【文档说明】山东临朐县实验中学2020-2021学年高二上学期11月月考物理试卷 PDF版含答案.pdf，共(12)页，506.625 KB，由小赞的店铺上传

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1高二11月份月结学情检测物理试题第Ⅰ卷选择题（40分）一、单项选择题:本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列关于电动势的说法中，正确的是（）A．电动势就是电势差，也叫电压，单位VB．电动势大的电源做功一定多C．电动势大的电源做功一

定快D．电动势的大小等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功2．A、B两灯的额定电压都是110V，A灯的额定功率PA＝100W，B灯的额定功率PB＝40W，若将两灯同时接入电压恒为220V的电路上，且使两灯均能正常发光，同

学们设计了如图所示的甲、乙两种电路，则甲、乙两电路消耗的电功率之比为（）A．2∶7B．2∶5C．5∶7D．3∶73．如图所示，C为两极板水平放置的空气平行板电容器，闭合开关S，当滑动变阻器R1、R2的滑片处于各自的中点位置时，悬在电容器C两极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态。要使尘埃

P向下加速运动，下列方法中可行的是：（）A．把R1的滑片向左移动B．把R2的滑片向右移动C．把R2的滑片向左移动D．把开关S断开24．四根完全相同的长直导线互相平行，它们的截面处于一个正方形abcd的四个顶点处，导线中通有方向如图所示的电流，

若每根通电导线在正方形中点处产生的磁感应强度大小均为B，则正方形中点处实际磁感应强度的大小为（）A．0B．2BC．22BD．5B5．两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把

它们串联起来接入电路中，则（）A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为l:3，指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为1:3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1:36．如甲

图所示，一质量为1kg的物体在水平地面上处于静止状态。一竖直方向外力F作用在物体上，F随时间变化的图像如乙图，t=4s时撤去外力F，重力加速度g=10m/s2，则以下说法正确的是（）A．t=4s时物体速度为0B．上升过程中物体的最大速度为12m/sC．0到4s内物体速度一直在增加D．撤

去F后，物体的还能上升1.25m7．如图所示，线圈ABCO面积为0.4m2，匀强磁场的磁感应强度00.1BT，方向沿x轴正方向（图中未画出）.在线圈由图示位置绕z轴向下转过60的过程中，通过线圈的磁通量的变化量为（）3A．3.

46×10－2WbB．2.00×10－2WbC．4.00×10－2WbD．08．如图所示，质量为3m的弹性小球B与轻质弹簧右端拴接静止在光滑水平面上，弹簧左端固定在竖直墙壁上。质量为2m的弹性小球A以速度0v向左运动，小球A、B发生对心弹性碰撞。则小球B压缩弹簧使得弹簧具有的弹性势能

的最大值为（）A．2012mvB．2025mvC．202425mvD．206475mv二、多项选择题:本题共4小题，共16分。在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的

得0分。9．压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小。某同学利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，如图甲所示，将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电压表示数为0U，电源内阻不能忽略。若在某个运

动过程中，电压表的示数变化如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．10~t时间内电梯内的物体处于超重状态B．23~tt时间内电梯内的物体处于失重状态C．21~tt时间内电梯可能处于匀加速直线运动状态D．23~tt时间内电梯可能处于匀减速直线运动状态410．

在如图所示的电路中，电源电动势E和内电阻r为定值，R1为滑动变阻器，R2和R3为定值电阻．当R1的滑动触头P从左向右移动时，伏特表V1和V2的示数的增量分别为ΔU1和ΔU2，对ΔU1和ΔU2有（）A．12UUB．12|||

|UUC．120,0UUD．210,0UU11．某同学将一直流电源的总功率EP、输出功率RP和电源内部的发热功率rP随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a、b、c所示，以下判

断正确的是（）A．直线a表示电源的EPI—图线B．曲线c表示电源的RPI—图线C．电源的电动势3VE，内阻=1ΩrD．电源的最大输出功率max2WP12.如图所示，水平光滑轨道宽和弹簧自然长度均为d，

m2的左边有一固定挡板，已知123mm，m1由图示位置静止释放，当m1与m2相距最远时，m1速度为v0，则在以后的运动过程中（）A．m1的最小速度是0B．m1的最小速度是023vC．m2的最大速度是

043vD．m2的最大速度是2v05第Ⅱ卷非选择题（60分）注意事项:在答题卡上作答.三、实验题（本题共2小题，共14分。把答案填在题中的横线上。）13．国庆同学在做“探究碰撞中的不变量”实验中，所用装置如图甲所示，已知槽口末端在白纸上的投影位置为O点。回答以下问题：(1)为了完成本实验，下列必须

具备的实验条件或操作步骤是___________；A．斜槽轨道末端的切线必须水平B．入射球和被碰球半径必须相同C．入射球和被碰球的质量必须相等D．必须测出桌面离地的高度HE.斜槽轨道必须光滑(2)国庆同学在实验中正确操作，认真测量，得出的落点情况如图乙所示，则入射小球质量和被碰小球质量之比

为____________；(3)为了完成本实验，测得入射小球质量m1，被碰小球质量m2，O点到M、P、N三点的距离分别为y1、y2、y3，若两球间的碰撞是弹性碰撞，应该有等式_______成立。A．222121123mymymy

B．121321mymymyC．112231mmmyyyD．321yyy614．用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线。A．电压表V1（量程6V、内阻很大）B．电压表V2（量程3V、内阻很大）C．电流表A（量程3A、内阻很

