【文档说明】山西省长治市第四中学2023-2024学年高三上学期8月月考物理试题 含解析.docx，共(17)页，1.653 MB，由小赞的店铺上传

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高三物理8月月考试题考试时间：90分钟满分：100分注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上3．考试内容：运动的描述，相互作用第Ⅰ卷（选择题）一、单选题(每题4分，

共32分）1.关于重力、弹力和摩擦力，下列说法正确的是（）A.形状规则的物体，其重心一定在几何中心处B.质量小的物体受到的重力小，其做自由落体运动时的加速度也小C.滑动摩擦力总是与物体的运动方向相反D.若两个物体在接触面间有摩擦力，则两个物体间一定有弹力【答案】D【解析

】【详解】A．形状规则、质量分布均匀物体，其重心与它的几何中心重合，如果质量分布不均匀，其重心不一定在几何中心处，选项A错误；B．质量小物体受到的重力小，但重力加速度一样大，选项B错误；C．滑动摩擦力总是与物体的相对运动方向相反，选项C错误；D．产生摩擦力的条件：①有弹力，②接触面粗糙，③

有相对运动或有相对运动趋势，可见有弹力是产生摩擦力的必要不充分条件，两接触面间有摩擦力存在，一定有弹力存在，选项D正确。故选D。2.甲、乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间的变化关系如图所示，图中422tt=，乙物体的速度—时间图象为两段均为14圆弧的曲线，则（

）的的A.两物体在t1时刻加速度相同B.t2时刻乙在甲的前面C.0-t4时间内甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度D.两物体在t3时刻相距最远，在t4时刻相遇【答案】D【解析】【详解】A．速度-时间图象的斜率表示物体运动的加速度，因为两物体在t1时刻斜率不同，所以加

速度不同，故A错误；B．根据v-t图象与时间轴围成的面积表示位移，可知0-t2内，甲的位移比乙的大，因甲、乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动，所以t2时刻甲在乙的前面，故B错误；C．根据v-t图象与时间轴所围

的面积表示位移，可知0-t4时间内甲物体的位移等于乙物体的位移，所用时间又相等，所以平均速度相等，故C错误；D．t3时刻两者位移之差最大，相距最远。0-t4时间内，两个物体通过的位移相等，t=0时刻两物体在同一位置，则在t4时刻相遇，故D正确；故选D。3.北京时间2022年6月5日10时

44分，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，并与空间站组合体成功实现对接，下列说法正确的是（）A.长征二号F遥十四运载火箭点火瞬间，航天员的速度和加速度都为零B.火箭的速度越大，加速度越大C.火箭的速度变化率越大，加速度越大D.火箭的加速度方向与速

度变化量方向可以不一致【答案】C【解析】【详解】A．长征二号F遥十四运载火箭点火瞬间，航天员的速度为零，加速度不为零，故A错误；B．火箭的速度很大，但是速度的大小可以不变，所以加速度不一定大，故B错误；C．加速度

的大小与速度变化的快慢程度有关，其速度变化越快，变化率越大，加速度越大，即火箭的速度变化率越大，加速度越大，故C正确；D．根据加速度的定义式可知，火箭的加速度方向与速度变化量方向一致，故D错误。故选C。4.如图所示，重力为G的小球静止在斜面

上，下列关于重力的两个分力说法正确的是（）A.F1是小球对挡板的压力，大小为tanGB.F2是小球对斜面的正压力，大小为cosGC.F1是小球所受重力的一个分力，大小为tanGD.由于重力的存在，小球同

时受G、F1、F2的作用【答案】C【解析】【详解】AB．F1和F2是小球重力的两个分力，不是小球对挡板、斜面的正压力，只是大小与小球对挡板、斜面的正压力相等，故AB错误；C．F1是小球所受重力的一个分力，由几何关系可知，其大小为tanG，故C正确

