【文档说明】江西省宜春市第九中学2019-2020学年高二下学期入学考试化学试题【精准解析】.doc，共(20)页，1.129 MB，由小赞的店铺上传

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化学试卷考试时间：100分钟试卷总分：100分可能用到的相对原子质量：C-12H-1O-16Ca-40第卷选择题一、单选题（共16题，每题3分，共48分）1.《尚书·洪范》有“稼穑作甘”之句“甘”即饴糖。饴糖的主要成分是一种二糖，lmol

该二糖完全水解可生成2mol葡萄糖。饴糖的主要成分是A.淀粉B.蔗糖C.果糖D.麦芽糖【答案】D【解析】【分析】据饴糖的类别和水解产物判断。【详解】A项：淀粉是多糖，完全水解生成葡萄糖。A项错误；B项：蔗糖是二糖，水解生成葡萄糖和果糖。B项错误；C项：果糖是单糖，不能发生水解

反应。C项错误；D项：麦芽糖是二糖，水解只生成葡萄糖。D项正确。本题选D。2.下列表示物质的化学用语正确的是A.NH4H的电子式：B.硝基苯的结构简式：C.葡萄糖的化学式：CH2OD.甲烷分子的比例模型：【答案】B【

解析】【详解】A．NH4H是离子化合物，由铵根离子与氢负离子构成，电子式为，选项A错误；B．硝基苯的结构简式为，选项B错误；C．葡萄糖的分子式是C6H12O6，所以葡萄糖实验式为CH2O，选项C正确；D．题中模型为甲烷的球棍模型，甲烷的比

例模型是，选项D错误。答案选C。3.下列说法中不正确的是（）①糖类、油脂、蛋白质都是高分子化合物，适当条件下均可发生水解②油脂、乙酸乙酯都是酯类，但不是同系物③石油的分馏，煤的气化、液化、干馏等过程均为化学变化④蛋白质的变性和盐析都不是可逆过程⑤塑料、橡胶和纤维都是天然高分子材料A.①③④

⑤B.①②③④⑤C.④⑤D.②③【答案】A【解析】【详解】①单糖不属于高分子化合物，也不能水解，油脂也不属于高分子化合物，故①错误；②油脂、乙酸乙酯都是酯类，但油脂含有三个酯基，乙酸乙酯只含一个酯基，所以不是同系物，故②正确；③石油的分馏属于物理

变化，故③错误；④蛋白质的变性是不可逆的，蛋白质的盐析是物理变化，是可逆的，故④错误；⑤塑料全部都是人工合成的高分子材料，但橡胶和纤维既有天然高分子又有人工合成高分子，故⑤错误；综上所述，①③④⑤错误，答案为A。4.在有机中，在同一平面上碳原子最多

有几个，在同一直线上的碳原子最多有几个（）A.11，4B.13，3C.13，4D.12，3【答案】C【解析】【详解】在分子中，甲基中C原子处于苯中H原子的位置，苯环平面与碳碳双键形成的平面通过旋转碳碳单键可以处于同一平面，乙基中连接双键的C原子处

于碳碳双键形成的平面，乙基中的亚甲基具有四面体结构，乙基中甲基C原子通过旋转碳碳单键可能处于碳碳双键形成的平面，乙炔基为直线结构，处于苯环的平面结构，苯环中6个C原子、甲基中1个C原子、乙炔基中2个C

原子、碳碳双键中2个原子、乙基中2个C原子，可能处于同一平面，所以最多有13个C原子；有机物中，处于共线的碳原子最多的是乙炔基、乙炔基连接的苯环C原子及该C原子对位的苯环C原子，故最多有4个C原子共线；综上所述，在

同一平面上的碳原子最多有13个，在同一直线上的碳原子最多有4个，故答案为D。【点睛】共面问题可以运用类比迁移的方法分析，熟记简单小分子的空间构型：①甲烷分子为正四面体构型，其分子中有且只有三个原子共面；②乙烯分子中所有原子共面；③乙炔

分子中所有原子共线；④苯分子中所有原子共面；③HCHO分子中所有原子共面。5.五倍子是一种常见的中草药，其有效成分为X，在一定条件下X可分别转化为Y、Z。下列说法错误的是A.1molZ最多能与7molNaOH发生反应B.1molX最多能

