【文档说明】江西省宜春市第九中学2019-2020学年高二下学期入学考试物理试题【精准解析】.doc，共(14)页，714.500 KB，由小赞的店铺上传

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物理试卷第I卷（选择题）一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.在卢瑟福的粒子散射实验中，有少数粒子发生大角度偏转，其原因是（）A.原子的正电荷和绝大部分质量集中在一个很小的核上B.正电荷在原子中是均匀分布的C

.原子中存在着带负电的电子D.金箔中的金原子间存在很大的空隙，只有极少数碰到金原子【答案】A【解析】【详解】A．原子核集中了原子的全部正电荷和绝大部分质量，当粒子十分接近原子核时，就会受到很大的库仑斥力，发生大角度偏转，由

于原子核很小，粒子穿过金箔时接近原子核的机会很少，所以，只有少数粒子发生大角度偏转，A正确；B．若原子的正电荷是均匀分布的，粒子穿过原子时，它受到原子内部两侧正电荷的斥力大部分互相抵消，使粒子偏转的力不会很大，不会产生大角度的偏转现象，B错误；C．原子中有电子，但电子的质量很小

，不到粒子的七千分之一，粒子碰到它，就像飞行的子弹碰到一粒尘埃一样，运动方向不会发生明显的改变，故C错误；D．实验中所使用的金箔尽管很簿，但也有上万层原子，由此可知，少数粒子发生大角度偏转显然不是碰到金原子，D错误。故选A。2.若用x代表一个中性原子中核外的电子数，y代表此原子的原

子核内的质子数，z代表此原子的原子核内的中子数，则对23592U的原子来说（）A.92,92,235xyz===B.92,92,143xyz===C.143,143,92xyz===D.235,235,325xyz===【答案】

B【解析】【详解】在23592U中，左下标为质子数，左上标为质量数，则92y=；中性原子的核外电子数等于质子数，所以92x=；中子数等于质量数减去质子数，23592143z=−=，故B正确，ACD错误。

故选B。3.目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，比如，有些含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性惰性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放射出、、射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病

，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是（）A.氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下一个氡原子核了B.原子核发生一次衰变，该原子外层就失去一个电子C.天然放射现象中发出的三种射线是从

原子核内放出的看不见的射线D.发生衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4【答案】C【解析】【详解】A．半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用，A错误；B．衰变所释放的电子来自原子核，是原子核中的一个中子转变为一

个电子和一个质子，电子释放出来，B错误；C．天然放射现象中发出的三种射线是从原子核内放出的看不见的射线，C正确；D．发生衰变时，电荷数少2，质量数少4，则中子数少2，D错误。故选C。4.图甲为小型发电机的结构简图，线圈在两磁极间的勻强磁场中匀速转动给小灯泡

供电，己知小灯泡获得的交变电压如图乙所示．则下列说法正确的是A.甲图中电压表的示数为62VB.乙图中的0时刻，线圈在甲图所示位置C.乙图中0.5×10-2时刻，穿过甲图中线圈的磁通量为0D.乙图中1.0×10-2时刻，穿过甲图中线圈的磁通量为0【答案】C【解析】【详解】由题图乙可知交流电电压的

最大值是Um=62V，所以甲图中电压表的示数为6V，故A错误；乙图中的0时刻，感应电动势为零，甲图所示时刻穿过甲图中线圈的磁通量为零，感应电动势最大，故B错误；乙图中0.5×10-2s时刻，感应电动势最大，穿过甲图中线圈的磁通量最小，故C正确；乙图中1.

