【文档说明】云南省昆明师范专科学校附属中学2020-2021学年高二下学期期中考试物理试题 含答案.docx，共(7)页，512.716 KB，由小赞的店铺上传

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师专附中2020-2021学年下学期期中考试高二年级物理试题+答案试卷总分：100分考试时间：90分钟第I卷（选择题，共42分）一、单选题：本题共6小题,每小题3分,共18分。在每小题的四个选项中，只有一

个选项是正确的，请将正确选项的字母填在答题卡的答题格内。1.下列四图中，能正确反映做曲线运动物体的运动轨迹、速度v和所受合外力F关系的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】AD.曲线运动的速度方向应该沿轨迹的切线方向，选项AD错误；BC.曲线运动的速度方向应

该沿轨迹的切线方向，轨迹的凹向应该偏向合力方向，故选项B正确，C错误。2.汽车A和汽车B在同一平直公路上运动。它们的位置x随时间t的变化分别如图中a、b所示，由图可知（）A.汽车A做匀加速直线运动B.汽车B先做加速运动，后做

匀速运动C.1t时刻，汽车A、B速度相同D.20~t时间内汽车A的平均速度小于汽车B的平均速度【答案】D【解析】【详解】A．—xt图象的斜率表示运动速度，汽车A的运动图像的斜率不变，做匀速直线运动，故A错误；B．—xt图象的斜率表示运动速度，汽车B的运动图像的斜率

先增大，后为零，汽车B先做加速运动，然后静止，故B错误；C．—xt图象的交点表示相遇，故1t时刻，汽车A、B相遇，处于同一位置，该点两条图象斜率不同，速度不同，故C错误；D．根据平均速度公式xvt=可知，在20~t时间内，辆车运动时间相等，汽车

A的位移小于汽车B的位移，则有汽车A的平均速度小于汽车B的平均速度，故D正确。故选D。3.下列叙述中符合物理学史的有()A．汤姆孙通过研究阴极射线实验，发现了电子和质子的存在B．卢瑟福通过对α粒子散射实验现象的分析，证实了原子是可以再分的C．巴耳末根据氢原子光谱分析，总

结出了氢原子光谱可见光区波长公式D．玻尔提出的原子模型，彻底否定了卢瑟福的原子核式结构学说【答案】C【解析】汤姆孙通过研究阴极射线发现了电子，A错；卢瑟福通过对α粒子散射实验现象的分析，得出了原子的核式结构模型，B错；巴耳末根据氢原子光谱在可见光区的四条谱线得出巴耳末公式

，C正确；玻尔的原子模型是在核式结构模型的基础上提出的几条假设，并没有否定核式结构学说，D错误．4.如图所示的电路中，电源电动势为E、内阻为r，电容器的电容为C，定值电阻R=r，闭合开关S，待电路稳定后，电容器所带电荷量为A.𝐸2𝐶B.𝐶𝐸2C.CED.𝐸𝐶【答案】B【解

析】【详解】电路稳定后，电路中的电流𝐼=𝐸𝑅+𝑟=𝐸2𝑅；电容器两端电压：𝑈=𝐼𝑅=𝐸2；电容器带电量：𝑄=𝐶𝑈=12𝐶𝐸.A.𝐸2𝐶，与结论不相符，选项A错误；B.𝐶𝐸2，与结论相符，选项B正确；C.CE，与结论不相符，选项C错误；D.𝐸

𝐶，与结论不相符，选项D错误；5.如图甲所示，一物块从足够长的固定粗糙斜面底端以某一速度冲上斜面。从初始位置起物块动能Ek随位移x的变化关系如图乙所示。已知物块质量为2kg，斜面倾角为37°，sin37°=0.6，

cos37°=0.8，取重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是A.物块上升的最大高度为5mB.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.整个上滑过程物块机械能减少了100JD.整个上滑过程物块重力势能增加了100J【答案】B【解析】【详解】A.由图乙可知，图像与x轴的交点的横坐标为5，则x的最大值

