【文档说明】【精准解析】四川省泸县第一中学2019-2020学年高一下学期第一次在线月考物理试题.doc，共(15)页，672.500 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省泸县第一中学高一第一学月考试物理试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域

内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6

.考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，每科100分，共300分第I卷选择题（48分）一、单选题（每小题4分，共12个小题，共48分；其中1-9题为单选题，10-12题多选题，少选得2分，多选错选得0分。）1.某同学坐火车时，看左边的火车

，感觉乘坐的火车正缓缓开动，再看右边的站台，才发现乘坐的火车原来是静止的．看左边时产生的错觉是因为他选择的参考系是（）A.乘坐的火车B.站台C.左边的火车D.邻座乘客【答案】C【解析】【详解】看左边的火车，感觉乘坐的火车正缓缓开动是以左侧的火车为参考系的，故C正确，ABD错误．2.关于加速度，

以下说法正确的是（）A.速度大，物体的加速大B.加速度就是物体速度的增加量C.速度改变量越大，加速度就越大D.速度对时间的变化率越大，加速度越大【答案】D【解析】【分析】加速度是速度变化量与发生这一变化所用时间的比值，是描述物体速度改变快慢的物理量．加速度是矢量，它

的方向是物体速度变化（量）的方向，与合外力的方向相同．【详解】A项：由公式0vvat−=可知，速度大，物体的加速度不一定大，故A错误；B项：加速度是物体单位时间内的速度变化量，故B错误；C项：由公式vat

=可知，速度改变量越大，加速度不一定大，故C错误；D项：速度对时间的变化率即为加速度，所以速度对时间的变化率越大，加速度越大，故D正确．故应选：D．3.一物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，2s后速度的大小变为10m/s，方向与初速

度方向相反，设初速度方向为正方向．在这2s内物体的（）A.加速度的大小为3m/s2，方向与初速度方向相反B.加速度的大小为3m/s2，方向与初速度方向相同C.加速度的大小为7m/s2，方向与初速度方向相同D

.加速度的大小为7m/s2，方向与初速度方向相反【答案】D【解析】【详解】由题，v0=4m/s，v1=-10m/s，则△v=v1-v0=-14m/s，则2214m/s7m/s2vat−===−，负号说明与初速度方向相反；A.加速度的大小为3m/s2，方向与初速度方向相反，与结论不相符，选项A

错误；B.加速度的大小为3m/s2，方向与初速度方向相同，与结论不相符，选项B错误；C.加速度的大小为7m/s2，方向与初速度方向相同，与结论不相符，选项C错误；D.加速度的大小为7m/s2，方向与初速度方向相反，与结论相符，选项D正确；4.

质点做直线运动的速度—时间图象如图所示，该质点A.在第1秒末速度方向发生了改变B.在第2秒末加速度方向发生了改变C.在前2秒内发生的位移为零D.第3秒和第5秒末的位置相同【答案】D【解析】试题分析：速度图象

的正负表示速度的方向，而在前2s内，运动方向没有变化，故A错；图象的斜率表示加速度，第2秒末斜率不变，所以加速度不变，故B错；前两秒内图象都在时间轴上方，故质点位移为图线与坐标轴所围成的面积，C错；同理，由图象面积可以知道，第4秒内和第5秒内的位移大小相同、方向相反，故D正确．考点：运动学图象5.

在内部空间高为h的电梯的顶部，有一电磁铁吸附着一小球，若在电梯静止时，切断电磁铁电源后，小球由顶部自由下落到底部所用时间为t1；若电梯以速度v匀速上升时，切断电磁铁电源后，小球由电梯的顶部下落到底部所用时间为t2，

不考虑空气的阻力，则（）A.t1＞t2B.t1＜t2C.t1＝t2D.无法确定t1与t2的大小关系【答案】C【解析】【详解】物体在静止的电梯里，由于受到重力作用而下落，经过的路程是电梯的高度．物体和电梯一起匀速直线运动