小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω）E.小灯泡（2A、5W）F.电池组（电动势E、内阻r）G.开关一只，导线若干(1)某同学设计的实验电路图如图甲，实验时调节滑动变阻器的滑动片向右滑动，则电压表V1的示数_

_______，电压表V2的示数________。（填“变大”“变小”或“不变”）(2)每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I，U1）、（I，U2），标到U－I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势

E=________V、内阻r=________Ω。（结果保留两位有效数字）(3)在U－I图像中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为________Ω，电池组的效率为________7四、解答题（本题包括4小题，共46分。解答应写出必要的文字说明、方程式

和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15.（10分）在如图所示的电路中，R1＝3Ω，R2＝6Ω，R3＝1.5Ω，C＝20μF，当开关S断开时，电源的总功率为2W；当开关S闭合时，电源的总功率为4W，求：(1)电源的电动势和内电

阻；(2)闭合S时，电源的输出功率；(3)S断开时，电容器所带的电荷量是多少？16．（10分）某同学利用图甲所示装置测定某电动机的效率。分别用电压传感器和电流传感器测得电动机的输入电压和输入电流与时间的关系图像分别如图丙、图丁所示，当重物匀速上升时用位移传感器测

得重物上升的位移与时间的关系图线如图乙所示，电动机提升的重物的质量为91.2g，不计一切摩擦，取g=10m/s2。求：(1)该电源的电动势与内阻；(2)该电动机在图乙所示时间内的效率；817．（12分）如图所示，质量为M=2kg的小车静止在光滑的水平地面上

，其AB部分为半径R=0.5m的光滑四分之一圆孤，BC部分水平粗糙，BC长为L=1m。一可看做质点的小物块从A点由静止释放，恰好能不从小车上掉下去。已知小物块质量m=1kg，g取10m/s2。求：(1)小物块与小车BC部分

间的动摩擦因数；(2)小物块从A滑到C的过程中，小车获得的最大速度18．（14分）固定在轻质弹簧两端质量分别是10.5kgm，21.49kgm的两个物体置于光滑水平面上，m1靠在光滑竖直墙上，现有一颗0.01kgm

的子弹水平射入m2中，使弹簧压缩而具有12J的弹性势能，然后m1和m2都将向右运动，试求：(1)子弹的初速度v0；(2)竖直墙对m1的冲量；(3)m1和m2都向右运动过程中弹簧可具有的最大弹性势能。高二11月份月结学情检测物理答案1．D2．C

3．C4．C5．B6．D7．A8．C9．BC10．AD11．AD12．BD13．AB3∶2AD14．变小变大4.51.0056%15．(1)4V,0.5（2）3.5W（3）-5610C,0（1）S断开，R2、R3串联根据闭合电路欧姆定律可得：EIRr总功率为

：227.5EPIEWrS闭合，R1、R2并联再与R3串联，总外电阻123123.5RRRRRR根据闭合电路欧姆定律可得：3.5EEIRrr所以总功率为：23.5EPEIr联立解得：E=4V，r=0.5Ω（2）闭合S，总外电阻R′=3.5Ω干路电流

为1EIARr输出功率P出=EI′-I′2r=4×1-1×0.5=3.5W（3）S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压：22224637.57.50.5EUIRRVVr可得电量为：Q=CU2=20×10-6×3=6×10-5C16

．(1)3.2V，1.25Ω；(2)95%（1）电动机与电源构成闭合电路初始启动时12.8VU，10.32AI①由闭合电路定律可知11UEIr②电动机稳定工作时13.0VU，10.16AI③由闭合电路定律可知22UEIr④联立

①②③④解得3.2VE，125Ωr.（2）电动机的输入功率为122PUI⑤由题图乙可知重物匀速上升时的速度为hvt⑥电动机的输出功率为2Pmgv⑦电动机的效率为21100%PP⑧联立⑤⑥⑦⑧解得95%17．(1)0

.5s；(2)15m/s3，方向水平向左(1)小物块滑至C点，物块与小车的速度相同，设共同速度为v，取向右为正方向，根据动量守恒定律，得0=(M+m）v解得v=0根据功能关系，有mgR=μmgL解得0.5RL(2)小物块滑至B时，车速最大。由水平方向动量守恒得

mv1−Mv2=0由动能关系22121122mgRmvMv解得小车获得的最大速度为215m/s3v速度方向水平向左。18.(1)600m/s；(2)12Ns；(3)3J(1)以子弹与m2组成的系统为研究对象，在子弹击中m2的过程中系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由

动量守恒定律得021)(mvmmv在木块m2压缩弹簧过程中，子弹、木块m2、弹簧组成的系统机械能守恒，由机械能守恒定律得2p21)1(2mmvE其中p12JE解得14m/sv0600m/sv(2)在弹簧恢复原长过程中，子弹、木块m1、木块m2、弹簧组成的系统机

械能守恒，由机械能守恒定律得2p211(2)Emmv以向右为正方向，在整个过程中由动量定理得2121([))(]Immvmmv解得12NsI方向水平向右。(3)当子弹、木块m1、木块m2速度相等时，弹簧的弹性势能最大，从弹簧

恢复原长到弹簧弹性势能最大过程中，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得21122)(()mmvmmmv在该过程中系统机械能守恒，由机械能守恒定律得2221122p11((22))mmvmmmvE解得p3JE