为5m，则物块上升的最大高度为5sin37°m=3m，选项A错误；B.由动能定理：𝛥𝐸𝑘=−100𝐽=−𝑚𝑔ℎ−𝜇𝑚𝑔cos37∘𝑥，解得μ=0.5，选项B正确；C.摩擦力做功减少机械能，整个上滑过程物块机械能减少了𝛥𝐸=𝜇𝑚𝑔cos37∘�

�=40J，选项C错误；D.整个上滑过程物块重力势能增加了𝐸p=𝑚𝑔ℎ=60J，选项D错误。6.如图所示，某空间存在一平行于竖直平面的匀强电场，高度差为h的A、B两点位于同一竖直线上。将一质量为m、电量为+q的小球从A点以v0=√2𝑔ℎ的速度水平抛出，—段时间后小球通过B点，通过B点时

的速度大小为2√𝑔ℎ，已知重力加速度为g，则A.场强方向竖直向下B.场强大小为𝑚𝑔qC.小球在A点的电势能大于在B点的电势能D.运动过程中，小球与A点的最大水平距离为ℎ2【答案】D【解析】【详解】A.从A到B，合外力功为𝑊

合=12𝑚(2√𝑔ℎ)2−12𝑚(√2𝑔ℎ)2=𝑚𝑔ℎ，可知从A到B只有重力做功，则所受电场力方向与垂直AB向左，即场强方向水平向左，选项A错误。B.水平方向：𝑣0=𝐸𝑞𝑚𝑡；竖直方向：ℎ=12𝑔(2𝑡)2，解得Eq=2mg，即𝐸=2𝑚𝑔𝑞，选项B错误；C

.因电场线垂直于AB，可知AB是等势面，即小球在A点的电势能等于在B点的电势能，选项C错误；D.运动过程中，小球与A点的最大水平距离为𝑠=𝑣022𝑞𝐸𝑚=12ℎ，选项D正确.二、多项选择题：本题

共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。7.如图所示，小物块静止在平直木板上，现适当减小木板与水平面间的夹角。下列说法正确的是（）A.小物块

受到的摩擦力不变B.小物块受到的摩擦力变小C.小物块受到的支持力变大D.小物块受到的支持力变小【答案】BC【解析】【详解】物块在木板静止，则受力平衡，则f=mgsinθN=mgcosθ当θ减小时，则f减小，N变大。故选BC

。8.如图，光滑水平面上，质量为m1的小球以速度v与质量为m2的静止小球正碰，碰后两小球的速度大小都为𝑣2，方向相反．则两小球质量之比m1∶m2和碰撞前后动能变化量之比ΔEk1∶ΔEk2为()A．m1∶m2＝1∶3B．m1∶m2＝1∶1C．ΔEk1∶ΔE

k2＝1∶3D．ΔEk1∶ΔEk2＝1∶1【答案】AD【解析】根据动量守恒定律：m1v＝－m1·v＋m2·v可得m1∶m2＝1∶3，A选项正确，B选项错误；碰后动能变化量分别为ΔEk1＝m1v2和ΔEk2＝m2v2＝的m1v2，即ΔEk1∶ΔEk2＝1∶1，C选项错误，D选项正确．如图所

示，在水平光滑的平行金属导轨左端接一定值电阻R，导体棒ab垂直导轨放置，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中。现给导体棒一水平向右的初速度，不考虑导体棒和导轨电阻。下列图象中，关于导体棒速度v随时间t的变化关系和通过电阻R的电荷量q随导体棒位移x的变化关系可能正确的是（）A.B.