，由于受到重力作用而下落，物体和电梯的相对速度和电梯静止时的速度是相同的，经过的相对的高度也是电梯的高度．由于相同的作用，经过相同的距离，用时是相同的．故C正确，ABD错误；故选C．【名师点睛】此题考查了运动的合成和分解问题；要知道电梯静止时物体的运动速度，和电梯匀速下落时物体和电梯的相对速度是相

同的，经过相同的距离，用时是相同的．6.如图所示，某同学用水平向右的力F推放置在水平地面上的箱子，箱子仍保持静止．下列说法中正确的是A.地面对箱子的静摩擦力方向水平向左B.地面对箱子的静摩擦力方向水平向右C.地面对箱子的滑动摩擦力方向水平向左D.地面对箱子的滑动摩擦力方向水平向右【答案】A【解

析】【详解】用水平向右的力F推箱子，箱子与地面仍保持相对静止，箱子受到的摩擦力属于静摩擦力，根据平衡条件可得地面对箱子的摩擦力方向水平向左，大小为F，故A正确、BCD错误．7.关于运动状态与所受外力的关系，下面说法中正确的是()A.

物体受到恒定的力作用时，它的运动状态不发生改变B.物体受到不为零的合力作用时，它的运动状态要发生改变C.物体受到的合力为零时，它一定处于静止状态D.物体的加速度方向与它所受的合力的方向可能不同【答案】B【解析】【详解】AB．力是改变物体运动状态的原因，只要物体受力（

合力不为零），它的运动状态就一定会改变。A错误，B正确。C．物体不受力或合力为零，其运动状态一定不变，处于静止或匀速直线运动状态。C错误。D．根据牛顿第二定律可知，加速度的方向一定与合力方向相同。故D错误。故选B。8.如图所示，劲度系数

为k的轻弹簧，下端悬挂木块A并处于静止状态，弹簧的伸长量为l（处于弹簧限度内），则木块所受重力的大小为（）A.lB.klC.lkD.kl【答案】B【解析】【详解】弹簧伸长量为l，根据胡克定律得弹簧的拉力大小为：Fkl=物体

保持静止，故物体的重力等于弹簧的拉力，则有：GFkl==故选B．9.一竖直放置的轻质圆环静止于水平面上，质量为m的物体用轻绳系于圆环边缘上的A、B两点，结点恰位于圆环的圆心O点．已知物体静止时，AO绳水平，BO绳与AO绳的夹角为150°．轻推圆环使其向右缓慢滚动，在AO绳

由水平转动至竖直的过程中A.AO绳中最大拉力2mgB.AO绳中最大拉力mgC.BO绳中最大拉力1.5mgD.BO绳中最大拉力3mg【答案】A【解析】【详解】对O点受力分析，受重力和两个绳子的拉力，若轻推圆环使其向右缓慢滚动，在AO绳由水平转动至竖直的过程中，

相当与重力反向（逆时针）转动90度，如图；当G与OB垂直时FOA最大，最大值为max2sin30OAmgFmg==；当G与OA垂直时FOB最大，最大值为：max2sin30OBmgFmg==，则选项A正确，BCD错误.10.如图所示，一条不可伸长的轻绳

绕过光滑的轻质定滑轮分别与物块A、B相连，细绳两部分分别处于水平和竖直状态，桌面光滑，物块A和B的质量分别为M和m，重力加速度为g。现将系统由静止释放，在B落地前，下列判断正确的是（）A.轻绳的张力为mgB.物体B下降时处于超重状态C.物体B下降的加速

度大小为()/mgMm+D.物体A对桌面的压力的大小等于桌面对A的支持力的大小【答案】CD【解析】【详解】ABC．对B，由牛顿第二定律得：mBg-T=mBa同理，对A有：T=mAa解得：mgaMm=+MmgTmgMm=+＜因此，物体B下降时处于失重状态，故AB错误，C正确；D．物体A对桌面

的压力与桌面对A的支持力是一对作用力和反作用力，故大小相等，故D正确；11.一小球在水平桌面上做匀减速直线运动，用照相机对着小球每隔0.1s拍照一次，得到一幅频闪照片，用刻度尺量得照片上小球各位置如图所示，已知照片与实物的比例为1:10，则（）A.图中对应的小球在通过8cm距离内的平均速

