【文档说明】安徽省泗县第二中学2022-2023学年高二下学期第二次月考物理试题 含解析.docx，共(19)页，5.810 MB，由小赞的店铺上传

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泗县二中2022~2023学年度第二学期高二第二次联考物理全卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动、用橡皮擦干

净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并收回。4.本卷主要考查内容：选择性必修第一册，选择性必修第二册前两章。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出

的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.关于安培力和洛伦兹力，下列说法不正确的是（）A.安培力和洛伦兹力性质相同B.洛伦兹力对运动电荷一定不做功C.运动电荷在某处受洛伦兹力为零，但该处可能存在磁场D.洛伦兹力不能改变

带电粒子的运动状态【答案】D【解析】【详解】A．安培力是洛伦兹力宏观表现，洛伦兹力是安培力的微观形式，所以性质相同，故A不符合题意；B．洛伦兹力与电荷运动方向垂直，所以洛伦兹力对运动电荷一定不做功，故B不符

合题意；C．当电荷的速度方向与磁场平行时，电荷受洛伦兹力为零，故C不符合题意；D．运动电荷可以在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，运动状态不断改变，故D符合题意。故选D。2.关于下列图片的解释正确的是（）的A.真空冶炼炉利用热传导的热量使金属融化B.

使用电磁炉加热食物时使用铝锅也可以C.用互相绝缘的硅钢片叠成的铁芯来减少涡流D.用来探测金属壳地雷的探雷器是利用电流的磁效应工作的【答案】C【解析】【详解】A．真空冶炼炉利用涡流通过金属产生的热量使金属融化，A错误

；B．使用电磁炉加热食物时，铝锅的电阻太小，在使用的过程中不能产生足够的热量用来加热，故不能用铝锅，B错误；C．用互相绝缘的硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯可以减小变压器铁芯中的涡流，C正确；D．用来探测金属壳地雷或有较大金属零件的地雷的探雷器是

利用涡流工作的，D错误。故选D。3.如图所示，B、C、D、E、F，5个小球并排放置在光滑的水平面上，A球以速度0v向B球运动，其中A、F两球质量为m，B、C、D、E四个小球质量为2m，所发生的碰撞均为弹性碰撞，则碰

撞之后（）A.共有3个小球运动，方向均向右B.共有3个小球运动，方向既有向左又有向右C.共有2个小球运动，方向均向右D.共有2个小球运动，方向既有向左又有向右【答案】B【解析】【详解】根据题意可知，由于A、B两球质量不等

，且ABmm，则A球与B球相碰后，A球向左运动，B球向右运动，B、C、D、E，4个小球的质量相等，弹性碰撞后，不断交换速度，最终E球有方向水平向右的速度，B、C、D3个小球均静止，E、F两球质量不等，且EFmm，则E、F两

球碰撞后都向右运动，所以B、C、D，3个小球均静止，A球向左运动，E、F两球都向右运动。故选B。4.如图甲所示，螺线管匝数1000n=，横截面积20.02mS=，电阻1Ωr=，螺线管外接一个阻值4ΩR=的电阻，一方向平行于螺线管轴线向左的磁场穿过螺

线管，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示，规定电流方向从a经R流向b为电流正方向，则0~6s时间内流过电阻R的电流I随时间t的变化图像为（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】在0~4s时间内，原磁场增大，则穿过螺线管的磁通量增大，根据楞次定律可知，感应磁场方向向右，由安培定则

可知，R中的电流方向从b流向a，感应电动势为11110VBEnSt==则通过R的电流大小为112AEIRr==+在4~6s时间内，感应电动势为22240VBEnSt==则通过R的电流大小为22

8AEIRr==+根据楞次定律可知，R中的电流从a流向b。故选B。5.如图所示，两个同心圆之间的区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个同心圆的半径分别为a和3a，圆心处有一粒子源，能发射速度为v的粒子，粒子的质量为m，电荷量为q，忽略重力。若

粒子均被限制在图中实线圆围成的区域内，则磁感应强度最小值为（）A.43mvgaB.53mvqaC.34mvqaD.35mvqa【答案】C【解析】【详解】当粒子在磁场中的运动轨迹和外圆相切时，粒子在图中实线圆围成的区域内运动的半径最大，磁感应强度最