C.D.【答案】BD【解析】【详解】AB．导体棒做切割磁感线运动，产生感应电流，受到向左的安培力，导体棒做减速运动，随着速度的减小，感应电流减小，导体棒所受的安培力减小，则加速度减小，—vt图像的斜率绝对值减小

，—vt图像是曲线且斜率减小，故A错误，B正确；CD．通过电阻R的电量RBLxRq==则知qx—图像是过原点倾斜的直线，故C错误，D正确。故选BD。10.如图所示，直角坐标系xoy平面内有1(0,3)Pa、2(0,)Pa、3(3,

0)Pa三点，第一象限内有垂直xoy平面的匀强磁场。电子1以速度1v从1P点垂直y轴射入磁场，经时间1t从3P点射出磁场；电子2从2P点以速度2v垂直y轴射入磁场，经时间2t从3P点射出磁场。若电子重力不计，不考虑电子之间的相互作用，则（）A.磁场垂直xoy平面向里B.

1233vv=C.1221tt=D.1232tt=【答案】AD【解析】【详解】A．因为电子以速度1v从1P点垂直y轴射入磁场，经时间1t从3P点射出磁场，则受到的洛伦兹力的方向沿y轴负方向，根据左手定则，磁场垂直xoy平面向里，A正确；B．电子1以1v从1P点垂直y轴射入磁场，经时间1t从3P

点射出磁场时，运动轨迹如图，圆心在坐标原点电子1在磁场中运动半径，根据几何关系得13ra=根据2111vevBmr=则电子1在磁场中运动的速度11erBvm=电子2从2P点以速度2v垂直y轴射入磁场，经时间2t从3P点射出磁场时，运动轨迹如图电子2在磁场中运动的半径，根据几何关系得22ra=

根据2222vevBmr=则电子2在磁场中运动的速度22erBvm=则1232vv=B错误；的的CD．电子1以1v从1P点垂直y轴射入磁场，经时间1t从3P点射出磁场时，根据几何关系得转过的圆心角为12

=，电子2从2P点以速度2v垂直y轴射入磁场，经时间2t从3P点射出磁场时，转过的圆心角为23=，在磁场中的周期为2mTqB=在磁场中的时间2tT=则在磁场中运动的时间之比112232tt==C错误D正确。故选AD。11.如图所示，一长度为lm

、质量为0.1kg的通电直导线紧靠竖直墙水平放置，导线中通以垂直纸面向外、大小为2A的电流，导线与竖直墙壁的动摩擦因数为0.5，为了让导体棒处于静止状态，现加一竖直向上的匀强磁场，取重力加速度g=10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则所加匀强磁场的磁感应强度大

小可能为A.2TB.1.5TC.0.8TD.0.5T【答案】AB【解析】【详解】当棒恰能静止时满足：mg=μFN；FN=F=B0IL，解得B0=1T，则磁感应强度大小满足B≥1T.A.2T，与结论相符，选项A正确；B.1.5T，与结论相符，选项B正确；C.0.8T，与结论不相符，选项C错

误；D.0.5T，与结论不相符，选项D错误；12.如图所示，质量相等的物块A、B用轻弹簧相连，物块A用轻绳悬挂于天花板上，物块B恰好与水平桌面接触且没有挤压，系统处于静止状态，此时轻弹簧的伸长量为x。

某时刻将绳剪断，物块A竖直向下运动，下列说法正确的是（）A.绳断瞬间，物块A的加速度大小为2gB.绳断瞬间，物块A的加速度大小为gC.绳断后，物块A向下运动距离2x时速度最大D.绳断后，物块A向下运动距离x时速度最大【答案】

AC【解析】AB．剪断悬绳前，对B受力分析，B受到重力和弹簧的弹力，可知弹簧的弹力F=mg剪断瞬间，对A分析，A的合力为F合=mg+F=2mg根据牛顿第二定律，得a=2g故A正确，B错误。CD．弹簧开始处于伸

长状态，弹力F=mg=kx当向下压缩x′时速度最大，则mg=kx′则x′=x所以下降距离为2x。故C正确，D错误。故选AC。第Ⅱ卷（非选择题，共58分）三、实验题。本题共2小题，共16分。把答案写在答题卡中指定