；D．F1、F2均是重力的分力，是重力产生的两个效果，不是小球受到的力，故D错误。故选C。5.两物体叠放在水平地面上，在F=5N的水平恒力作用下一起做匀速运动，图甲中恒力作用于A物体，图乙中恒力作用于B物体。下列说法错误的是（）A.图甲中B与地面之间的摩擦力为5NB.图乙中B

与地面之间的摩擦力为5NC.图甲中A、B之间的摩擦因数可能为零D.图乙中A、B之间的摩擦因数可能为零【答案】C【解析】【详解】AB．根据整体匀速运动，对整体AB受力分析可知整体都受到一个向右的拉力F，地面对B的摩擦力向左，大小与F相等为5N，故AB正

确，不符题意；C．对甲图中的A受力分析，受到一个向右的拉力F，由于要保持匀速，B将给A一个向左的摩擦力，则图甲中A、B之间的摩擦因数不可能为零，故C错误，符合题意；D．对乙图中的A受力分析，水平方向没有外力，由于要保持匀速，则AB之间没有摩擦力，图乙中A、B之间的摩擦因数无法确定，可能为零，故

D正确，不符题意。故选C。6.如图所示是质量为1kg的滑块在水平面上做直线运动的vt−图像。以下判断正确的是（）A.在6st=时，滑块的加速度为零B.在5s6s时间内，滑块的平均速度为3m/sC.在3s7s时间内，合力做功的平均功率为

2WD.在5s6s时间内，滑块受到的合力为2N【答案】C【解析】【详解】A．在6st=时，速度的变化率不为0，所以加速度不为0，故A错误；B．在5s6s时间内，根据图像可以知道平均速度为1412m/s2m/s1svt===故B错误；C．在3s7s时间内，由动能定理知合力做功为21

100116J8J22Wmv=−=−=−所以平均功率为的8W2W4WPt−===故C正确；D．根据图像斜率可以求出5s6s时间内加速度大小为224m/s4m/s1a==所以合外力为14N4NFma===故D错误。故选C。

7.海洋馆中一潜水员把一小球以初速度0v从手中竖直向上抛出。从抛出开始计时，04t时刻小球返回手中。小球始终在水中且在水中所受阻力大小不变，小球的速度随时间变化的图像如图所示。下列说法正确的是（）A.上升过程与下降过程中阻力的冲量大

小之比1:3B.小球返回手中时速度的大小为04vC.小球在00~4t时间内动量变化量的大小为023mvD.小球在00~4t过程中阻力所做的功为2049mv【答案】A【解析】【详解】A．根据图像可知，上升过程历时为0t，下降过程历时为0004

3ttt−=小球在水中所受阻力大小不变，根据冲量定义IFt=可知，上升过程与下降过程中阻力的冲量大小之比1:3，A正确；B．小球上升过程的位移大小等于小球下降过程的位移大小，由于vt−图像中图像与时间轴所围几何图形的

面积表示位移，根据图像有()0000422vttvt−=解得03vv=故B错误；C．根据上述可知，小球在00~4t时间内动量变化量为0043pmvmvmv=−−=−即小球在00~4t时间内动量变化量的大小为043mv，故C错误；D．小球运动的全过程，根据动能定理有22f01122Wmv

mv=−解得2f049Wmv=−故D错误。故选A。8.2022年2月2日，在率先开赛的北京冬奥会冰壶混合团体比赛中，中国队以7:6击败瑞士队取得开门红，在某次冰壶比赛中，时间t=0时，球员跪式推动冰壶自本垒圆心由静止向前滑行，t=t0推至前卫线时，放开冰壶使其自行滑行，t=5t0

冰壶恰好到达营垒中心并停止运动，整个过程冰壶一直沿直线运动，其位移x随时间t变化的图像如图所示，图像中的0~t0、t0~5t0两段曲线均为抛物线．已知冰壶的质量为m，对冰壶的整个运动过程，以下说法正确的是（）A.x-t图像中的两段曲线在t=t0时刻不相切B.冰壶的最大速度为00xtC.时

