【文档说明】云南省玉溪市通海县一中2020-2021学年高二下学期期中考试物理试题 含答案.docx，共(9)页，116.706 KB，由小赞的店铺上传

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绝密★启用前云南省通海县一中2020-2021学年下学期期中考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.在真空中有a、b两个点电荷

，b的电荷量是a的2倍，如果a受到的静电力是F，则b受到的静电力是（）A．FB．2FC．3FD．4F2.一束带电粒子向M、N两金属极板运动．下列说法正确的是()A．正离子向M极偏转，负离子向N极偏转B．正离子向N极偏

转，负离子向M极偏转C．正、负离子均向N极偏转D．正、负离子均向M极偏转3.如图所示的电路中，S闭合且稳定后流过电感线圈的电流是2A，流过灯泡的电流是1A，现将S突然断开，S断开前后，能正确反映流过灯泡的电流i随时间t变化关系的图象是()A．B．C．D．4.电源与外电阻R连接成

闭合回路，对于电源的路端电压U，下列说法正确的是()A．因U＝IR，则U与R的大小成正比B．因U＝IR，则R＝0时，必有U＝0C．流过电源的电流越大，路端电压U也越大D．若外电路断开，回路中电流为0，路端电压也等于05.在制作精密电阻时，为了清除使用过程中由于电流变化而引起的自感现象，采用

双线并绕的方法，如图所示．其原理是()A．当电路中的电流变化时，两股导线产生的自感电动势相互抵消B．当电路中的电流变化时，两股导线产生的感应电流相互抵消C．当电路中的电流变化时，两股导线中原电流的磁通量相互抵消D．以上说法都不对6.如图是某带电导

体的电场线和等势面．a、b两点场强大小分别为Ea、Eb，电势分别为φa、φb，则()A．Ea＞Eb，φa＜φbB．Ea＜Eb，φa＜φbC．Ea＞Eb，φa＞φbD．Ea＜Eb，φa＞φb7.如图所示，匀强磁场中有两个导体圆环a、b，磁场方向

与圆环所在平面垂直．磁感应强度B随时间均匀增大．两圆环半径之比为2：1，圆环中产生的感应电动势分别为Ea和Eb.不考虑两圆环间的相互影响．下列说法正确的是()A．Ea：Eb＝4：1，感应电流均沿逆时针方向B．Ea：Eb＝4：1，感应

电流均沿顺时针方向C．Ea：Eb＝2：1，感应电流均沿逆时针方向D．Ea：Eb＝2：1，感应电流均沿顺时针方向8.如图所示，质量为m、带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率vB＝2v0，方向与电场的方向一

致，则A、B两点的电势差为()A．B．C．D．9.两个分别带有电荷量为－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F.两小球相互接触后将其固定，距离变为，则两球间库仑力的大小为()

A．FB．FC．FD．12F10.如图是氢原子能级示意图，一群氢原子处于n＝4的激发态，当它们自发地跃迁到较低能级时，以下说法符合玻尔理论的有()A．氢原子向低能级跃迁时，动能减小B．氢原子向低能级跃迁时，电势能增大C．由n＝4跃迁到n＝1时发出

光子的频率最小D．这群氢原子向低能级跃迁时，能辐射6种不同频率的光子二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)11.(多选)如图所示，一根通电直导线垂直放在磁感应强度为1T的匀强磁场中，以导线截面的中心为圆心，半径为r的圆周上有a、b、c、

d四个点，已知a点的实际磁感应强度为零，则下列叙述正确的是()A．直导线中的电流方向垂直纸面向外B．b点的实际磁感应强度为T，方向斜向上，与B的夹角为45°C．c点的实际磁感应强度也为零D．d点的实际磁感应强度跟b点的相同12.(多选)如图所示，一个电场的电场线分布关于y轴对称，等腰直角三角形OP

Q处于电场中，A为OQ中点，则下列说法中正确的是()A．Q点的电势比A点的电势低B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．OA两点间的电势差大于AQ两点间的电势差D．在O点静止释放一个带正电粒子，该粒子将沿y

