【文档说明】四川省成都外国语学校2023-2024学年高二下学期5月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，2.959 MB，由小赞的店铺上传

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成都外国语学校2023—2024学年度下期5月考试高二物理试卷注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。2.本堂考试75分钟，满分100分；3.答题前，考生务必先将自己的姓名、学号填写在答题卡上，

并使用2B铅笔填涂。4.考试结束后，将答题卡交回。第Ⅰ卷选择题一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。）1.下列说法正确的是（）A.布朗运动就是水分子的无规则运动B.扩散

现象表明分子在永不停息的做无规则运动C.所有晶体在不同的方向上都有不同的光学性质D.所有晶体都不能转化为非晶体【答案】B【解析】【详解】A．布朗运动是微小颗粒的无规则运动，反映了水分子的无规则运动，故A错误；B．扩散现象表明分子在永不停息的做无规则运动，故B正

确；C．多晶体在不同的方向上具有相同的光学性质，故C错误；D．在一定的条件下，有些晶体能转化为非晶体，比如天然石英是晶体，熔融过的石英却是非晶体，故D错误。故选B。2.A、B、C是三个不同规格的灯泡，按图所示方式连接恰好能正常发光，已知电源的电动势为E，内电阻为r，将滑动变阻器的滑片P向右

移动，则三个灯亮度变化是（）A.都比原来亮B.都比原来暗C.A、B灯比原来亮，C灯变暗D.A、B灯比原来暗，C灯变亮【答案】D【解析】【详解】滑片向右滑，阻值变大，根据串反并同法判断，并联的C灯泡，电压电流变大，变亮；串联的A和灯泡B，电压电流变小，比原来变暗。故选D

。3.如图所示，在M、N两点分别固定正、负点电荷，两电荷的电荷量相等。MN连线的中点为O，与MN连线垂直的中垂面上存在两个以O点为圆心的同心圆，两圆上分别有a、b两点，并且a、b、O三点共线，则下列说法正确的是（）A.a、b两点的场强大小相等B.a、b两点的场强方向相同C.a点

的电势高于b点电势D.b点的电势高于O点电势【答案】B【解析】详解】等量异种点电荷电场分布如图所示AB．根据等量异种电荷的电场线分布情况可得，在两点电荷连线的中垂面上，中点O场强最大，且中垂面上离O点越远处，场强越小，中垂面上各点的场强方向均平行于异种电荷连线指向负电荷，可知a、

b两点的场强大小不相等，a、b两点的场强方向相同，故A错误，B正确；CD．根据等量异种电荷的电场线分布情况可知，两点电荷连线的中垂面为等势面，所以a、b、O三点电势相等，故CD错误。故选B。4.如图所示，李雷同学分别将两个质量相同的小球A、B从竖直铝管的管口上方静止释放。

在A、B两球分别穿过铝管的过程中，铝管始终保持静止，李雷同学对铝管向上的平均作用力分别为10.8N、10.0N。不计空气阻力，其中只有一个小球是磁体，则下列说法正确的是（）【A.A球是磁体，铝管重约10.0NB.A球是磁体，铝管重约10.8NC.B球是磁体，铝管重约10.0ND.B球是磁

体，铝管重约10.8N【答案】A【解析】【详解】当小磁体在竖直铝管下落时，由于穿过铝管磁通量变化，导致铝管产生感应电流，从而产生安培阻力，导致此同学对铝管向上的平均作用力大于没有安培阻力情况，由于同学对铝管向上的平均作用力分别为10.8N、10.0N，因此A

球是磁体，则铝管重约10.0N。故选A。5.位于坐标原点处的波源发出一列沿x轴正方向传播的简谐横波。t=0时波源开始振动，其位移y随时间t变化的关系式为2πsinyAtT=，则t=34T时的波形图为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】34tT=时，波源的位移为2π2π3

sinsin4yAtATATT===−故选C。6.如图所示，单摆在竖直平面内以较小摆角（小于5）在M、N间摆动，Q为圆弧OM上一点，g为当地的重力加速度，单摆摆长为20.36gl=。以小球向左经过Q点时为计

时起点，向右为正方向，此单摆的振动图像可能正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】单摆的周期为20.36221.2slgTgg===可知小球相邻两个平衡位置的时间间隔为0.6s，以小球向左经过Q点时为计时起点，小球先向左运动至最高点，然后再向右运动回到平衡位置。故

选B。二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分。）7.某透明介质的截面图如图所示，一束光线与上表面成145=角射入