与2molBr2发生取代反应C.Y分子结构中有3个手性碳原子D.Y能发生加成、取代、消去、氧化、缩聚反应【答案】A【解析】【详解】A.1molZ中含有5mol酚羟基、1mol羧基、1mol酚酯基，1mol

酚酯基可消耗2molNaOH，故1molZ最多能与8molNaOH发生反应，故A错误；B.X中苯环上有2个氢原子处于酚羟基的邻位，1molX最多能与2molBr2发生取代反应，故B正确；C.手性碳原子为连有4个不同

原子或原子团的碳原子，Y分子中的手性碳原子如图中*所示，故C正确；D.Y中含有碳碳双键，能发生加成反应、氧化反应，含有羟基、羧基，能发生取代反应、缩聚反应，Y分子中与羟基相连碳原子的相邻碳原子上有氢原子，能发生消去反应，故D正确。答案选A。【点睛】本题考查含多种官

能团有机物的性质，解题时易忽略Z中酯的结构为酚酯，1mol酚酯能消耗2mol的NaOH，同时还应注意Y中不含苯环，为易错点。6.某互为同分异构体的两种有机物甲、乙的结构简式分别为：和若各1mol该有机物在一定

条件下与NaOH溶液反应，消耗NaOH的物质的量分别是（）A.3mol、2molB.2mol、2molC.3mol、3molD.5mol、3mol【答案】A【解析】【详解】中含-COOH、-COOC-，均与NaOH以1:1反应，且-COOC-水解生成的酚羟基也与NaOH反应

，则1mol该物质消耗3molNaOH；中含-COOH、-COOC-，均与NaOH以1：1反应，则1mol该物质消耗2molNaOH；综上所述，答案为A。【点睛】一般情况下，有机物中能与氢氧化钠反应的官能团有卤素原子（能发生水解）、酚羟基（能发生酸碱中和）

、羧基（能发生酸碱中和）、酯基（能发生水解）。7.丙酮醛（）是重要的制药中间体，若以2−溴丙烷为初始原料，通过多步反应制得。需要经过的反应依次是（）A.取代−氧化−加成−消去B.消去−取代−加成−氧化C.消去−加成−取代−氧化D.取代−消去−加成−氧化【答案

】C【解析】【详解】以2-溴丙烷为初始原料，可首先发生消去反应生成丙烯，丙烯与溴水发生加成反应生成1，2-二溴丙烷，然后水解生成1，2-丙二醇，丙二醇氧化可生成丙酮醛，则需要经过的反应依次是消去-加成-取代-氧化；综上所述，答案为C。8.下列实验方案不能达到实验目的的是实验目的

实验方案A证明溴乙烷发生消去反应有乙烯生成向试管中加入适量的溴乙烷和NaOH的乙醇溶液，加热，将反应产生的气体通入溴的四氯化碳溶液B证明Mg(OH)2沉淀可以转化为Fe(OH)3沉淀向2mL1mol/LNa

OH溶液中先加入3滴1mol/LMgCl2溶液，再加入3滴1mol/LFeCl3溶液C检验蔗糖水解产物具有还原性向蔗糖溶液中加入几滴稀硫酸，水浴加热几分钟，然后加入适量稀NaOH溶液，再向其中加入新制的银氨溶液，并水浴加热D

测定铝箔中氧化铝的含量取ag铝箔与足量稀盐酸充分反应，逸出的气体通过碱石灰后，测其体积为bL（已转化为标准状况下）A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A．向试管中加入适量的溴乙烷和NaOH的乙醇溶液，加热，发生消去反应产生乙烯，将反应产生的气体通入溴的四氯化碳溶液，会看到溶液

褪色，证明溴乙烷发生消去反应有乙烯生成，正确；B．向2mL1mol/LNaOH溶液中先加入3滴1mol/LMgCl2溶液，会产生Mg(OH)2沉淀，由于NaOH溶液过量，所以再加入3滴1mol/LFeCl3溶液，NaOH溶液与FeCl3溶液发生反应形成Fe(O

H)3沉淀，因此不能证明Mg(OH)2沉淀可以转化为Fe(OH)3沉淀，错误；C．向蔗糖溶液中加入几滴稀硫酸，水浴加热几分钟，然后加入适量稀NaOH溶液，转化硫酸，再向其中加入新制的银氨溶液，并水浴加热，若产生光亮的银镜，则证明蔗糖水解产物具有还原性，正确；D．铝箔