轴做匀变速直线运动13.(多选)如图，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程①、②、③、④到达状态e.对此气体，下列说法正确的是()A．过程②中气体对外界做正功B．过程④中气体从外界吸收了热量C．状态c、d的内能相等D．

状态d的压强比状态b的压强小14.(多选)裂变反应是目前核能利用中常用的反应，以原子核U为燃料的反应堆中，当U俘获一个慢中子后发生的裂变反应可以有多种方式，其中可表示为U＋n→Xe＋Sr＋x235．04391.0087138.917893.9154反应方程下方的数字是

中子及有关原子的静止质量(以原子质量单位u为单位)，已知1u的质量对应的能量为9.3×102MeV，则()A．此反应方程式中的x是2nB．此反应释放出的能量是1.8×102MeVC．此反应前后能量守恒D．此反应前后动量不守恒分卷II三、实验题(共2小题,共14分)15.

用如图所示电路，测定一节干电池的电动势和内阻．电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用．除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：(a)电流表(量程0.6A、3A)；(b)电压表(量程3V、15V)；

(c)定值电阻(阻值1Ω、额定功率5W)；(d)定值电阻(阻值10Ω、额定功率10W)；(e)滑动变阻器(阻值范围0～10Ω、额定电流2A)；(f)滑动变阻器(阻值范围0～100Ω、额定电流1A)．那么：(1)要正确完成实

验，电压表的量程应选择________V，电流表的量程应选择________A；R0应选择________Ω的定值电阻，R应选择阻值范围是________Ω的滑动变阻器．(2)引起该实验系统误差的主要原因是________．16.图中给出的是用螺旋测微器测量一小钢球的

直径时的示数，此读数应________mm.四、计算题(17.如图，矩形裸导线框长边的长度为2L，短边的长度为L，在两个短边上均接有电阻R，其余部分电阻不计，导线框一长边与x轴重合，左边的坐标x＝0，线框内有一垂直于线框平面的磁场，磁场的磁感应强度满足关系B＝B0si

n()，一光滑导体棒AB与短边平行且与长边接触良好，电阻也是R，开始时导体棒处于x＝0处，从t＝0时刻起，导体棒AB在沿x轴正方向的力F作用下做速度为v的匀速运动，求：(1)导体棒AB从x＝0到x＝2L的过程中力F随时间

t变化的规律；(2)导体棒AB从x＝0到x＝2L的过程中回路产生的热量．18.如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在两个固定的光滑圆形导轨上，两导轨平等且间距为L，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，当导体棒中通一自左向

右的电流I时，导体棒静止在与竖直方向成37°角的导轨上，取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：(1)磁场的磁感应强度B；(2)每个圆导轨对导体棒的支持力大小FN.19.如图所示，总容积为3V0、内壁光滑的汽缸水平放置，一面积为S的轻质薄活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，活塞左侧由跨

过光滑定滑轮的细绳与一质量为m的重物相连，汽缸右侧封闭且留有抽气孔．活塞右侧气体的压强为p0.活塞左侧气体的体积为V0，温度为T0.将活塞右侧抽成真空并密封，整个抽气过程中缸内气体温度始终保持不变．然后将密封的气体缓慢

加热．已知重物的质量满足关系式mg＝p0S，重力加速度为g.求(1)活塞刚碰到汽缸右侧时气体的温度；(2)当气体温度达到2T0时气体的压强．20.两块质量都是m的木块A和B在光滑水平面上均以大小为的速度向左匀速运动

，中间用一根劲度系数为k的水平轻弹簧连接，如图所示．现从水平方向迎面射来一颗子弹，质量为，速度大小为v0，子弹射入木块A(时间极短)并留在其中．求：(1)在子弹击中木块后的瞬间木块A、B的速度vA和vB的大小．(2)在子弹击中木块后的运动过程