的答题处。13.（4分）某物理学习小组用如图甲所示的装置探究小车加速度与质量、合外力之间的关系。(1)若要将砝码和砝码盘所受的重力当作小车所受的合外力，下列说法正确的是______A.需要将木板不带滑轮的一端适当垫高，以平衡小车所受的摩擦力和其他阻力B.实验过程中控制砝码和砝码盘

总质量m和小车质量M，使M始终远小于mC.实验过程中控制砝码和砝码盘总质量m和小车质量M，使m始终远小于M的(2)如图乙所示为某次实验得到的一条纸带，A、B、C、D、E为5个计数点，在两个相邻计数点之间还有4个点未画出，用刻度尺测

得AC5.32cmx=、CE7.56cmx=，已知打点计时器所用交流电源的频率为50Hz，则小车的加速度大小为______2m/s？（计算结果保留2位有效数字）【答案】(1).AC(2).0.56【解析】【详解】(1)A．若要将砝码和砝码盘所受的重力当作

小车所受的合外力，则需要平衡摩擦力，即需要将木板不带滑轮的一端适当垫高，以平衡小车所受的摩擦力和其他阻力，选项A正确；BC．因为mgTma−=TMa=解得11MmgTmgmMmM==++当m远小于M时，可认为T=mg，则实验过程

中控制砝码和砝码盘总质量m和小车质量M，使m始终远小于M，选项C正确，B错误；故选AC。(2)根据2xaT=可得22222(7.565.32)10m/s0.56m/s(2)40.1CEACxxaT−−−===14.（12分）某同学将

一量程为100μA、内阻为270Ω的表头G改装为多用电表。电路图如图甲所示，图中E是电动势为1.5V的干电池，1R、2R是定值电阻，R是可变电阻，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有3个挡位：直流电流1mA挡、直流电压3V挡、欧

姆挡。(1)开关接到“2”时为______A.直流电流1mA挡B.直流电压3V挡C.欧姆挡(2)图甲中表笔A应为______（选填“红”或“黑”）表笔，测量图乙所示小灯泡两端电压时，应将______（选填“A”或“B”）表笔接电路中的a点，另一表笔接b点。(3)根据题给条件可得：1

R=______Ω，2R=______Ω。(4)用该多用电表测量一电阻的阻值时，表头的读数为25μA，则该电阻的阻值为_____Ω。【答案】(1).B(2).黑(3).B(4).30(5).2973(6).4500【解析】【详解】(1)[1]开关接到“2”时，电阻R1

与电流计并联，然后与电阻R2串联，则为直流电压3V挡，故选B。(2)[2][3]因电流为“红近黑出”，由接3时的电路可知，图甲中表笔A应为黑表笔，测量图乙所示小灯泡两端电压时，应将红表笔B接电路中的a点，另一表笔接b点。(3)[4]因为接1时，是直流电流1mA挡

，则10.12703010.1gggIrRII===−−此时电流表内阻为'302702730270R==+[5]接2时为直流电压3V挡，则623310010270297310ggUIrRI−−−−===(4)[6]测量电阻时，当两表笔短接表头满偏时，则此时电路总电流

为I=1000μA则'20EIRRR=++用该多用电表测量一电阻的阻值时，表头的读数为25μA，则此时电路的总电流为I′=250μA；根据闭合电路的欧姆定律''20xEIRRRR=+++解得Rx=4500Ω四、计算题：本题共4小题，共42分。把答案写

在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。15.（10分）一辆货车在高速公路上匀速行驶，司机发现前方60m处有一障碍物。经过1s的反应时间后采取紧急制动，反应时间内货车匀速运动，制动后车轮抱死，货车在路面上匀减速滑行，刚好没有撞上障碍物。已知轮胎和地面之间的动摩