0×10-2s时刻，感应电动势为零，穿过甲图中线圈的磁通量最大，故D错误．5.下列描绘两种温度下黑体辐射强度与波长关系的图中，符合黑体辐射实验规律的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】黑体辐射以电磁辐射的形式向外辐射

能量，温度越高，辐射越强越大，故B、D错误．黑体辐射的波长分布情况也随温度而变，如温度较低时，主要以不可见的红外光进行辐射，在500℃以至更高的温度时，则顺次发射可见光以至紫外辐射．即温度越高，辐射的电磁波的波长越短，故C错误，A正确

．故选A．点睛：要理解黑体辐射的规律：温度越高，辐射越强越大，温度越高，辐射的电磁波的波长越短．6.如图所示，把电阻、电感、电容并联到某一交流电源上，三个电流表示数相同，保持电源电压不变，而将频率增大，则三个电表的示数1I、2I、3I的大小关系是（

）A.213IIIB.123IIIC.123III==D.312III【答案】D【解析】【详解】电感线圈的特点是通低频阻高频，电容器的特点是通高频阻低频，所以当频率增大时通过线圈的电流减小，通过电容器的电流增大，而通过电

阻的电流不变，D正确，ABC错误。故选D。7.如图所示，L1和L2是高压输电线，甲、乙是两只互感器，若已知n1∶n2＝1000∶1，n3∶n4＝1∶100，图中电压表示数为220V、电流表示数为10A，则高压输电线的送电功率为()A.2.2×103WB.2

.2×10－2WC.2.2×108WD.2.2×104W【答案】C【解析】由图可知，甲并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，故U=220×1000=220000V；乙串联在

电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，故电流I=10×100=1000A；则输电功率P=UI=2.2×105×1000=2.2×108W，故C正

确，ABD错误．8.某次光电效应实验中发现，入射光频率为v时，刚好发生光电效应现象，将入射光频率变为3v，此时光电流的遏止电压为（）A.3hveB.2hveC.2hveD.3hve【答案】B【解析】【详解】根据题意可知入射光频

率为时，刚好发生光电效应现象，则有00hW=−将入射光频率变为3时·3ahheU=−解得2ahUe=故ACD错误，B正确。故选B。二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）9.如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1，A、V均为理想电表，R是光敏电阻(其阻值随光强增大而

减小)、L是理想线圈、D是灯泡．原线圈接入如图乙所示的正弦交流电，下列说法正确的是()图甲图乙A.交流电的频率为50HzB.电压表的示数为222VC.当光照增强时，Ⓐ的示数变小D.若用一根导线来代替线圈L，则灯D变亮【答案】AD【解析】【详解】因交流电的周期是0.

02s，所以频率为1150?0.02fHzHzT===，故A正确；原线圈接入电压的最大值是2202V，所以原线圈接入电压的有效值是U1＝220V，根据理想变压器变压比：1122UnUn=，代入数据解得副线圈的电压为：U2＝22V，故B错误；有光照增强时，R阻值

随光强增大而减小，根据2UPR=，得副线圈输出功率增大，所以原线圈输入功率增大，所以电流表Ⓐ的示数变大，故C错误；用导线代替线圈，对电流的阻碍减小，所以D变亮，故D正确．故本题选AD10.下列说法中正确的是（）A.氢原子从较高的激发态跃迁到较低的激

发态时，电子的动能增加，电势能减少，原子的总能量减少B.射线是原子核发出的一种粒子流，它的电离能力在、、三种射线中是最弱的C.原子核反应过程中的质量亏损现象违背了能量守恒定律D.将放射性元素掺杂到其它稳定元素中并大辐度降低其温度，它的半衰期不发生改变【答案】A

D【解析】【详解】A．氢原子从较高的激发态跃迁到较低的激发态时，能量减小，电子的轨道半径减小，根据222evkmrr=，知电子的动能增大，所以电势能减小，A正确；B．射线是原子核发出的一种氦核流，在、、三种射线中电离能力

最强，穿透能力最弱，B错误；C．原子核反应过程中的质量亏损现象不违背了能量守恒定律，质量亏损以能量的形式释放出来，C错误；D．半衰期的大小与温度无关，D正确。故选AD。11.下列说法正确的是（）A.悬浮在液体中的微粒越小，在液体分子的撞击下越容易保持平

衡B.荷叶上的小水珠呈球形是由于液体表面张力的作用C.物体内所有分子的热运动动能之和叫做物体的内能D.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度不一定较大E.一定质量的理想气体先经等容降温，再经等温压缩，压强可以回到初始的数值【答案】BDE【解析】【详解】A．

