5,6)4iIFEBAXBi
→→→→=,则()332(3,4,5,6)42iEXi===综上,小明上学的最佳路线为IHEDA→→→→;应尽量避开IFCBA→→→→.【点睛】本题考查概率在实际生活中的综合应用问题,考查学生逻辑推理与运算能力,是一道有一定难度的题
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