，在下表面刚好发生全反射，介质的折射率为2n=。下列说法正确的是（）A.光线在上表面的折射角215=B.光线在上表面的折射角230=C.下底边与虚线的夹角15=D.下底边与虚线的夹角30=【答案】BC【解析】【

详解】AB．根据12sin2sinn==可知，光线在上表面的折射角230=故A错误B正确；CD．在下表面刚好发生全反射，则1sinCn=可知，下表面入射角C为45°，根据几何关系有290C−=+解得15=故C正确D错误。故选BC。8.如图所示，理想变压器

的原、副线圈的匝数比12:5:2nn=，原线圈与()2202sin100Vut=的正弦交变电源相连，副线圈所接负载的电阻55R=，电流表和电压表均为理想交流电表，下列说法正确的是（）A.交流电的频率为50HzB.电压表V的示数为22

0VC.电流表A的示数为0.64AD.变压器的输入功率为880W【答案】AC【解析】【详解】A．根据正弦交变电源表达式可知，交流电的频率为1100Hz50Hz22fT====故A正确；B．根据正弦交变电源表达式可

知，原线圈输入电压有效值为12202V220V2U==则副线圈输出电压有效值为22112220V88V5nUUn===即电压表V的示数为88V，故B错误；CD．副线圈电流为22881.6A55UIR===则原线圈电流为212121.6A0.64

A5nIIn===变压器的输入功率为1112200.64W140.8WPUI===故C正确，D错误。故选AC。9.中国新一代粒子研究器“超级陶粲”装置近日正式启动，静电分析器是其重要组成部分。静电分析器的两电极之间存在如图所示的静电

场，静电场中任意一点电场方向均沿半径方向指向圆心，大小均满足kEr=（k为与装置有关的常数，r为该点到圆心O的距离）。某次实验中质量之比为1:2、电荷量之比为2:1的甲、乙两粒子由入射口P进入静电分析器，仅在电场力作用下分

别沿轨迹Ⅰ、Ⅱ做圆心为О的匀速圆周运动，最后从出射口Q射出，则下列说法正确的是（）A.甲、乙两粒子运动时的速率之比为4:1B.甲、乙两粒子运动时的动量大小之比为1:1C.甲、乙两粒子运动时的角速度之比为2:1D.甲、乙两粒

子运动时的动能之比为2:1【答案】BD【解析】【详解】A．由电场力提供向心力可得2vqEmr=其中kEr=解得qkvm=则甲、乙两粒子运动时的速率之比为222111vqmvqm===甲甲乙乙乙甲故A

错误；C．根据vr=由于两粒子运动的半径之比未知，则角速度之比未知，故C错误；B．由动量表达式pmv=可得甲、乙两粒子运动时的动量大小之比为121211pmvpmv===甲甲甲乙乙乙故B正确；D．根据动能表达式2k12Emv=可得甲、乙两粒子运动时的动能

之比为k2k2122211EmvEvm===甲甲乙甲乙乙故D正确。故选BD。10.如图所示，空间中有Oxyz−坐标系，xOz平面水平，y轴沿竖直方向，在y轴右侧xOz平面上方空间存在竖直向

上的匀强电场，在y轴右侧xOz平面下方空间存在竖直向下的匀强磁场。一带负电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定速度0v沿平行于x轴的正方向射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成角离开电场，粒子在以后的运动中恰好不离开磁场

。已知M点的坐标为()0,,0h，带负电的粒子质量为m、电荷量大小为q，不计粒子重力，则下列说法正确的是（）A.电场强度220tan2mvqhB.磁场强度20tan2mvqhC.粒子在磁场中运动的轨道半径tanhD.粒子在yOz平面上相邻切点间距离4h【答案】AD【解析】【详解】A．粒子

从M点到N点做类平抛运动，有212hat=qEma=0tanatv=0xvt=联立解得220tan2mvEqh=，2tanhx=故A正确；BC．粒子从N点进入磁场，其中沿y−方向的速度与磁感应强度平行，不受洛伦兹力而做匀速直线运动，沿x方向的速

度0v与磁感应强度垂直，受洛伦兹力做匀速圆周运动，粒子在以后的运动中恰好不离开磁场，则轨迹圆与z轴相切，则有xR=200vqvBmR=联立解得2tanhR=，0tan2mvBqh=故BC错误；D．粒子在yOz平面上相邻切点间距离为匀速圆周运动一圈的时间内在y−方向匀速直线

运动的距离，有0tanyvT=024tanmhTqBv==联立可得4yh=故D正确故选AD。。第Ⅱ卷（非选择题共56分）注意事项：1.答题前，考生先在答题卡上用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔将自己的姓名，准考证号填写清楚。2.请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡

