【文档说明】广东省汕头市金山中学2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题【精准解析】.doc，共(15)页，776.500 KB，由小赞的店铺上传

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2019—2020学年第一学期高一物理期末考试题一、单项选择题：（6小题，每题4分，共24分）1.图示为一质点做直线运动的v﹣t图象，据此图象得到的结论是（）A.质点在第1秒末改变运动方向B.质点在第1秒末加速度改变方向

C.质点在第2秒运动方向与第1秒相反D.质点在前2秒内的位移为零【答案】B【解析】【详解】AC.前2s内质点的速度图象都在时间轴的上方，一直沿正方向运动，运动方向没有改变，故A错误，C错误；B.质点在第一秒内做加速运动，加速度为

正；第二秒内做减速运动，加速度为负，质点在第1秒末加速度改变方向，故B正确；D.v﹣t图象与坐标轴所围面积等于位移大小，则质点在前2s内的位移不为零，故D错误。故选：B2.如图所示，屋檐上水滴下落的过程可以近似地看做

是自由落体运动。假定水滴从5m高的屋檐上无初速滴落，水滴下落到地面时的速度大约（）A.6m/sB.8m/sC.10m/sD.12m/s【答案】C【解析】【详解】由自由落体运动的速度位移关系v2=2gh得，22105m/s10m/svgh。A.6m/s。与结论不符，故A错误；B

.8m/s。与结论不符，故B错误；C.10m/s。与结论相符，故C正确；D.12m/s。与结论不符，故D错误。故选：C3.如图所示，一人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀减速运动，以下说法正确的（）A.人受到重力和支持力的作用B.人受到重力、支持力

和向右的摩擦力的作用C.人处于超重状态D.人受到的支持力小于踏板受到的压力【答案】B【解析】【详解】AB.设人的加速度大小为a，人的加速度斜向下，将加速度分解到水平和竖直方向得：水平方向向右：ax=acosθ；竖直方向向下，ay=asinθ，水平方向受静摩擦力作用，

f=max=macosθ，方向水平向右，故人受到重力、支持力和静摩擦力三个力作用。故A错误，B正确；C.由于人有竖直向下的分加速度，所以人处于失重状态，故C错误；D.由牛顿第三定律可知，人受到的支持力和踏板受到的压力是作用力与反作用力，大小相等，故D错误。

故选：B4.一物体从高x处做自由落体运动，经时间t到达地面，落地速度为v，那么当物体下落时间为3t时，物体的速度和距地面的高度分别是（）A.3v，9xB.9v，9xC.3v，89xD.9v，33x【答案】C【解

析】【详解】根据v=gt，可知在3t和t末的速度比为1:3，所以3t末的速度为3v；根据公式212hgt，可知在3t和t内的位移比为1:9，所以3t内的位移为9x，此时距离地面的高度为89x。A.3v，9x。与结论不符，故A错误；B.9v，9x。与结论不符，故B错误；C.3v，89

x。与结论不符，故C正确；D.9v，33x。与结论不符，故D错误。故选：C5.下列说法中，正确的是（）A.物体在一条直线上运动，如果在相等的时间里变化的位移相等，则物体的运动就是匀变速直线运动B.加速度大小不变的运动就是匀变速直线运动C.匀变速直线运动是加速度不变的运动D.加速度方

向不变的运动一定是匀变速直线运动【答案】C【解析】【详解】A．物体在一条直线上运动，若在相等的时间内通过的位移相等，则物体的运动可能是匀速直线运动，故A与题意不符；B．加速度大小不变的运动不一定是匀变速直线运动，如平抛运动，故B与题意不符；CD．加速度不变的直线运动就是匀变速直线运动，

不仅仅是加速度大小不变，方向也要不变，故C与题意相符，D与题意不符．6.A、B两球质量相同，静止在倾角为30°的光滑斜面上。两球之间接有轻弹簧。A球与挡板接触，B球通过细线与斜面顶端相连，弹簧处于压缩状态，系统处于静止状态。若重力加速度为g，则撤

去挡板瞬间（）A.细线一定存在拉力B.细线拉力一定变大C.A球向下的加速度等于0.5gD.A球向下的加速度大于0.5g【答案】D【解析】【详解】AB.撤去挡板瞬间，弹簧弹力不变，B的受力情况不变，仍处于平衡状态，则细线对B的拉力不变，故A错误，B

错误；CD.撤去挡板瞬间，弹簧弹力不变，挡板对A球的弹力消失，沿斜面方向，A球受重力向下的分力，弹簧向下的弹力，所以向下的加速度大于重力产生的加速度，0sin30mgma即：0sin300.5agg故C错误，D正确。故选

：D。二、双项选择题：（6小题，每题6分，共36分。选漏得3分，多选、错选和不选得0分）7.从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示。在0~t0时间内，下列说法中正确的（）A.Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小B.Ⅰ物体所受的合外