中的Al可以与酸发生产生氢气，而氧化铝与酸发生反应不能产生气体，所以取ag铝箔与足量稀盐酸充分反应，逸出的气体通过碱石灰后，水被吸收，剩余的气体是氢气，测其体积为bL（已转化为标准状况下），根据氢气的体积确定Al的质量，进而可测定铝箔中氧化铝的含量，错误。9.下式表

示一种有机物的结构，关于它的性质叙述中不正确的是（）A.它能与纯碱溶液反应B.它可以水解，水解生成的有机产物有二种C.1mol该有机物最多能和8molNaOH反应D.该有机物能发生取代反应【答案】B【解析】【详解】A、含有羧基和酚羟基

，能与纯碱反应，故说法正确；B、含有酯基，能发生水解，只有一种产物，故说法错误；C、1mol此有机物含有5mol酚羟基，1mol羧基，需要6molNaOH，此有机物含有1mol酯基（），此酯基消耗2molNaOH，共消耗NaOH8mol，故说法正确；D、含有酚羟基、羧基

、酯基，能发生取代反应，如羧基的酯化反应，酯基的水解，酚羟基和Br2发生取代反应，故说法正确。10.针对如图所示乙醇分子结构，下述关于乙醇在各种化学反应中化学键断裂情况的说法不正确的（）A.与金属钠反应时，①键断裂B.与浓硫酸共热至170℃时，②、④键断裂C.

在Ag催化下与O2反应时，①、③键断裂D.与醋酸、浓硫酸共热时，②键断裂【答案】D【解析】【详解】A.与金属钠反应时，生成乙醇钠和氢气，O-H键断裂，即键①断裂，故A正确；B.与浓硫酸共热至170℃时，发生消去反应生成乙烯和水，C-O键、与羟基相连的碳的邻碳上的C-

H键断裂，即键②和④断裂，故B正确；C.在Ag催化下与O2反应时，生成乙醛和水，H-O键、与羟基相连的碳上的C-H键断裂，即①、③键断裂，故C正确；D.与醋酸、浓硫酸共热时，发生酯化反应，醇脱H，O-H键断裂，即键①断裂，故D错误；综上所述，答案为D。11.下列关于各实验装置图的叙述中正确

的是A.装置①：实验室制取乙烯B.装置②：实验室制取乙酸乙酯C.装置③：验证乙炔的还原性D.装置④：验证溴乙烷发生消去反应可生成烯烃【答案】D【解析】【详解】A.实验室制取乙烯需要浓硫酸与乙醇混合加热170℃，装置①中

温度计不能测得反应溶液的温度，A错误；B.实验室制取乙酸乙酯，为了更好的分离混合物同时防止倒吸现象的发生，导气管要在饱和碳酸钠溶液的液面上，不能伸入到液面以下，B错误；C.电石中含有的杂质与水反应产生H2S也具有还原性，能

够使酸性KMnO4溶液褪色，因此不能验证乙炔的还原性，C错误；D.溴乙烷发生消去反应生成烯烃,能够使溴的四氯化碳溶液溶液褪色，而挥发的乙醇不能发生反应，因此可以达到验证反应产物，D正确；故合理选项是D。12.药用有机化合物A（C8H8

O2）为一种无色液体。从A出发可发生如图所示的一系列反应。则下列说法正确的是（）A.A的结构简式为B.根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为三溴苯酚C.G的同分异构体中属于酯，且能发生银镜反应的只有一种D.图中D→F与E→G发生反应

的类型不相同【答案】A【解析】【分析】A发生水解反应生成B，B和二氧化碳、水反应生成D，D和溴水发生取代反应，则D中含有酚羟基，C为羧酸钠，羧酸钠酸化得到E，E为羧酸，E和乙醇发生反应生成G，G具有香味且是液体

，则G为酯，根据其分子式结合乙醇知，E为乙酸，结构简式为CH3COOH，G为乙酸乙酯，C为CH3COONa，根据A的分子式知，D分子式为C6H6O，是苯酚，B为苯酚钠、F为三溴苯酚，A为乙酸苯甲酯，其结构简式