上各题的答题区域内．．．．．．．．．．．．．作答，在试卷上作答无．．．．．．．效．。三、实验题（本题共2个小题，每空2分，共16分）11.某实验小组用如图甲所示装置探究气体等温变化的规律。已知压力表通过细管与注射器内的空气柱相连，细管隐藏在柱塞内部未在图中标明。

从压力表上读取空气柱的压强，从注射器旁的刻度尺上读取空气柱的长度。（1）关于该实验，下列说法正确的是______；A.为避免漏气，可在柱塞上涂抹适量润滑油B.实验中应快速推拉柱塞，以免气体进入或漏出注射器C.为方便推拉柱塞，应用手握紧注射器再推拉柱塞（2）测得注射器内封

闭气体的几组压强p和体积V的值后，以p为纵轴、1V为横轴，作出图像如图乙所示，图像向下弯曲的可能原因有______。A.实验过程中有进气现象B.实验过程中有漏气现象C.实验过程中气体温度降低D.实验过程中气体温度升高【答案】（1）A（2）BC【解析】【小问1详解】A．为了保持封闭气体的质

量不变，实验中采取的主要措施时注射器上涂上润滑油防止漏气，故A正确；B．若急速推拉活塞，则有可能造成等温条件的不满足，所以应缓慢推拉活塞，故B错误；C．手握紧活塞会导致温度变化，故C错误。故选A。【小问2详

解】根据pVnRT=可得1pnRTV=可知1pV−图像上点与原点连线斜率为knRT=图乙中图像向下弯曲，即图像上点与原点连线斜率减小，可能是实验过程中有漏气现象，使得气体摩尔数n减小；也可能是实验过程中气体温度降低。故选BC。12.为了测量阻值约为5的金属圆柱体

的电阻率，除待测金属圆柱体外，实验室还备有如下实验器材：A.电流表1A（量程0~0.6A，内阻约0.1）；B.电流表2A（量程0~3A，内阻约0.01）；C.电压表1V（量程0~3V，内阻约3k；D.电压表2V（量程0~15V，内阻约20k）；E.滑动变阻器R（0~20）；F.电源E（电

动势为3.0V，内阻不计）；G.开关、若干导线。（1）某次测量中，螺旋测微器和游标卡尺的示数如下图所示：螺旋测微器的示数是______mm，游标卡尺的示数是______mm（20分度，副尺零刻线被污染）。（2）为了调节方便，测量准确，实验中电流表应选______（填“A”或“B”），电压表

应选______（填的“C”或“D”）。（3）根据所选用的实验器材，应选用电路图______（填“甲”或“乙”）进行实验，测得的电阻值比真实值偏______（选填“大”或“小”）。【答案】（1）①.1.610##1.611##1.609②.38.35（2）①.A②.C（3）①.乙②

.小【解析】【小问1详解】[1]螺旋测微器的精确值为0.01mm，由图可知螺旋测微器的示数为1.5mm11.00.01mm1.610mm+=[2]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm，即游标尺一格为0.95mm，由图可知游

标尺第7格与主尺刻度4.5cm对齐，则游标卡尺的示数为4.5cm70.95mm38.35mm−=【小问2详解】[1][2]由于电源电动势为3V，则电压表应选C；由于待测电阻阻值约为5，根据mm3A0.6A5UIR===则电流表应选A。【小问

3详解】[1]根据VA3000550.1RRRR==可知待测电阻属于小电阻，所以电流表应采用外接法，即应选用电路图乙进行实验；[2]电流表应采用外接法，由于电压表分流使得电流表示数大于待测电阻的真实电流，根据欧姆定律URI=可知测得的电阻值

比真实值偏小。四、计算题（本题共3个小题，共40分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）13.2023年2月10日0时16分，我国神舟十五号航天员经过约7小时

的出舱活动，圆满完成全部舱外既定任务。航天员所着的舱外航天服为出舱作业提供了安全保障。出舱前，关闭航天服上的所有阀门，启动充气系统给气密层充气（可视为理想气体）。假定充气后，气密层内气体的体积为2L，温度为30°C，压强为46.0610Pa。经过一段时间，气体温度降至27°C，忽略此过

程中气体体积的变化。（1）求27°C时气密层内气体的压强1p；（2）出舱后启动保温系统，维持气体的温度为27°C。因舱外气压较低，气密层内气体的体积将会膨胀。试求不放气的情况下，气密层内气体膨胀至3L时的压强2p。【答案】（1）4610Pa；（2）44