间0~t0的加速度大小是t0~5t0的加速度的2倍D.运动员对冰壶推力所做的功等于冰壶克服摩擦力所做的功【答案】D【解析】【详解】AC．图像中的0~t0、t0~5t0两段曲线均为抛物线，可知0~t0时间段冰壶做匀加速直线运动，t0~5

t0时间段冰壶做匀减速直线运动，由于x-t图像斜率代表速度，所以x-t图像中的两段曲线在t=t0时刻相切，设t=t0这段时间加速度为a1，则有201012xat=t0~5t0，末速度为零，逆向看作是初速为零的匀加速直线运动，设这段时间内的加速

度a2，则有2002015(4)2xxat−=解得01202xat=，02202xat=所以时间0~t0的加速度大小是t0~5t0的加速度的4倍，故AC错误；B．冰壶在t0时刻速度达到最大速度01002xvatt==故B错误；D、冰壶的初末速度均为0，根据功能关系可知运动员对冰壶推力所做的

功等于冰壶克服摩擦力所做的功，故D正确；故选D。二、多选题（每题4分，选不全得2分，选错或不选得0分）9.如图所示，光滑斜面上的四段距离相等，质点从O点由静止开始下滑，做匀加速直线运动，先后通过a、b、c、d，下列说法正确的是（）A.质点由O到达各点

的时间之比()()():::1:21:32:23abcdtttt=−−−B.质点通过各点的速率之比:::1:2:3:2abcdvvvv=C.在斜面上运动的平均速度bvv=D.在斜面上运动的平均速度avv=【答案】BD

【解析】【详解】A．根据212xat=得2xta=oa、ob、oc、od的距离之比为1︰2︰3︰4，所以质点由o到达各点的时间之比为1:2:3:2；故A错误；B．根据v2=2ax可得2vax=oa、ob、oc、od的距离之比为1︰2︰3︰4，所以

质点通过各点的速率之比:::1:2:3:2abcdvvvv=；故B正确；CD．初速度为0的匀加速直线运动中，在相等时间内通过的位移之比为1︰3，可知a点是od的中间时刻，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则avv=；故C

错误，D正确。故选BD。10.甲、乙两个质点同时同地点向同一方向做直线运动，它们的v-t图象如图所示，则（）A.乙的加速度大小为5m/s2B.4s前两者的距离越来越大，到4s末最大C.0~4s内两者距离先增大后减小，在t=2s时最大D.甲、乙两质点出发后

可以相遇两次【答案】AC【解析】【详解】A．乙的加速度为2Δ5m/svat==乙乙乙故A正确；B．图线与坐标轴围成的面积表示位移，由图像可知4s末甲的位移为40mxvt==甲甲甲乙的位移为140m2xvt==乙乙乙甲、乙两个质点同时同地点向同一方向做直线运动，甲乙位移相同，所以两者间

的距离为0，故B错误；CD．由图线与坐标轴围成的面积可知0—4s内两者距离先增大后减小，t=2s时速度相等，两者间的距离最大，在t=4s时第一次相遇，即甲、乙两质点出发后只可以相遇一次，故C正确，D错误。故选AC。

11.如图所示，在冰壶比赛中，运动员用恒力F推冰壶，使冰壸在水平冰面上做匀速直线运动.已知冰壶的质量为m，恒力F与水平方向间夹角为，冰壶与冰面间的动摩擦因数为，重力加速度为g，则冰壶受到的摩擦力大小为（）A.cosFB.()sinmgF+C.mg

D.sinF【答案】AB【解析】【详解】冰壶受力分析如图所示，由此可知冰壶受到的支持力为sinmgFN+=根据滑动摩擦力的计算方式可得()sinfNmgF==+又因为冰壶在水平冰面上做匀速直线运动，根据平衡状态计算可得cosfF=故选AB。12.如图所示，一质量为m的长方体物块静止