为。【详解】A.通过以上分析知，A为，故A正确；B.根据D和浓溴水反应生成白色沉淀可推知D为苯酚，F为三溴苯酚，故B错误；C.G的同分异构体中含有酯基且能发生银镜反应，应该为甲酸酯类，结构简式为HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH(CH3)2，符合条件的同

分异构体有2种，故C错误；D.D→F与E→G发生反应的类型都是取代反应，所以反应类型相同，故D错误；综上所述，答案为A。13.由有机物a制备有机物d的合成路线如图所示。下列说法正确的是（）A.a中的所有原子处于同一平面B.b的分子式为C10H12，是乙烯的同系物C.a的一氯代物有3种，d的一氯

代物有4种D.a、b均可与酸性高锰酸钾溶液反应，c与d互为同分异构体【答案】D【解析】【详解】A.a中含亚甲基，为四面体构型，所有原子不可能共面，故A错误；B.由结构可知b的分子式为C10H12，b中含2个双键，与乙烯结构不相似、官能

团数目不同，不是同系物，故B错误；C.a含3种H，d含亚甲基、次甲基上2种H，则a的一氯代物有3种，d的一氯代物有2种，故C错误；D.a、b均含碳碳双键，均可与酸性高酸钾溶液反应；c与d的分子式相同、结构不同，二者互为同分异构体，故D正确；综上所述，答案为D。14.实

验室经常利用KMnO4来检验产物或验证性质，图示为部分装置图，下列说法不正确的是A.若X为NaOH溶液时，则KMnO4可用于溴乙烷发生消去反应的产物检验B.若X为NaOH溶液时，则KMnO4可用于乙醇发生消去反应的产物检验C.若X为CuSO4溶液时，则KMnO4可用于实验室制取

乙炔时验证其性质D.若X为溴水，则KMnO4可用于乙醛发生还原反应的产物检验【答案】D【解析】【详解】A.溴乙烷发生消去反应生成乙烯，乙醇、乙烯进入到第一个装置中（X），乙醇溶于NaOH溶液中，KMnO4检验乙烯产物，故A正确；B

.乙醇发生消去反应得到乙烯，乙醇、乙烯进入到第一个装置中(X)，乙醇溶于NaOH溶液中，KMnO4检验乙烯产物，故B正确；C.实验室制取乙炔时有PH3、H2S等杂质，PH3、H2S等杂质与CuSO4溶液反应，KMn

O4可用于验证乙炔气体及其性质，故C正确；D.乙醛发生还原反应生成乙醇，乙醛和乙醇进入到第一个装置中(X)，乙醇溶解，乙醛与溴水中溴单质反应，故KMnO4不能用于检验产物，故D错误。综上所述，答案为D。15.化合物Ⅲ是合成中药黄芩中的主要活性成分的中间体，合成方法如

下：+HCl下列有关叙述正确的是A.I的分子式为C9H10O4B.II中所有原子均有可能共面C.可用FeCl3溶液鉴别有机物I和IIID.1mol产物III与足量溴水反应，消耗Br2的物质的量为1.5mol【答案】B【解析】【详

解】A．根据结构简式，Ⅰ的分子式为C9H12O4，故A错误；B．Ⅱ含有苯环、碳碳双键和羰基，具有苯、乙烯和甲醛的平面结构特点，则Ⅱ中所有原子均有可能共面，故B正确；C．Ⅲ含有酚羟基，可发生显色反应，可用FeCl3溶液鉴别有机物Ⅱ和Ⅲ，故

C错误；D．Ⅲ中含有酚羟基，可与溴发生取代反应，碳碳双键可与溴发生加成反应，则1mol产物III与足量溴水反应，消耗Br2的物质的量为2mol，故D错误；故选B。【点晴】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构和官能

团的性质为解答该题的关键。根据有机物结构特点，有碳碳双键决定具有烯的性质，有羧基决定具有羧酸的性质，有醇羟基决定具有醇的性质，有苯环还具有苯的性质。16.某氨基酸分子中所含原子团及其数目如下表原子团−CH2−—CH3—NH

2—COOH个数nmpa1l则a的值为A.m+2pB.n+m+pC.n+m+2pD.2n+3m+4p【答案】A【解析】【详解】提供的原子团中-CH3、-COOH、-NH2为端基；一条碳链至少有两个端基，增加-CH2-对端基数不影响，增加一个增加一个端基，增加一个增加2个端基。故n个-CH2