10Pa【解析】【详解】（1）气体发生等容变化，则有0101ppTT=其中406.06P10ap=，0(27330)K303KT=+=，1(27327)K300KT=+=联立可得11040610PapTpT==（

2）出舱后启动保温系统，维持气体的温度为27°C，根据玻意耳定律可得1122pVpV=其中12VL=，23VL=联立解得12241410PapVpV==14.2023年10月26日，“神舟十七号”航天员顺利奔赴“天

宫”。为防止宇宙间各种高能粒子对在轨航天员造成的危害，研制出各种磁防护装置。某同学设计了一种磁防护模拟装置，装置截面图如图所示，以O点为圆心的内圆、外圆半径分别为R、3R，区域中的危险区内有垂直纸面向外的匀强磁场，外圆为绝缘薄板，外圆的左侧有两块平行金属薄板，其右板与外圆相切，在

切点处开有一小孔C。一质量为m、电荷量为q+、不计重力的带电粒子从左板内侧的A点由静止释放，两板间电压为U，粒子经电场加速后从C点沿CO方向射入磁场，恰好不进入安全区，粒子每次与绝缘薄板碰撞后原速反弹。求：（1）粒子通过C点时的速度大小v；（2）磁感应强度的大小B；（3）粒子

从离开电场到再次返回电场所需的时间t。【答案】（1）2qUvm=；（2）12mUBRq=；（3）22mtRqU=总【解析】【详解】（1）粒子从A点运动到C点，根据动能定理得212qUmv=解得2qUvm=（2）设带电粒子在磁场中运动

的轨迹半径为r，如图所示由几何关系得222(3)()RrrR+=+解得rR=由牛顿第二定律得2vqvBmr=解得12mUBRq=（3）设粒子在磁场中运动的轨迹所对应的圆心角为，由几何关系得3tan2RR=解得23=粒子在磁场中运动的周期为2mTqB=粒子从

C点到第一次与绝缘薄板碰撞所需时间3Tt=解得123mtRqU=由几何关系可得粒子在危险区运动时总共与绝缘薄板发生5次碰撞，粒子从离开电场到再次返回电场所需的时间262mttRqU==总15.如图所示，MCN

与PDQ是一组足够长的平行光滑导轨，间距1mL=，MC、PD倾斜，CN、DQ在同一水平面内，CD与CN垂直，C、D处平滑连接。水平金属导轨间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度1TB=。质量0.1kgm=、电阻1R=、长度为L的硬质导体棒a静止在水平轨道上，与a完全相同的导体棒b从距水平面高度0.

2mh=的倾斜绝缘轨道上由静止释放，最后恰好不与a棒相撞，运动过程中a、b棒始终与导轨垂直且接触良好。不计其它电阻和空气阻力，重力加速度210m/sg=。为（1）求b棒刚进入磁场时，a棒所受的安培力；（2）求整个过程中通过a棒的电荷量q及a棒距离CD的初始距离0

x；（3）a、b棒稳定后，在释放b棒的初始位置由静止释放相同的棒2b，所有棒运动稳定后，在同一位置再由静止释放相同的棒3b，所有棒运动再次稳定后，依此类推，逐一由静止释放4b、5b、…nb。当释放的nb棒最终与所有棒运动稳定后，求从nb棒开始释

放到与所有棒运动保持相对稳定时，a棒上产生的焦耳热anQ，并算出3n=时a棒上产生的总焦耳热Q。【答案】（1）1N，方向水平向右；（2）0.1C，0.2m；（3）()221J51anQnn=+，41720J【

解析】【详解】（1）b棒下滑h时2012mghmv=b刚切割磁感线时干路电流有()0BLvIRR=+a棒的所受安培力1NaFBIL==方向水平向右。（2）a、b在水平导轨上运动共速前，a的速度为av，b的速度为bv，电路满足()()baabBLvvIRR−=+a、b在水平导轨上运

动共速后速度为abv满足()0abmvmmv=+对于a棒,取时间微元Δt有abBILtmv=()22baBLvvtmvRR−=+联立可得0.1CababmvqItBL===()()0220.2mabbamvRRxvvtBL+=−==（3）当nb棒运动达到稳定

后()01nnmvnmv=+此过程中损失的动能满足()222011111222nnnQEmvnmvnmv−==+−+由电路可知naInI=由焦耳定律可得()2nanQnnQ=+此过程中a棒上产生的焦耳热()22201211111222annnQmv

nmvnmvnn−=+−++联立得()220222111J251anQmvnnnn==++()202222221111122321anQmvnn=++++当3n=时，代入数值可得202

22222111141J1223342720anQmv=++=