力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小C.Ⅰ、Ⅱ两个物体位移都在不断增大D.Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都等于122vv【答案】AC【解析】【详解】AB.速度时间图象上某点切线的斜率表示该时刻的加速度，故Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小，根据牛顿第二定律，两个物体所受的合外力都

在不断减小，故A正确，B错误；C.速度图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，两个物体运动方向都没有改变，位移都在不断增大，故C正确；D.如果物体的速度从v2均匀减小到v1，或从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形

的面积，平均速度就等于122vv，如图所示，由于Ⅰ物体的位移大于匀加速的位移，Ⅱ物体的位移小于匀减速的位移，所以Ⅰ的平均速度大于122vv，Ⅱ的平均速度小于122vv，故D错误。故选：AC8.在升降机里，一个小球系于弹簧下端，如图所示

，升降机静止时，弹簧伸长4cm，升降机运动时，弹簧伸长2cm，则升降机运动情况可能是（）A.以1m/s2的加速度加速下降B.以4.9m/s2的加速度减速上升C.以1m/s2的加速度加速上升D.以4.9m/s2的加速度

加速下降【答案】BD【解析】【详解】升降机静止时，弹簧伸长4cm，则1kxmg；当升降机运动时弹簧伸长2cm，则2mgkxma；联立解得：24.9/ams，方向竖直向下．升降机可能是加速下降，也可能是减速上升

．故BD两项正确，AC两项错误．9.如图所示，重力为mg的球用轻绳悬挂在光滑竖直墙上，绳与墙夹角为α，绳中张力为T，则球对墙的压力大小为（）A.mgtanαB.TcosαC.mgsinαD.Tsinα【答案】AD【解析】【详解】对小球

受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：cosmgTtansinNmgT根据牛顿第三定律，球对墙壁的压力为mgtanα或Tsinα；A.mgtanα。与结论相符，故A正确；B.Tcosα。与结论不符

，故B错误；C.mgsinα。与结论不符，故C错误；D.Tsinα。与结论相符，故D正确；故选：AD10.两个共点力的合力为F，如果两个共点力之间的夹角θ固定不变，而其中一个力增大，则（）A.合力F一定增大B.合力F的大小可能不变C.若θ=90°，合力F一定增大D.若0°＜θ＜90°，合

力F可能减小【答案】BC【解析】【详解】AB.当两个力同向，一个力增大，则合力一定增大；当两个力反向，一个力增大，则合力可能减小，可能增大，可能不变。故A错误，B正确；C.若θ=90°，合力2212FFF，一个力增大，合力一定增大，故C正确；D.当0∘<θ<90∘，一个力增大，则合力一定增

大。故D错误。故选：BC.11.如图所示，中国三一重工的一台62m长的泵车，参与某次消防救火冷却作业，对泵车在水平路面上以加速度a做匀加速运动的过程，下列分析正确的（）A.泵车受到的重力和泵车对地面的压力是一对平衡力B.轮胎上凹凸不平的花纹

是为了增加车与地面间的摩擦力C.开车时要求系安全带是为了减小司机的惯性D.若泵车发动机的牵引力增为原来的2倍时，泵车的加速度将大于2a【答案】BD【解析】【详解】A.泵车受到的重力和地面对泵车的支持力是一对平衡力，故A错误；B.轮胎上凹

凸不平的花纹是通过增大接触面的粗糙程度的方法来增大摩擦；故B正确；C.开车时要求系安全带是为了减小惯性带来的危害，惯性的大小不会变化，因为惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变；故C错误；D.当牵引力为F时，有：F−f=ma，当牵引力为2F时，有：2F−f=ma′，所以加速度大于2

a，故D正确。故选：BD12.如图所示，A、B两物体的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为12μ。最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现对A施加一水平拉力F，则（）A.当F<2μmg时，A、B都相对地面静止

B.当F＝52μmg时，A的加速度为13μgC.当F>3μmg时，A、B发生相对运动D.若B与地面间的动摩擦因数为μ，则不管F多大B都不能运动【答案】BCD【解析】【详解】A.A、B之间的最大静摩擦力为：fA=μmAg=2μmg，B与

地面间的最大静摩擦力为：f′B=12μ(mA+mB)g=32μmg，对A、B，当F<32μmg时，A、B都相对地面静止，故A错误；C.当A、B间刚好发生滑动时，A、B之间的摩擦力达到最大静摩擦力，对B：ABffma则A、B间刚好发生滑动时，加速度相等

为：a=12μg，对A、B，有：F−fB=（mA+mB）a，得：F=3μmg，当F>3μmg时，A相对B滑动，故C正确；B.当F=52μmg时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，有：F−32mg=3

ma，解得a=13μg，故B正确；D.若B与地面间的动摩擦因数为μ，B与地面间的最大静摩擦力为3μmg，A、B之间的最大静摩擦力为2μmg，则不管F多大B都不能运动，故D正确。故选：BCD三、实验题：（1小题,共12分）13.（1）在“