小，粒子的运动轨迹如图令粒子在磁场中运动的半径为r，根据几何知识有222(3)raar+=−所以粒子的最大半径为43ra=因为2vqvBmr=所以34mvBqa=故选C。6.A、B两球沿一直线运动并发生正碰，A、B两球碰前的位移随时间变化的图线如图中a、b所示

，碰撞后两球共同运动的位移随时间变化的图线如图中c所示。以B球初速度方向为正方向，若A球质量为2kgm=，则下列说法正确的是（）A.碰撞前、后A球的动量变化量为4kgm/sB.碰撞过程中A球对B球施加的冲量为4NsC.A、B两球碰撞前的总动量为10kgm/s3D.碰撞过程

中A、B两球组成的系统机械能守恒【答案】A【解析】【详解】AB．由于以B球初速度方向为正方向，由图可知，碰撞前A、B两球的速度分别为A410m/s=3m/s2v−=−B40m/s=2m/s2v−=碰撞

后A、B两球的共同速度为24m/s=1m/s2v−=−因此碰撞前、后A球的动量变化量为AA==4kgm/spmvmv−故A正确；B．碰撞前、后A、B球的动量守恒，有ABBB+=+mvmvmmv（）解得Bg4=3km根据动量定理可得碰撞过程中A球对B球施加的冲量

为BB==4NsBBIpmvmv=−−故B错误；C．A、B两球碰撞前的总动量为ABB10=+=kgm/s3pmvmv−故C错误；D．碰撞前A、B两球组成的系统机械能大小为221ABB1135+J223Emvmv==碰撞后A、B两球组成的系统机械能大小为22B15+J23Emmv=

=（）因此碰撞过程中A、B两球组成的系统机械能不守恒，故D错误。故选A。7.如图所示，电源内阻不计，灯泡L1、L2完全相同，L是自感系数足够大的线圈，直流电阻与灯泡电阻相同．闭合电键S，则下列判断正确的是

（）A.闭合电键后，L1、L2两灯泡逐渐变亮B.闭合电键后，L1、L2两灯泡先变亮后变暗C.断开电键一瞬间，灯泡L1中有从左向右的电流D.断开电键一瞬间，灯泡L2的功率变为原来的四分之一【答案】D【解析】【详解】AB．因电源内阻不计，闭合电键后，L1、L2

两灯泡电流不变，亮度不变，故AB错误；CD．断开电键一瞬间，电感阻碍电流减小，流过电感电流向右，则灯泡L1中有从右向左电流，两灯泡电流之和与原电流大小相同，所以两灯泡电流变为原来的一半，根据2PIR=可知，灯泡L2的功率变为原来的四分之一，

故C错误，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.有一列正在沿水平方向传播的简谐波，在某一时刻它的波形图

如图甲所示，P和Q是这列简谐波上的两个介质质点，从该时刻起某同学记录了Q点在一段时间内的振动图像如图乙所示，则（）A.该波的传播速度为2m/sB.该波遇到传播方向向左的简谐波后一定会发生干涉现象C.任意时刻P和Q两质点的振动

速度大小、加速度大小、位移大小都相等D.该波遇到体长为7m左右的障碍物时能发生明显的衍射现象【答案】ACD【解析】【详解】A．由题图甲可知，该简谐横波波长为8m=，周期4sT=，所以波速为2m/svT

==故A正确；B．根据乙图可知该时刻开始质点Q向上振动，所以该波沿x轴负方向传播，即向左传播，根据机械波发为的生干涉的条件可知满足频率相同、相位差恒定时才会发生干涉现象，故B错误；C．因为质点P、Q相差半个波长，所以振动过程中它们的振动速度大小、加速度大小、位移大小都相等，故C正

确；D．根据机械波发生明显衍射条件可知，因简谐横波波长为8m，则该简谐波遇到体长为7m的障碍物时能发生明显的衍射现象，故D正确。故选ACD。9.如图所示为一个回旋加速器的示意图，D形盒半径为R，磁感应强度为B的匀强磁场垂直D形盒底面，两盒间接交变电

压。设质子的质量为m、电荷量为q，则下列说法正确的是（）A.只增大半径R无法增加质子离开D形盒的速度B.只增大磁感应强度B可以增加质子离开D形盒的速度C.交变电压的变化周期为2mqBD.其他条件不变，质子被加速的总次数n与R成正比【答案】BC【解析】【详解】A