在粗糙水平地面上，一重为G的光滑圆球放在光滑竖直的墙壁和长方体物块之间处于静止状态。现用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块，在圆球与地面接触之前，下列判断正确的是（）A.地面对长方体物块的支持力逐渐增大B.球对墙壁的压力逐渐增大C.水平拉力F逐渐减小D.地面

对长方体物块的摩擦力逐渐增大【答案】BC【解析】【详解】AD．对球和长方体物块整体进行受力分析，整体处于平衡状态，竖直方向有NmgG=+则地面对整体的支持力不变，地面受到的摩擦力为滑动摩擦力，则有fN=故地面对长方体

物块的摩擦力不变，A、D错误；B．对球进行受力分析，如图甲所示球受力平衡，则有1tanNG=2cosGN=当用水平向右的拉力F缓慢拉动长方体物块时，增大，则tan增大，所以1N增大，cos减小，则2N增大，

根据牛顿第三定律可知，球对墙壁的压力逐渐增大，故B正确；C．对长方体物块受力分析，受到重力mg、地面的支持力N、拉力F、球对长方体物块的压力2N以及滑动摩擦力f作用，如图乙所示受力平衡，根据牛顿第三定律可知2

2NN=则水平方向有2sinFNf+=由于2N增大，增大，f不变，则F减小，故C正确。故选BC。第Ⅱ卷（非选择题）三、实验题（16分）13.一同学利用气垫导轨测定滑块的加速度。滑块上安装了宽度为3.0cm的遮光板，如图所示，滑块在牵引力的作用下先后匀加速通过两个光电

门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为t1=0.30s，通过第二个光电门的时间为t2=0.10s。（1）滑块经过第一个光电门时的速度大小为v1=______m/s，滑块经过第二个光电门时的速度大小为v2=______m/s。（2）若已知两光

电门之间的距离L=80.0cm，则滑块的加速度大小为a=______m/s2。【答案】①.0.1②.0.3③.0.05【解析】【详解】（1）[1][2]根据dvt=可知滑块经过两个光电门时的速度大小分别为110.03m/s0.1m/s0.30dvt===220.0

3m/s0.3m/s0.10dvt===（2）[3]根据22212vvaL−=可知滑块的加速度大小为222210.05m/s2vvaL−==14.某同学用轻弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验（如图甲）。该同学先测量轻弹簧OC的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来（如图丙），在自由端挂上

砝码盘。通过增加盘中砝码，测得几组砝码的质量m和对应的弹簧伸长量x，画出m-x图线（如图丁），对应点已在图上标出（如图乙所示）。（1）由图丁可知，该弹簧的劲度系数为___________N/m（取g=10m/s2，结

果保留两位有效数字）（2）该同学用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验。在保持弹簧伸长20.00cm不变的条件下：①关于该实验，下列操作必要的是___________。A.要保证连接弹簧C端的两根细线长度相等B.实验时需要注意保证各弹簧秤、轻弹簧及细线在同一水平面内C

.每次拉伸弹簧时只需保证弹簧的伸长量相同，C点位置可任意变化D.记录弹簧秤的示数的同时，必须记录各拉力的方向②弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是___________N（图乙中所示），则弹簧秤b的读数为___________N。（第二空保留2位小数）（3）若实验结果如图戊所示

，则F与F'两个力中，方向一定沿OC方向的是___________。【答案】①.50②.BD##DB③.8.00④.6.00⑤.F＇【解析】【详解】（1）[1]由图丁可知，该弹簧劲度系数为22601010N/m50N/m1210mgkx−−

===（2）①[2]A．连接弹簧C端的两根细线尽量长些，但是不一定要长度相等，选项A错误；B．实验时需要注意保证各弹簧秤、轻弹簧及细线在同一水平面内，选项B正确；C．为保证等效性，则每次拉伸弹簧时必须要把C点拉到相同的位置，选项

C错误；D．记录弹簧秤的示数的同时，必须记录各拉力的方向，选项D正确。故选BD。②[3]弹簧秤最小刻度为0.1N，则a的读数是8.00N；[4]根据胡克定律，在保持弹簧伸长20.00cm的情况下，弹簧弹力为F=kx=50