度是2m/sB.图中对应的小球在通过8cm距离内的平均速度是1.6m/sC.图中对应的小球通过6cm位置处的瞬时速度是25m/sD.图中对应的小球通过6cm位置处的瞬时速度是2m/s【答案】AD【解析】【详解】AB．照相机每隔0.1s拍照一次，

所以图中对应的小球通过8cm距离所用的时间0.4ts=，照片与实物的比例为1：10，所以图中8cm对应的实际距离为80cm0.8mx==，则图中小球在通过8cm距离内的平均速度0.8m/s2m/s0.4xvt===A项正确，B项错误；CD．图中对应小球做匀减速直线运动，其通过6cm位置处的瞬时速度

可用图中小球通过0~8cm这一段距离的平均速度表示，所以小球通过6cm位置处的瞬时速度0.8m/s2m/s0.4v==C项错误，D项正确.故选AD.12.如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将诲面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小

船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t，小船到B点时绳子与水平方向的夹角为θ，A、B两点间距离为d，缆绳质量忽略不计，则下列说法正确的是A.小船从A点运动到B点的全过程阻力做功为fdB.小船经过B点时的速度大小为()202vP

tfdm+−C.小船在A点时的加速度大小为0Pfmvm−D.小船在B点时的加速度大小为()2202PfcosmmvmPtfd−+−【答案】BC【解析】【详解】A、小船从A点运动到B点阻力做功fWfd=−故选项A错误；B、小船从A点运

动到B点，电动机牵引绳对小船做功W=Pt由动能定理有22101122fWWmvmv−=−联立解得()2102vvPtfdm=+−故选项B正确；C、小船在A点根据牛顿第二定律0Pfmav−=则0Pfamvm=−故选项C正确；D、设小船经过B点时绳的拉力大小为

F，绳与水平方向夹角为，绳的速度大小为uPFu=1uvcos=牛顿第二定律Fcosfma−=联立可以得到()2202PfammvmPtfd=−+−故选项D错误．故选BC.点睛：本题综合考查了动能

定理、牛顿第二定律等知识，综合性较强，对学生能力要求较高，尤其第三问要运用到速度的分解．第II卷非选择题二、实验题13.用打点计时器研究匀变速直线运动的规律，打点计时器使用的交流电源的频率为50.Hz有一段纸带如图所示：取O为起点，A为第一个记数点，每

相邻两计数点间还有4个打点.若量得3.00OAcm=6.50OBcm=，10.50OCcm=，则B点对应的速度Bv=______/ms，物体运动的加速度a=______2/.(ms结果均保留三位有效数字)．【答案】(1).0.375(2).0.500【解析】【分析】纸带法实验中，若纸带匀变速直线运

动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度；【详解】因为每相邻两计数点间还有4个打点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s利用匀变速直线运动的推论得：(0.105

00.03)0.375/20.1ACBACxmvmsts−===根据运动学公式得：2xaT=，2220.500/ABOAxxxamsTT−===．【点睛】根据题意要能够知道相邻的计数点之间的时间间隔，要注意单位的换算和有效数字的保留．14.在“探究力的平行四边形定则“

的实中（1）其中的两个实验步骤分别是A．在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳间时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方本板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与绳的结点到达某一位置0点，在白纸上用铅笔记

下O点的位置和读出两个弹簧测力计的示数F1和F2．B．只用一只弹簧测力计，通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数F′和记下细绳的方向．请指出以上步骤中的错误或疏漏：A中是_

_________________________________________________________________．B中是__________________________________

________________________________．（2）该学习小组纠正了（1）中的问题后，某次实验中两个弹簧测力计的拉力F1、F2已在图中画出，图中的方格每边长度表示2N，O点是橡皮条

的结点，请用两个直角三角板严格作出合力F的图示，并求出合力的大小为________N.【答案】(1).步骤A中未记下两条细绳的方向；(2).步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O(3).;14.1N【解析】【详解】（1）[1][2]本实验