B．由2mvqvBr=得qBrvm=当rR=时，v最大，为qBRm，由此可见只增大半径R或只增大磁感应强度B都可以增加质子离开D形盒的速度，A错误，B正确；C．要使质子经过D形盒间缝隙时都能得到加速，应使交变电压的周期等于质子的回旋周期，有22rmTv

qB==C正确；D．质子的最大动能为2222kmm122qBREmvm==由动能定理得2222m122qBRnqUmvm==得质子被加速的次数222qBRnmU=其他条件不变，质子被加速的总次数n与R的平方成正比，D错误；故选BC。10.如图所示，在I，III两个区域存在匀强磁场，

I区域的磁场方向垂直纸面向里，III区域的磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小相同，均为B，II区域无磁场，宽为s，正方形金属框abcd的边长为()LLs，电阻为6R，ab边与磁场边界平行，现拉着金属框以速度v向右匀速移动。则（）A.当ab边刚进入III区域时

，通过ab的电流的大小为3BLvRB.当ab边刚进入III区域时，通过ab的电流的大小为6BLvRC.把金属框从I区域完全拉入III区域的过程中拉力所做的功为2322233BLvBLvsRR−D.把金属框从I区域完全拉入III区域的过程中拉力所做的功为2322236BLv

BLRRvs−【答案】AC【解析】【详解】AB．ab边刚进入III区域时，ab边、cd边都切割磁感线产生感应电动势且都为顺时针方向，大小都为BLv，所以感应电流为263BLvBLvIRR==故A正确，B错误；CD．在ab边穿过宽为s的II区域的过程中，

cd边受安培力为11226FLBRILBv==由于匀速运动，拉力大小等于安培力，所以拉力做功为21126BWFsLvsR==当ab边进入III区域、cd边未进入II区域的过程中，ab边、cd边都受安培

为222226FBBRILLv==匀速拉动外力应等于2F2，通过距离为()Ls−，故拉力做功为222222()(3)BLvRWFLsLs=−=−当cd边通过II区域的过程中，只有ab边受安培力，且31FF=，距离为s，拉力做功为23326BWFsLvsR==当线圈完全进入III区域

后，无感应电流，不受安培力，拉力为零，不做功，所以总功为2321322233BLvBLvsRWWWWR=+=−+故C正确，D错误。故选AC。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.在“探究影响感应电流方向的因素”实验中，已知当电流从灵敏电流计G左端流入时，指针向左偏转。将灵敏电

流计G与线圈L连接，线圈上导线绕法如图所示。（1）将磁铁N极向下从线圈L上方竖直插入L时，灵敏电流计G的指针将________偏转（选填“向左”、“向右”或“不”）。（2）当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，a点电势高于b点电势，则可判定磁铁A端是_______（选填

“N极”、“S极”或“N极、S极均可”）。【答案】①.向左②.S极【解析】【详解】（1）[1]将磁铁N极向下从线圈L上方竖直插入L时，L中磁通量向下增大，根据楞次定律可知L中产生的感应电流由a点流出、b点流入，由题意可知灵敏电流计G的指针将向左偏转。（2）[2]为了使a点电势高于b点电势，应

使L中产生的感应电流由a点流出、b点流入，根据楞次定律可知L中磁通量应向下增大或向上减小，当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，L中磁通量一定减小，由此可判定磁铁A端是S极。12.某同学利用白炽灯为光源，做“双缝干涉测光的波长”的实验，实验装置如图所示：（1）下列关于实验装置图

中a、b、c装置名称的说法正确的是___________。A．a是单缝，b是滤光片，c是双缝B．a是单缝，b是双缝、c是滤光片C．a是滤光片，b是单缝，c是双缝D．a是滤光片，b是双缝，c是单缝（2）在某次实验中，已知双缝到光屏之间的距离是600mm，双缝之间的距离是0.20mm，某同

学在用测量头测量时，先将测量头目镜中看到的分划板中心刻线对准某条亮纹（记作第1条）的中心，这时手轮上的示数如图甲所示。然后他转动测量头，使分划板中心刻线对准第6条亮纹中心，这时手轮上的示数如图乙所示。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光波长为___________m。（结果保留

2位有效数字）（3）如果测量头中的分划板中心刻线与干涉条纹不在同一方向上，如图丙所示，在这种情况下测出干涉条纹的间距x，则波长的测量值___________（填“大于”“小于”或“等于”）实际值。【答案】①.