中弹簧的最大弹性势能．答案1.A2.B3.D4.B5.C6.C7.B8.C9.C10.D11.AB12.AC13.ACD14.BC15.(1)30.610～10(2)电压表的分流【解析】(1)一节干电池的电动势为1.5V，所以电压表量

程选择3V即可，一节干电池的允许电流在0.6A以下，因此电流表量程选择0.6A即可．R0起保护作用使电路中的电流在0.6A以下，若选用定值电阻10Ω，估算最大电流为Imax＝<＝A＝0.3A则电流表指针指在半刻度以下，测量误差太大，因此定值

电阻应选用1Ω.若选用滑动变阻器0～100Ω的，则使用范围太小，不方便操作，因此选用滑动变阻器0～10Ω即可．(2)电流表应测量通过电源的电流，但由于电压表的分流作用，电流表实际测量的电流值比通过电源的电流小，所以引起该实验误差的主要原因是电压表的分流．16.8.600【解析】螺旋测微器的读

数公式：固定刻度(mm)＋旋转刻度(估读)×0.01mm＝测量值，所以螺旋测微器的读数为：8.5mm＋10.0×0.01mm＝8.600mm.17.(1)F＝2BL2vsin()(0≤t≤)(2)【解析】由于磁感应强度随空间坐标变

化，导体棒虽做匀速运动，但其电动势仍是变化的．(1)t时刻AB棒的坐标为x＝vt，感应电动势e＝BLv＝B0lvsin()，回路总电阻R总＝R＋R＝R，回路感应电流i＝导体棒做匀速运动，所以有F＝F1＝BiL

解得F随时间t变化的规律为F＝(0≤t≤)(2)由(1)得I＝，即当导体棒在整个切割磁感线的过程中产生半个周期的正弦交流电，电流的最大值为Im＝有效值为I＝时间为t＝，则回路中产生的热量为Q＝I2R总t＝.18.(1)(2)mg【解析】(1)从右向左看受力分析如图所示：由受力平

衡得到：＝tan37°解得：B＝即磁场的磁感应强度B的大小为.(2)两个导轨对棒的支持力为2FN，满足：2FNcos37°＝mg解得：FN＝mg即每个圆导轨对导体棒的支持力大小为mg.19.(1)1.

5T0(2)p0【解析】(1)设当活塞右侧气体的压强为p0时，左侧气体压强为p1则p1＝＋p0＝2p0(2分)右侧抽成真空时，p2＝＝p0，对左侧气体有p1V0＝p2V2(2分)解得：V2＝2V0缓慢加

热气体，气体发生等压变化，活塞与汽缸右侧接触时，体积V3＝3V0，气体的温度为T3则：＝(2分)解得：T3＝1.5T0(1分)(2)气体温度升高到2T0的过程，气体发生等容变化，则＝(2分)解得：p4＝p0.(1分)20.(1)(2)mv【解析】(1)在子弹打入木

块A的瞬间，由于相互作用时间极短，弹簧来不及发生形变，A、B都不受弹簧弹力的作用，故vB＝；由于此时A不受弹簧的弹力，木块A和子弹构成的系统在这极短过程中所受合外力为零，系统动量守恒，选向左为正方向，由动量守恒定律得：－＝(＋m)vA解得v

A＝(2)由于子弹击中木块A后，木块A、木块B运动方向相同且vA<vB，故弹簧开始被压缩，分别给木块A、B施以弹力，使得木块A加速、B减速，弹簧不断被压缩，弹性势能增大，直到二者速度相等时弹簧的弹性势能最大，在弹簧压缩过程中木块A(包括子弹)、B与弹簧构成的系统动量守恒，机械能守

恒．设弹簧压缩量最大时共同速度的大小为v，弹簧的最大弹性势能为Epm，选向左为正方向，由动量守恒定律得：mvA＋mvB＝(m＋m)v由机械能守恒定律得：×mv＋mv＝×(m＋m)v2＋Epm联立解得v＝v0，Epm＝mv.