为了验证力的平行四边形定则，采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果，所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示.步骤

A中未记下两条细绳的方向；步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O（2）[3]以F1、F2为临边，作出平行四边形，如图所示：对角线表示合力，则22(27)2N102N14.1NF=+=三、解答题15.如图，轻绳OA一端系在天花板上，与竖直

线夹角37，轻绳OB水平，一端系在墙上，O点下方挂一重为40N的物体．（1）求AO、BO的拉力各为多大？（2）若AO、BO、CO所能承受的最大拉力均为100N，则所吊重物重力最大不能超过多大？要求作出受力图，(sin370.6;cos370.8)==【答案】（1）50N30N（2）80N

【解析】（1）对结点O受力分析，如图所示：根据共点力平衡条件，有：50cos37AOGTN==3730BOTGtanN==；（2）O点受三个力作用而处于平衡状态，结合图中三角形知识，可知由于TOA＞TOC＞TOB故：1378

0OAGTcosN==．答：（1）OA、OB的拉力分别为50N、30N；（2）所吊重物重力最大不能超过80N．16.最近海上频发撞船事故，广袤无垠的大海船只为什么会相撞呢？据分析发现，是由于船员睡觉所致．现有一

艘巨轮，在海面以v0的速度匀速行驶，由于船长睡觉，发现正前方有冰山时已经离冰山只有100m，船长在迷糊状态下立即下达关闭发动机的停车命令，发动机停车后，巨轮在海水的阻力下以1m/s2的加速度做匀减速运动，最终以5m/s的速度撞在冰山发生悲剧．求（1）巨轮匀速运动

时v0的大小？（2）如果船长下达倒车命令，则船员可以控制发动机反转，使轮船立即具有与正常行驶相反的动力，该船至少以多大的加速度做减速运动才不至于撞上冰山？【答案】(1)15m/s(2)1.125m/s2【解析】【详解】（1）关闭发动机后取初速度方向为正方向，则加速度的21m/sa=−根

据匀变速直线运动的速度位移关系有2202vvax−=可得()220252110015m/svvax=−=−−=（2）要使巨轮撞不上冰山，则在巨轮前进100m时，速度刚好减小为零，则据速度位移关系有2202vvax−=可得巨轮的加速度222220015m/s1.125m/s22

100vvax−−===−负号表示加速度的方向与初速度方向相反，加速度的大小为21.125m/sa=17.质量为m2=2Kg的长木板A放在水平面上，与水平面之间的动摩擦系数为0.4；物块B（可看作质点）的质量为m1=1Kg，

放在木板A的左端，物块B与木板A之间的摩擦系数为0.2.现用一水平向右的拉力F作用在木板A的右端，让木板A和物块B一起向右做匀加速运动．当木板A和物块B的速度达到2m/s时，撤去拉力，物块B恰好滑到木板A的右端而停止滑动，最大静摩擦

力等于动摩擦力，g=10m/s2，求：（1）要使木板A和物块B不发生相对滑动，求拉力F的最大值；（2）撤去拉力后木板A的滑动时间；（3）木板A的长度。【答案】（1）18N（2）0.4s（3）0.6m【解析】【详解】（1）当木板A和物块B刚要发生相对滑动时，拉力达到最大

以B为研究对象，由牛顿第二定律得1111mgma=可得2112m/sag==．再以整体为研究对象，由牛顿第二定律得212121))Fmmgmma−+=+（（故得最大拉力18FN=；（2）撤去F后A、B均做匀减速运动，B的加速度大小仍为1a，A的加速度大小为2a，则2121122)mmgmgm

a+−=（解得225m/sa=故A滑动的时间220.45vtssa===（3）撤去F后A滑动的距离22122m=0.4m225vxa==B滑动的距离22212m=1m222vxa==故木板A的长度210.6mLxx=−=．【点睛】解题的关键是正确对滑块和木板进行受力分析，清楚滑块和木板的运

动情况，根据牛顿第二定律及运动学基本公式求解。