做布朗运动的微粒越小，在液体分子的撞击下越不容易保持平衡，故A错误；B．叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故B正确；C．物体内所有分子的热运动动能之和与分子势能的总和叫做物体的内能，故C错误；D．人们感到潮湿时，与空气的相对湿度有关，与绝对湿度无关，当人们感到潮

湿时，空气的绝对湿度不一定较大，故D正确；E．根据理想气体的状态方程PVCT=可知，一定质量的理想气体先经等容降温，压强减小；再经等温压缩，压强又增大，所以压强可以回到初始的数值，E正确。故选BDE。12.分子动理论以及固体、液体的性质是热学的重要内容

，下列说法正确的是（）A.用吸管将牛奶吸入口中是利用了毛细现象B.同温度的氧气和氢气，它们的分子平均动能相等C.荷叶上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用D.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性

的特点E.两分子间的分子势能一定随距离的增大而增大【答案】BCD【解析】【详解】用塑料细管将牛奶吸入口中利用了大气压，不是毛细现象，故A错误；温度是分子平均动能的标志，相同温度下所有分子的平均动能均相同，故B正确；液体表面的分子分布比液体内部分

子的分布要稀疏，故存在液体的表面张力，草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故C正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故D正确；当分子表现为引力时，分子势能随分子间

距离的增大而增大，当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小，故E错误；故选BCD．第II卷（非选择题）三、实验题（本大题共2小题，共12.0分）13.某同学学习传感器后，用电源、电磁继电器、滑动变阻器、开关、导线等仪器设计了一个高温报警器，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警。电

路如图所示，图中仪器还不完整。请完成以下问题：(1)图中的甲还需要放入的元件是______。A．二极管B．光敏电阻C．NTC热敏电阻（阻值随温度升高而减小）D．PTC热敏电阻（阻值随温度升高而增大）(2)电路正确连接之后，该同学调试过程发现报警时温度比预期偏低了一点

点。要求在温度更高一点时就开始报警，则需要调节滑动变阻器的滑动头往______（选填“左”或“右”）移动一点。【答案】(1).C(2).左【解析】【详解】(1)[1]根据要求，在常温下热敏电阻甲阻值较大，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下，此时绿灯所在电路接通，绿灯亮，；温度升高，热敏电阻阻值较

小，控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下。所以图中的甲还需要放入的元件是NTC热敏电阻（阻值随温度升高而减小）故选C。(2)[2]电路正确连接之后，该同学调试过程发现报警时温度比预期偏低了一点点，则是在热敏电阻的电阻值比较大的时候才报警说明滑动变阻器的阻值比较小。要求在

温度更高一点时就开始报警，则需要调节滑动变阻器，使滑动变阻器的电阻值大一些，则需要将滑动头往左移动一些。14.在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中，操作步骤如下：①将两个线圈套到可拆变压器的铁芯上；②闭合电源开关，用多用电表的交流电压挡分别测量原线圈和副线圈两端的电压；③将匝数较多的一

组线圈接到学生电源的交流电源输出端上，另一个作为副线圈，接上小灯泡；④将原线圈与副线圈对调，重复以上步骤。(1)以上操作的合理顺序是________（只填步骤前数字序号）；(2)如图所示，在实验中，两线圈的匝数11600n=

，2400n=，当将1n做原线圈时，116VU=，副线圈两端电压24VU=；原线圈与副线圈对调后，当1'8VU=时，2'32VU=，那么可初步确定，变压器两个线圈的电压1U、2U与线圈匝数1n、2n的关系是________。【答案】(1).①③②④(2

).1122UnUn=【解析】【详解】(1)[1]在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中，首先将两个线圈套到可拆变压器的铁芯上；再将匝数较多的一组线圈接到学生电源的交流电源输出端上，另一个作为副线圈，接上小灯泡

；闭合电源开关，用多用电表的交流电压挡分别测量原线圈和副线圈两端的电压；最后将原线圈与副线圈对调，重复以上步骤，顺序为①③②④。(2)[2]两线圈的匝数11600n=，2400n=，当将1n做原线圈时，116VU=，副线圈两端电压24