-、m个、p个总共需要端基数为2+m+2p，氨基酸中除掉1个氨基、1个羧基，还需要甲基m+2p个，答案为A。第卷非选择题二、填空题（共2题，每空2分，共22分）17.（1）有机物用系统命名法命名：____

____________________（2）写出4­甲基­2­乙基­1­戊烯的结构简式：________________________（3）某烃的结构简式是，分子中饱和碳原子数为_____，可能在同一平面上的碳原子数最多为_________

（4）下列物质中属于同系物的是_________①CH3CH2Cl②CH2===CHCl③CH3CH2CH2Cl④CH2ClCH2Cl⑤CH3CH2CH2CH3⑥CH3CH(CH3)2A．①②B．①④C．①③D．⑤⑥（5）0.1mol某烷烃燃烧，其燃烧产物全部

被碱石灰吸收，碱石灰增39g。该烃的分子式为________；若它的核磁共振氢谱共有3个峰，则该烃可能的结构简式为________。(写出其中一种即可)【答案】(1).3,4­二甲基­3­乙基己烷(2).CH2=C(C2H5)C

H2CH(CH3)2(3).4(4).8(5).C(6).C6H14(7).CH3CH2CH2CH2CH2CH3或CH3C(CH3)2CH2CH3【解析】【详解】（1）烷烃系统命名法的步骤1、选主链，称某烷2、编号位，定支

链3、取代基，写在前，注位置，短线连4、不同基，简到繁，相同基，合并算；烷烃的系统命名法使用时应遵循两个基本原则：1、最简化原则；2.、明确化原则。主要表现在“一长一近一多一少”。即“一长”是主链最长；“一近”是编号起点离支链要近；“一多”是支链数目要多，“一小”是支链位置号码之和

要小，根据此原则可命名为3,4­二甲基­3­乙基己烷；（2）结构简式是把分子中各原子连接方式表示出来的式子，将有机物分子结构式中的C-C键和C-H键省略不写但不省略官能团所得的一种简式，所以3,4­二甲基­3­乙基己烷的结构简式为CH2=C(C2

H5)CH2CH(CH3)2；（3）饱和碳原子指的是碳原子与其它4个原子以碳碳单键相连，所以该有机物中饱和碳原子数为4，在有机物分子中，碳碳双键在空间是平面形分子，乙炔是直线形分子，与碳碳双键相连的3个碳原子和一个氢原子在同一平面内，与碳碳叁键相连的一个碳原子和一个

氢原子在同一直线上，同时这条直线在双键所在的平面上，共6个碳原子，还有碳碳单键能旋转，所以通过单键的旋转，还有2个碳能在该平面内，可能在同一平面上的碳原子数最多为8个；（4）同系物是指结构相似，组成上

相差一个或多个CH2原子团的有机物之间的互称，注意：同系物之间分子式不同，⑤⑥分子式相同，不符；同系物之间冠能团的种类和个数相同，①②官能团种类不同，不符；①④官能团的个数不同，不符；选C；（5）烷烃的通式为CnH2n+2，0.1mol该烷烃完全燃烧生成0.1nmo

lCO2和0.1(n+1)molH2O，质量为44×0.1n+18×0.1(n+1)=39，解得n=6，该烃的分子式为C6H14，根据核磁共振氢谱图共有3个峰值，则含3种类型的等效氢原子，该烃可能的结构简式为CH3CH2CH2CH2CH2CH3或CH3C(CH3

)2CH2CH3.18.（1）苯氯乙酮是一具有荷花香味且有强催泪作用的化学试剂，它的结构简式如图所示，则苯氯乙酮不可能具有的化学性质是___(填字母序号)。a．加成反应b．取代反应C．消去反应d．水解反应e．银镜反应f．还原反应（2）由丙烯经下列反应可制得F、G两种高分子化合物，它们都是

常用的塑料。①聚合物F的结构简式：_________________________________________。②c与新制的Cu(OH)2碱性悬浊液共热转化为D的化学方程式是：___________