擦因数为0.5，该路段的限速是60km/h，取重力加速度210m/sg=。(1)求货车滑行时的加速度大小；(2)通过计算判断货车是否超速。【答案】(1)25m/sa=；(2)超速【解析】【详解】(1)货车的摩擦力fFmg=，货车加速度为f=Fam，解得25m/sa=(2)货车在反应时间

内做匀速直线运动，之后做匀减速直线运动，匀速直线运动的位移100xvt=匀减速直线运动的位移2022vxa=总位移12xxx=+由上式解得020m/sv=因为0v大于60km/h，所以超速16.（10分）如图所示，正方形区

域ABCD内有平行AB方向的匀强电场。质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从A点以速度0v垂直电场方向射入电场，经电场偏转后从C点离开电场。粒子重力不计。求A、B两点间的电势差。【答案】202mvUq=【解析】【详解】粒子从A点射入电场后，在水平方向匀速运动，竖直方向做匀加速直线运动，

设正方形区域的边长为d，水平方向0dvt=竖直方向212dat=粒子的加速度qEam=A、B间的电势差UEd=联立解得202mvUq=17.（10分）16.某工地一传输工件的装置可简化为如图所示的情形，AB为一段足够大的14圆弧固定轨道，圆弧半径5.

4mR=，BC为水平轨道，CD为一段14圆弧固定轨道，圆弧半径1mr=，三段轨道均光滑.一长为4mL=、质量为21kgm=的平板小车最初停在BC轨道的最左端，小车上表面刚好与AB轨道相切，且与CD轨道最低点处于同一水平面.一可视为质点、质量为12kgm=的工件从距AB轨道最低点h高处沿轨道自由

滑下，滑上小车后带动小车也向右运动，小车与CD轨道左端碰撞（碰撞时间极短）后即被粘在C处.工件只有从CD轨道最高点飞出，才能被站在台面上的工人接住.工件与小车间的动摩擦因数为0.5=，重力加速度g取210m/s.当工件从0.5hR=高处静止下滑，求：（1）工件到达圆弧轨道最低点

B时对轨道的压力大小；（2）工件滑上小车后，小车恰好到达C处时与工件共速，求BC、之间的距离；【解析】（1）根据机械能守恒定律求解下滑到底端的速度，根据牛顿第二定律求解压力；（2）由动量守恒定律求解共速的速

度，由动能定理求解位移；（3）由动量守恒定律、能量守恒定律、机械能守恒定律列方程联立求解.（1）工件下滑到B处，速度为0v，此过程机械能守恒：210112mvmgh=在B处：2011BvNmgmR−=联立以上两式求得12140BhNmgN

R=+=由牛顿第三定律得：工件对轨道最低点B的压力40BBNNN==（2）工件与小车共速为1v，由动量守恒定律得：()10121mvmmv=+小车移动位移1s，由动能定理得：21121102mgsmv=−联立求得：2120121221212

1.22()2()mmvmmRsmmmgmm===++则15.2BCsLsm=+=18（12分）如图所示，在光滑的水平面上有一质量为M的长木板，以速度v0向右做匀速直线运动，将质量为m的小铁块轻轻放在木板上的A点，这时小铁块相对地面速度为

零，小铁块相对木板向左滑动．由于小铁块和木板间有摩擦，最后它们之间相对静止，已知它们之间的动摩擦因数为μ，问：(1)小铁块跟木板相对静止时，它们的共同速度多大？(2)它们相对静止时，小铁块与A点距离多远？(3)在全过程中有多少机械能转化为内能？【解析】(1)小铁块放到长木板上后，

由于他们之间有摩擦，小铁块做加速运动，长木板做减速运动，最后达到共同速度，一起匀速运动．设达到的共同速度为v.由动量守恒定律得：Mv0＝(M＋m)v解得v＝0MvMm+(2)设小铁块距A点的距离为L，由能量守恒定律得μmgL＝12Mv20

－12(M＋m)v2解得：L＝202()MvMmg+(3)全过程所损失的机械能为ΔE＝12Mv20－12(M＋m)v2＝202()MmvMm+