VU=；当原线圈与副线圈对调后，'18VU=时，'232VU=，此时'2U为原线圈的电压，而'1U为副线圈的电压，由以上数据可得：1122UnUn=。四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）15.如图所示，一矩形线圈在匀强磁场中绕'OO轴匀速转动，磁场方向与转轴垂直，磁场的磁感应

强度为1T10B=。线圈匝数为100n=，总电阻为2Ωr=。长为10.8mL=，宽为20.5mL=，转动周期为0.2sT=。线圈两端外接一个阻值为38ΩR=的电阻和一个理想交流电流表。求：(1)从图示位置开始计时感应电动势的瞬时表达式；(2)电阻消耗的热功率。

【答案】(1)40sin10et=（V）；(2)19W【解析】【详解】(1)因为线圈转动的角速度()2210rad/s0.2T===从图中可以看出，线圈从中性面位置开始的，所以感应电动势的瞬时表达式为12sin40sin10enBLLtt==（V）(2)根

据闭合电路欧姆定律可知，电流的最大值为m12m11000.80.510101A40EnBLLIRrRr====++由于线圈是匀速转动的，所以线圈中产生的是正弦交变电流，电流表的读数就是该交变电流的有效值m2A22II==因此，电阻R消耗的电功率为222()38

19W2PIR===16.晋江市某发电厂引进垃圾焚烧发电机设备，该发电机输出功率为40kW，输出电压为400V，用变压比（原、副线圈匝数比）为n1：n2=1：5的变压器升压后向某小区供电，输电线的总电阻为r=5Ω，到达该

小区后再用变压器降为220V。(1)画出输电过程的电路示意图；(2)求输电线上损失的电功率；(3)求降压变压器的变压比n3：n4。【答案】(1)；(2)2000W；(3)349511nn=【解析】【详解】(1)输电过程电路示意图如下图所示(2)由变压器的电

压比等于匝数比，有1122UnUn=则输电电压22115400V2000V1nUUn===由P输=U2I，可得输电电流240000A20A2000PIU===输输电线上损失的功率P损=I2r═（20A）2×

5Ω=2000W(3)输电线上损失的电压U损=Ir=20A×5Ω=100V降压变压器的输入电压U3=U2-U损=2000V-100V=1900V降压变压器的变压比334419009522011nUnU===

17.竖直平面内有一直角形内径处处相同的细玻璃管，A端封闭，C端开口，最初AB段处于水平状态，中间有一段水银将气体封闭在A端，各部分长度如图所示，外界大气压强075cmHgp=。初始时，封闭气体温度1300T=K。(1)若从C端缓慢注入水银，使水银与C端管口平齐，需

要注入水银的长度为多少？(2)若对封闭气体缓慢加热，当水平管内水银全部进入竖直管内时，气体的温度是多少？【答案】(1)26cm；(2)450K【解析】【详解】(1)设细管的横截面积为S，以AB内气体为研究对象，则初态105pp=+cmHg，130VS=，1300T=K末态2025pp=+cmHg

，2300T=K由玻意耳定律得1122pVpV=得224VS=故需要加入的水银长度()()401024cm255cm26cml=−−+−=(2)当水平管内水银全部进入竖直管内时，气体压强3015pp=+c

mHg体积340VS=温度3T，由理想气体状态方程331113pVpVTT=解得3450T=K18.氘核与氚核的核反应为：234b112aHHHeX17.6MeV+→++，求：(1)核反应式中的X是什么

粒子？(2)这一过程的质量亏损是多少（保留两位有效数字）；(3)1g氘核完全参与上述反应，共释放核能多少？氘核的摩尔质量2g/molM=，阿伏加德罗常数231A6.010molN−=。【答案】(1)中子；(2)293.110kg−；(3)1

1848J.410【解析】【详解】(1)由质量数和电荷数守恒可知，氘核与氚核的核反应234b112aHHHeX17.6MeV+→++，X的质量数1b=，电荷数0a=，故X是中子。(2)根据爱因斯坦的质能方程2Emc

=，得61928217.6101.610310Emc−==（）29kg3.110−kg(3)1g氘核完全与氚核发生反应释放的核能为30'17.6MeV5.2810AmENM==11eV8.44810=

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