_____。③在一定条件下，两分子E能脱去两分子水形成一种六元环状化合物，该化合物的结构简式是：________________________。【答案】(1).ce(2).(3).(4).【解析】【详解

】（1）苯氯乙酮的结构中含有苯环、羰基、Cl原子，所以可以发生加成反应、水解反应（取代反应）、还原反应，不能发生消去反应、银镜反应，答案选ce；（2）①F是丙烯的聚合物聚丙烯，结构简式为；②A是1,2-二溴丙烷，B是1,2-丙二醇，所以C是B发

生氧化反应的产物，结构简式为，C与新制的Cu(OH)2碱性悬浊液共热发生氧化反应生成D，D的结构简式为，发生反应的化学方程式为；③E是D发生加成反应的产物，结构简式为，两分子E发生酯化反应，生成六元环化合物，结构简式为。三、实验题（

共1题，每空2分，共12分）19.乙酰水杨酸（阿司匹林）是目前常用药物之一。实验室通过水杨酸进行乙酰化制备阿司匹林的一种方法如下：+（CH3CO）2O（醋酸酐）浓硫酸加热+CH3COOH水杨酸醋酸酐乙酰水杨酸熔点/℃157

～159−72～−74135～138相对密度/（g·cm−3）1.441.101.35相对分子质量138102180实验过程：在100mL锥形瓶中加入水杨酸6.9g及醋酸酐10mL，充分摇动使固体完全溶解。缓慢滴加0.5mL浓硫酸后加热

，维持瓶内温度在70℃左右，充分反应。稍冷后进行如下操作：①在不断搅拌下将反应后的混合物倒入100mL冷水中，析出固体，过滤。②所得结晶粗品加入50mL饱和碳酸氢钠溶液，溶解、过滤。③滤液用浓盐酸酸化后冷却、过滤得固体。④固

体经纯化得白色的乙酰水杨酸晶体5.4g。回答下列问题：（1）该合成反应中应采用_____加热。（填标号）A热水浴B酒精灯C煤气灯D电炉（2）下列玻璃仪器中，①中需使用的有_____（填标号）。（3）①中需使用冷水，目的是_____。（4）②中饱

和碳酸氢钠的作用是_____，以便过滤除去难溶杂质。（5）④采用的纯化方法为_____。（6）本实验的产率是_____%。【答案】(1).A(2).BD；(3).充分析出乙酰水杨酸固体（结晶）(4).生成可溶

的乙酰水杨酸钠(5).重结晶(6).60【解析】【详解】（1）低于100°的加热需要水浴加热，该合成温度为70℃左右，所以该合成反应中应采用热水浴，BCD加热温度都高于100℃，故答案为：A；（2）①

中操作为过滤，需要的玻璃仪器有玻璃棒、普通漏斗、烧杯，所以选取BD仪器，故答案为：BD；（3）乙酰水杨酸在常温下是固体，且在冷水中溶解度较小，为了降低其溶解度并充分析出乙酰水杨酸固体（结晶），所以①中需使用冷水，故答案为：充分析出乙酰水杨酸固体（结晶）；

（4）碳酸氢钠能和难溶性的乙酰水杨酸反应生成可溶性的乙酰水杨酸钠，从而分离难溶性杂质，达到分离提纯目的，故答案为：生成可溶的乙酰水杨酸钠；（5）固体经纯化方法为重结晶，所以④采用的纯化方法为重结晶，故答案为：重结晶；（6）醋酸酐质量=10mL×1.10g/mL=11g，6.9g水杨酸完

全反应消耗醋酸酐质量=6.9102138=5.1g<11g，所以醋酸酐有剩余，则理论上生成乙酰水杨酸质量=6.9180138=9g，产率=5.4g100%9g=60%，故答案为：60。四、推断题（共1题，除标注外每空2分，共18分）20.蜂胶是一种天然抗癌药，主要活性成分为咖啡酸苯乙

酯（I）。合成化合物I的路线如下：已知①②RCHO+HOOCCH2COOH⎯⎯⎯→吡啶加热RCH=CHCOOH③当羟基与双键碳原子相连时，易发生转化：RCH=CHOH→RCH2CHO请回答下列问题：（1）化合物F的名称是_____；B→C的反应类

型是_____。（2）化合物E中含氧官能团的名称是_____；G→H的的反应所需试剂和条件分别为_____；_____。（3）写出化合物C与新制Cu（OH）2悬浊液反应的化学方程式_____。（4）化合物W与E