两个共点力的合成”实验中，某同学做作出如图所示的图，其中A为橡皮条上端的固定点，O为橡皮条与细绳的结点，图中___________是合力的理论值，需要进行比较的是F与F的大小和方向，通过本实验，可以得出结论：__________

_（2）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的总质量用M表示，盘及盘中砝码的总质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打出的点进行计算。1）以下实验操作正确的（）A．平衡摩擦力时，应将装有砝码的小盘用细绳通过定滑轮系在小车上B．

平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，先放开小车，后接通电源2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持质量m一定，改变质量M，测出相应的加速度a并记录每次实验的数

据，若采用图象法处理数据，应该做的图象________。3）如图(a)为甲同学根据测量数据做出的a－F图线，此甲同学需要采取的做法是：________4）乙、丙同学用同一装置采用控制变量法做实验，画出了各自得到的a－F图线，

如图(b)所示，其中________（填“乙”或“丙”）同学实验时使用的M比较大。【答案】(1).F大小（长度）(2).在误差允许的范围内，两个分力的合力满足平行四边形定则(3).BC(4).1aM(5).减小长木板的倾角，使小车在不挂沙桶的情况下匀速下滑(6).丙【解

析】【详解】（1）[1]F是根据平行四边形法则合成的，是合理的理论值；[2]由图可知，F与F的基本重合，在误差允许的范围内，两个分力的合力满足平行四边形定则；（2）1）[3]A．平衡摩擦力时，使小车沿木板向下的分力等于小车受到的

阻力，所以不用挂装有砝码的小盘，故A错误；B．小车受到的阻力包括摩擦力和纸带受到的阻力，所以平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，故B正确；C．平衡摩擦力后，木板倾斜的角度与质量无关，每次改变小车的质量时，不需要重

新平衡摩擦力，故C正确；D．实验时，先接通电源，后放开小车，故D错误。故选：BC；2）[4]小车受到的拉力近似等于砝码及小盘的重力，根据牛顿第二定律：mgMa得：1amgM所以应作出1aM的图像；3）[5]由图可知，不挂

钩码时小车已经有加速度，说明平衡摩擦力过了，应减小长木板的倾角，使小车在不挂沙桶的情况下匀速下滑；4）[6]根据FMa，得：1aFM所以a-F图像的斜率是小车质量的倒数，由图可知，丙的质量较大。四、计算题：（2小题，共28分）14

.如图所示，质量为mB＝10kg的矩形木板B放在水平地面上，质量为mA＝20kg的木箱A放在木板B上。一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，轻绳与水平方向的夹角为θ＝37°。已知木板B与地面间的动摩擦因数μ2＝0.3。现用水平向右的力F使木板B从木箱A下面匀速运动，此时

细绳拉力T=100N。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g取10m/s2，求：（1）地面的支持力N和拉力F的大小；（2）A与木板B间的动摩擦因数μ1。【答案】（1）160N（2）47【解析】【详解】（1）对整体受力分析如图所示：根据平衡条

件，竖直方向：sinabNTmgmg水平方向：2cosTNF联立解得：240N,160NNF（2）对a分析如图所示：根据平衡条件，竖直方向：absinaNTmg水平方向：1abcosTN联立解得：14715.某运动员做跳伞训练

，他从悬停在空中的直升机上由静止跳下，跳离一段时间后打开降落伞，打开降落伞后的速度图线如图a。降落伞有8根对称的绳拉着运动员，每根绳与中轴竖直线的夹角均为α＝37°，如图b。已知人的质量为60kg，降落伞质量为40kg，不计人所受的空气阻力，伞打开后所受阻力f与速率v成正比，即f＝kv。取g=1

0m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：（1）打开降落伞前人下落的距离为多大？（2）求阻力系数k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？（3）每根绳所承受的拉力最大值为多少？【答案】（1）20m；（2）200N·s/m；30

m/s2，方向竖直向上；（3）375N【解析】【详解】（1）打开降落伞前做自由落体运动，由图可知，打开降落伞时速度为20m/s，根据速度位移关系：2002vgh得：220020m20m2210vhg；（2）降落伞打开后，最终做匀速直线运动，则0()k

vmmg，将v＝5m/s代入得：k＝200N·s/m打开伞的瞬间，对整体：000()()kvmmgmma，得：2000()30m/s()kvmmgamm，方向竖直向上；（3）打开降落伞时绳承受的拉力最大，设最大拉力为T

，以运动员为研究对象有：8cosTmgma，得：0()375N8cos37mgaT每根悬绳承受的最大拉力至少为375N。