×0.2N=10.0N两弹簧秤夹角为90°，根据几何关系，可知b的读数为222210.08.00N6.00NbaFFF=−=−=的（3）[5]若实验结果如图戊所示，则F与F＇两个力中，F是两个分力合力的理论值，F＇是合

力的实验值，则方向一定沿OC方向的是F＇。四、解答题（写出必要的步骤和方程）15.如图所示，是某质点运动的v—t图象，根据图象回答下列问题：（1）质点在AB段、BC段、CD段各做什么运动？（2）AB段、BC段、CD段的加速度

各为多少？（3）质点在1s末的速度多大？【答案】（1）见解析；（2）1.5m/s2，0，-6m/s2；（3）4.5m/s【解析】【详解】（1）v—t图象中图像的斜率表示加速度，根据图像可知，AB段质点做匀加速直线运动，BC段

质点做匀速直线运动，CD段质点做匀减速直线运动。（2）根据上述，AB段质点做匀加速直线运动，加速度为2211163m/s1.5m/s2vat−===CD段做匀速直线运动，则该段的加速度为0，CD段质点做匀加速直线运动，该段的加速度为2222206m/s6m/s76vat

−===−−（3）根据速度时间关系可知，质点在1s末的速度013m/s1.51m/s4.5m/svvat=+=+=16.如图所示，物体m1通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且与物体m2相连，整个装置处于静止状态。已知m2=4kg，m3=6kg，m2与m3间动摩

擦因数μ1=0.6，m3与地面间动摩擦因数μ2=0.2，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，tan37°=0.75，g取10m/s2。（1）若m1=1k

g，整个装置处于静止状态，求轻绳OA、OB受到的拉力大小；（2）若m1=1kg，求m3与地面间的摩擦力大小；（3）为使整个装置保持图示结构不变，物体m1质量最大不能超过多少？【答案】（1）12.5NOAT=，7

.5NOBT=；（2）7.5N；（3）8kg3【解析】【详解】（1）若11kgm=，整个装置处于静止状态，以O点为对象，根据受力平衡可得1cosOATmg=，sinOAOBTT=解得12.5NOAT=，7.5NOBT=（2）若11kgm=，

以2m和3m为整体，根据受力平衡可知，3m与地面间的摩擦力大小为7.5NOBfT==（3）2m与3m间的最大静摩擦力为231224Nfmg==3m与地面间的最大静摩擦力为223()20Nfmmg=+=地为使整个装置保持图示结构不变，轻绳OB受到的最大

拉力为max20NOBTf==地根据受力平衡，则物体1m的最大质量应满足1maxmaxtanOBmgT=可得max1max208kgkg3tan3104OBTmg===17.如图甲所示，A车原来临时停在一水平路面上，B车在后面匀速向A车靠

近，A车司机发现后启动A车，以A车司机发现B车为计时起点（t=0），A、B两车的v-t图象如图乙所示。已知B车在第1s内与A车的距离缩短了x1=12m。（1）求B车运动速度vB和A车的加速度a的大小。（2）若A、B两车不会相撞，则A车司机发现B车时（t=0）两车的距离x0应满足什么条件？【答案

】（1）12m/s，3m/s2；（2）x0>36m【解析】【详解】（1）在t1=1s时A车刚启动，两车间缩短的距离为B车的位移，可得1B1xvt=解得B车的速度为vB=12m/s图象斜率表示加速度，可得A车的加

速度大小为B21vatt=−其中t2=5s解得A车的加速度大小为a=3m/s2（2）两车的速度达到相等时，两车的距离达到最小，对应于v-t图象的t2=5s时刻，此时两车已发生的相对位移为梯形的面积，则B121()2xvtt=+代入数据解

得x=36m因此，若A、B两车不会相撞，则两车的距离x0应满足条件为的获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com