互为同分异构体，两者所含官能团种类和数目完全相同，且苯环上只有3个取代基，则W可能的结构有_____种（不考虑顺反异构），其中核磁共振氢谱显示有6种不同化学环境的氢，峰面积比为2:2:1:1:1:1，写出符合要求的W的结构简式：______。（5）参照上述合成路线，设计由CH3

CH=CH2和HOOCCH2COOH为原料制备CH3CH2CH=CHCOOH的合成路线（无机试剂及吡啶任选）_____。【答案】(1).苯乙烯(2).取代反应(3).羟基、羧基(4).氢氧化钠水溶液（或氢氧化钠溶液）(5).加热（或“△”）(6).+2Cu（OH）2+NaOH⎯⎯⎯

→加热+Cu2O↓+3H2O(7).11(8).、(9).CH3CH=CH2HBr过氧化物⎯⎯⎯⎯→CH3CH2CH2BrNaOH⎯⎯⎯→加热CH3CH2CH2OH2O/Cu加热⎯⎯⎯→CH3CH2CHOCH3CH2CH=CHCOOH【解析】【分析】A到B发生的是已知①的反应，结合C的结构简式可

推知B的结构简式为，B发生取代反应生成C；C到D发生的是已知②的反应，由C的结构可推出D的结构简式为，F和HBr在过氧化物存在的条件下发生加成反应生成G，G的结构简式为，G水解生成H，H为醇，E为羧酸，在浓硫酸加热条件下E和H发生酯化反应生成I，由I的结构可推知E的结构简式为，D到E为取代反

应。【详解】（1）化合物F的名称是：苯乙烯；B到C是-OCH3转化为-OH，属于取代反应，故答案为：苯乙烯；取代反应；（2）化合物E为，E中含氧官能团的名称是：羧基、羟基；G到H发生卤代烃的水解反应引入羟基，反应

所需试剂和条件分别是：NaOH水溶液、加热，故答案为：羟基、羧基；氢氧化钠水溶液（或氢氧化钠溶液）；加热（或“△”）；（3）化合物中含有醛基，与新制Cu(OH)悬浊液反应的化学方程式为+2Cu（OH）2+NaOH⎯⎯⎯→加热+Cu2O↓+3H2O，

故答案为：+2Cu（OH）2+NaOH⎯⎯⎯→加热+Cu2O↓+3H2O；（4）化合物W与E（）互为同分异构体，两者所含官能团种类和数目完全相同，且苯环上有3个取代基，三个取代基为-OH、-OH、-CH=CHCOOH，或者为-OH、-OH、-C(COOH)=CH2，2个

-OH有邻、间、对3种位置结构，对应的另外取代基分别有2种、3种、1种位置结构（包含E），故W可能的结构有（2+3+1）×2-1=11种，其中核磁共振氢谱显示有6种不同化学环境的氢，峰面积比为2：2：1:1：1：1，符合要

求的W的结构简式为：、，故答案为：11；、；(5)CH3CH=CH2与HBr在过氧化物条件下反应生成CH3CH2CH2Br，然后碱性条件下水解生成CH3CH2CH2OH，再发生氧化反应生成CH3CH2CHO，最后与HOOCCH2COOH在吡啶、加热条件下反应得到CH3

CH2CH=CHCOOH，合成路线流程图为CH3CH=CH2HBr过氧化物⎯⎯⎯⎯→CH3CH2CH2BrNaOH⎯⎯⎯→加热CH3CH2CH2OH2O/Cu加热⎯⎯⎯→CH3CH2CHOCH3CH2CH=CHCOOH，故答案为：CH3CH=CH2HBr过氧化物⎯⎯⎯

⎯→CH3CH2CH2BrNaOH⎯⎯⎯→加热CH3CH2CH2OH2O/Cu加热⎯⎯⎯→CH3CH2CHOCH3CH2CH=CHCOOH。【点睛】书写含有苯环的同分异构体时，若有三个取代基，先确定2个取代基邻、间、对的位置，将剩余的一个取代基分别插入上述三种情况，若苯环

上连有－X、－X、－Y取代基，其结构式有六种，若苯环上连有－X、－Y、－Z取代基，其结构式有10种。