C②.76.810−③.大于【解析】【详解】（1）[1]按实验要求装置依次为a是滤光片，b是单缝，c是双缝；（2）[2]图乙的示数为10.300mm，图甲的示数为0.140mm，根据题意可知，亮纹间距3310.3000.14010m2.0310m61x−−

−=−根据Lxd=可得33732.03100.210m6.810m60010xdL−−−−==（3）[3]条纹与分划板中心刻线不平行时，实际值cosxx=测实为条纹与分划板中心竖直刻线间的夹角，故

xx测实由Lxd=可知测量值大于实际值。13.如图所示是一个透明光学元件的截面图，右侧边界是半径53cmR=的半圆弧，A、B间距15cmL=。一束单色光由空气从左边界中点P与中轴线成60角射入元件，经一次折射到达边界的位置为B点，求：（1）该元

件的折射率；（2）光束从入射至离开光学元件所用的时间（光在空气中的传播速度8310m/sc=）。【答案】（1）3；（2）93.510s−【解析】详解】（1）由几何关系知3tan3RL==可得30=该元件的折射率sin603sin30n=

=（2）由133sin32Cn==可知全反射临界角60C所以光束在B点会发生全反射光束在光学元件的的光路图如图所示【2sin30RPBR==由几何关系可知光束在元件中的路程7sPBBMMNNQQPR=++++=光束在元件中的传播速度8310m/scvn==

光束从入射至离开光学元件所用的时间93.510sstv−==14.如图所示，边长为L的正方形ABCD边界内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，E为AD上一点，33EDL=。完全相同的两个带电粒子a、b以不同速度分别从A、E两点平行AB向右射入磁场，且均从C点射出磁场。已知a粒子在磁场中

运动的时间为t，不计粒子的重力和相互作用，则b粒子在磁场中运动的时间为多少？【答案】23t【解析】【详解】根据题意可知粒子做圆周运动的轨迹如图所示由图可知a粒子运动轨迹所对的圆心角为90a=根据几何知识有222223()3RLLR−+=得b粒子的轨道半径2233RL=3

sin2233bLL==所以b粒子运动轨迹所对的圆心角为60b=根据2mTqB=360tT=所以23bbaatt==b粒子在磁场中运动的时间为2233battt==15.如图所示，足够长的平

行金属导轨倾斜地固定在水平面上，倾角为37=，两导轨之间的间距为0.5mL=，导轨的上端与阻值为R=0.8Ω的定值电阻连接，虚线ab的下侧存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B=1T。现将一质量为m=0.5kg的导体

棒PQ由ab右于侧x=2m处垂直导轨静止释放，导体棒与导轨之间的动摩擦因数为0.25=，已知导体棒的电阻值为r=0.2Ω，整个过程中导体棒始终与导轨保持垂直且接触良好，忽略导轨的电阻，重力加速度取210m/s=g，sin370.6=，cos370.8=，求：（1）导体棒由释放到运动到ab

所需的时间；（2）导体棒稳定下滑时的速度大小；（3）若从释放到导体棒的速度为v=5m/s时，流过定值电阻的电荷量为q=2.0C，则该过程中定值电阻上产生的焦耳热。【答案】（1）1st=；（2）m8m/sv=；（3）4.6J【解析】详解】（1）对导体棒由牛顿第二定律有sin3

7cos37mgmgma−=解得24m/sa=又由运动学公式得212xat=解得1st=（2）由法拉第电磁感应定律得，导体棒上产生的感应电动势0EBLv=又由欧姆定律得EIRr=+导体棒所受的安培力为FBIL=，沿斜面向上；导

体棒稳定下滑时，导体棒受平衡力的作用，则有22sin37cos37mBLvmgmgRr=++解得m8m/sv=（3）导体棒刚到达虚线ab的速度为04m/svat==设导体棒进入磁场后下滑距离为s时速度为5m/s

。由法拉第电磁感应定律得【BLsEtt==由欧姆定律得()EBLsIRrRrt==++又qIt=整理得BLsqRr=+解得()4mqRrsBL+==由能量守恒定律得22011sin37cos3722mgsmgsQmvmv=+−+解得5.75JQ=

定值电阻上产生的焦耳热为R4.6JRQQRr==+获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com