【文档说明】贵州省遵义市新高考协作体2023届高三上学期入学质量检测 理综物理答案——最终.pdf，共(6)页，1.227 MB，由管理员店铺上传

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贵州新高考协作体2023届上学期入学质量监测物理参考答案14、解析：本实验只能说明平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，故A错误；落地时两球竖直方向上的速度相同，但A球还有水平方向的速度，故A球的动能大，故B错误；重力的瞬时功率等于mg·vy，其中vy为

竖直方向的速度，故C正确；重力做功由重力大小和下落高度决定，高度不变，则重力做功不变，故D错误。15、解析：P点绕O点做匀速圆周运动，杆PQ始终保持水平，则P、Q两点相对静止，有相同的速度、加速度。故������=������=������=���6×1���/�

��≈0.5���/���;������=������=���2���=���62×1���/���2≈0.3���/���2;故A正确。16、解析：根据右手螺旋定则，放置在FE边的电流在C点产生的磁场大小为B、方向沿CM；放置在ND边的电流在C点产生的磁场大小为B、方向沿FC；故C点处

的磁感应强度大小为2B；放置在FE边的电流在O点产生的磁场大小为B、方向沿NO；放置在ND边的电流在C点产生的磁场大小为B、方向沿OP；故O点处的磁感应强度大小为2B；故D正确。17、根据题意，衰变释

放的是α粒子，故为α衰变，故A、B错误；衰变前后有质量亏损，故C错误；衰变过程电荷数守恒，故D正确。18、当地球对核弹的万有引力与月球对核弹的万有引力大小相等时，及加速度为零时，核弹的速度最小。设此时离地球的距离为x，则有������地������2=������月������−�

��2解得���≈0.9���≈3.5×105������，故D正确。19、解析：根据动能定理可知2221113(2)222Wmvmvmv22221121(5)(2)222Wmvmvmv可得217WW题号1415161718192021答案CADDDBDBCBD由于

速度是矢量，具有方向，当初、末速度方向相同时，动量变化量最小，方向相反时，动量变化量最大，因此冲量的大小范围是13mvImv237mvImv可知21II；故选BD。20、解析：A、B和B’点的电场强

度为两个点电荷产生电场强度的矢量和，由点电荷的场强公式得EB＞EB'故A错误；B、根据等量异种电荷的电场线分布特征可知，A’点电势高于C’点，故负试探电荷从A’点移到C’点，电场力做负功，电势能增大，故B正确；C、有电场

线分布可知，面BB'D'D为等势面，电荷从B点移到D’点电场力始终不做功，故C正确；D、在A'点再固定一电荷量为+Q的点电荷，C'点再固定一个电荷量为-Q的点电荷，由电场强度的叠加原理和场强方向特征可知A、C两点电荷在D点合场

强方向沿AC方向，A’和C’两点电荷在D点合场强也沿AC方向，故总的合场强方向指向C点，故D错误。故选：BC。21、解析：当导体框的ab边与虚线1重合时，速度为v1，由221mvmgh得ghv21.安培力rvhBF122

,克服安培力做的功为rghBrvhBFvP32212212,故A错，线框进入磁场的过程中，克服安培力做的功mghmvmvmghW914)2121(212,设两虚线间的距离为h,由题意可得当导体框的ab边与虚线2重合时，速度也为v1，由能量守恒可得Whmg,即mg

hhmg914,可得hh914,故B正确，导体框在穿过磁场的过程中，产生的焦耳热mghWQ9282,故C错误，由vmmvFtmgt得时间t为ghmgrhB9232，故D正确。22、【答案】：（1）BD；（2）（3）＝。【解析】（1）这个实验验证向心加速度an与线速度

v的关系，而线速度v由平抛运动来进行测量，不用考虑圆弧轨道是否光滑，故A错误。线速度v由平抛运动来进行测量的，平抛运动要求初速度为水平方向，所以固定圆弧轨道时，末端必须水平，故B正确。实验中应选择密度大的小球，可以减小空

气阻力的实验的影响，故C错误。确定小球在白纸上的落点时，用尽可能小的圆把所有落点圈住，圆心即为平均落点，这样可以减实验的小偶然误差，故D正确。故选：BD。（2）小球滑到圆弧轨道最低点，由牛顿第二定律：F﹣mg＝anm，得an＝。（3）小球做平抛运动，由平抛运动规律得：h＝；x＝vt解

得：v＝x这个实验验证向心加速度an与线速度v的关系，即需要验证an＝＝＝；即需要验证：＝23、【答案】①.6.0②.24xDRL③.12④.13【解析】⑤.偏大（1）由电路可知，当将S2置于位置1，闭合S1时A0(

)EIRRrR即A011RRrRIEE由图像可知14.92.035E解得12VEA02RRrE解得13r再将S2置于位置2，此时电流表读数为0.400A，则'0A()xEIrRRR解得6.0xR根据214xLLRSD解得24xDRL

（3）由（2）可知12VE13r（4）根据表达式'0A()xEIrRRR24、因电源电动势变小，内阻变大，则当安培表由相同读数时，得到的Rx的值偏小，即Rx测量值偏大。（1）对小环：剪断前：2���1���������60���=������①由①得：���1=������②

剪断后：���2=���������������60���=12������③（2）对小环，���→���:12������2=������������������30���④������=������2���⑤联立④⑤得

������=������⑥对大圆环：���=������2+������2=2������⑦根据牛顿第三定律：���'=���=2������⑧评分建议：③：3分①④⑤⑦：2分②⑥⑧：1分其它解法正确均给分。25、（1）对���粒子：B点：���������（2���)2=���

������①C点：���������（3���)2=���������②由①②得：������:������=9:4③（2）对���粒子,任意���→���+∆���过程，采用动能定理：∆������=���∆���=����

��������2∆���④因为∆���→0，所以：���=���+∆���，所以④式可变形为：∆������=���∆���=������������（���+∆���）∆���⑤由⑤式得：∆���

���=������������（���+∆���）∆���=������������−������������+∆���⑥这里采用累加法，由⑥得：���∆������=���������������（���+∆

���）∆���=���（������������−������������+∆���）⑦由⑦得，���→���:∆������=������������−���������2���进一步得：���������=�����

����2���⑧同理，���→���:∆������=������������−���������3���进一步得：���������=2���������3���⑨又：������=2������������，������=2

������������⑩联立⑧⑨⑩得：������：������=3：2（11）评分建议：①②④⑤⑥⑦⑧：2分③⑨⑩（������）：1分其它解法正确均给分。33、（1）CDE（2）I：������≤������气缸始终静止������2=���0���2+�

�����①���0���3���0=2������3���②联立①②得：���=2(1+������0���)���0③II:������>������气缸相对地面滑动���1���2=���0��

�2+������④���0���3���0=2���1���3���1联立④⑤得：���=2(1⑤+���������0���2)���0⑥评分建议：①②④⑥：2分③⑤：1分其它解法正确均给分。34、（1）CDE���（2）���=������45�������������

��①������������=1���②���+���=90���③联立①②③得���=62④（2）���=���������90���������������⑤������������=1���⑥���+���=90���⑦联立①②③得���=2⑧评分建议：①

②③⑥⑦⑧：1分④⑤：2分其它解法正确均给分。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com