【文档说明】广西百色市2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题答案及评分标准.pdf，共(4)页，547.744 KB，由小赞的店铺上传

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1/42019年百色市普通高中秋季学期期末考试参考答案及评分标准高一物理1．D解析：A、D、当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，所以“辽宁舰”航母在某些情况下是可以看成质点的，如研究“辽宁舰”航母在大海中运动轨迹时，航母可

以看成质点，故A错误，D正确。B、正在甲板上手势指挥的调度员的动作不能忽略，不能看成质点，故B错误。C、研究战斗机的空中翻滚动作时，不可以看做质点，否则没有动作了，故C错误；故选D2．C解析：位移和速度是矢量，而时间是标量，故A错误。B、速

度和加速度是矢量，而质量是标量。故B错误。C、力和位移、速度都是矢量，故C正确。D、力和位移都是矢量，路程是标量，故D错误。故选C。3．B解析：A、当加速度方向与速度方向相反，加速度越来越大，速度越来越小；A正确.B、速度随时间均匀增大，表示物体的加速度不变；B错误.C、速度方向向东，说

明向东运动，但加速度的方向可能向西；C正确.D、当加速度方向与速度方向相同时，速度增大，但加速度大小可以减小；D正确.4．C【解析】解：设物体的加速度为a。由速度位移关系公式得：v2=2aL（2v）2=2ax解得：x=L41．故C正确，ABD错误。故选：C。5．B【解析

】A.根据x-t图象的斜率表示速度，知在t1时刻，甲车的速度比乙车的大，故A错误；B.从同地同时出发后，在t1时刻两车到达同一位置而相遇，故B正确；C.在0～t1内，两车的位移相等，时间也相等，则平均速度相等，故C错误；D.在t1时刻以前，甲车速度先比乙车的速度小，后比乙车的速度大，故D错误。6．

C【解析】A、小球处于静止状态，重力和绳的弹力平衡，斜面与球之间不可能产生弹力，否则小球不可能平衡，故A图中球只受一个弹力作用，故A错误；B图中物体A只受重力和支持力，支持力是弹力，即只有一个弹力，故B错误；C图中

小球受到绳子拉力、重力、斜面的支持力三力作用下处于平衡状态，因此小球受两个弹力作用，故C正确；D、图中竖直面对小球没有弹力作用，否则小球不可能处于平衡状态，故D错误7．B解析：根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为：F=kx=10×0.1N=1N．故A答案错误分析A球的受力情况，如图

所示，根据平衡条件得：Tcos60°=FN=G+Tsin60°解得：T=2N，N=（2+3）N，即杆对B球支持力为（2+3）N，2/4根据牛顿第三定律小球A对杆的压力为（2+3）N对C球：2Tsin60°=GC，解得：C球重力GC=23N．故D错误B正

确C错误；8．A9．ABD解析：A、前3s内的路程为：5+5+4+1＝15m；故A错误；B、4﹣5s内仍然运动，所以5s内的路程最大；故B错误；CD、第1s内的位移为5m，第2s内的位移为﹣4﹣5＝﹣9m；故大小为9m，第3s内的位移为1m，第4s内的位移为﹣3m，第5s内的位移为2﹣（﹣

6）＝8m；可知第2s内的位移大小最大。故C正确，D错误；故选：ABD。10．BC【解析】根据滑动摩擦力的计算公式可知：滑动摩擦力的大小与正压力成正比，可以与物体重力无关，A不符合题意；由平衡条件可知，静摩擦力跟平行于接触面的外力大小有关

，B符合题意；物体间的压力增大时，静摩擦力有可能不变，比如：被压在竖直面的物体，C符合题意；摩擦力的方向总是与相对运动方向相反，起阻碍物体相对运动的作用，D不符合题意；故答案为：BC11．BD12．BC13．C；乙【解析

】解：（1）为了控制两次拉橡皮条的过程中力的作用效果要相同需要两次橡皮条的一端拉到同一位置，故C正确；（2）用一个弹簧测力计拉橡皮条时，拉力的方向沿一定绳子方向，如图乙中的竖直方向，根据力的平行四边形定则作出的合力，由于

误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，故乙同学的符合实验事实．14．（1）4；（2）10【解析】(1)x0为乙图中F＝0时的x值，即x0＝4cm,(2)测力计示数F＝3.0N，由乙

图知弹簧长度x＝10cm.15．D（1分）C（1分）A（1分）B（1分）0.60（2分）【解析】(1)假设木板倾角为θ，则有f=mgsinθ=μmgcosθ，m约掉了，所以当改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故A错误；实验中应先接通电源后

释放小车，故B错误；为保证绳子的拉力近似地等于砝码及砝码盘的重力，小车的质量应远大于砝码及砝码盘的重力，故C错误；根据F=ma，可得Fam，可知当F一定时，a与1m成正比，所以应作1Aam图象．故D正确。(2)A中当F=0时，a≠0，也就是说当绳子上没

有拉力时小车就有加速度，这是平衡摩擦力时木板倾角θ太大，即平衡摩擦力过度引起的；C中发现直线没过原点，当F≠0时，a=0，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；设小车加速度为

a，对小车：F=Ma，对砝码和砝码盘：F-mg=ma，联立解得：mgamM所以砝码和砝码盘的质量m远小于小车的质量M时，当m逐渐变大时，a逐渐变小，故图象出现弯曲．所以原因是：没有满足小车质量远大于砝码和砝码盘的

总质量（或A的质量远大于B的质量）．(3)每两点之间还有4个点没有标出，所以每两点之间的时间间隔是T=0.1s，根据逐差3/4法可得小车的加速度大小为：423212()(0.60m/s)4ssssaT16．解：小球所受重

力mg产生了两个作用效果；对斜面产生了压力和对水平绳产生了拉力．如图，由三角形知识得F1＝mgcosθ（4分）F2＝mgtanθ（4分）答案：mgcosθmgtanθ17．解（1）设m2运动至C点的时间为t

，根据自由落体运动的位移与时间的公式，有：212hgt............（1分）解得：t＝2s...................（1分）(2)木块m1在斜面上运动到B点速度：12221m/s2m/sBvaL.

........（1分）m1运动到B点的时间：12s=1s2Bvta则m1在BC段运动的时间为：t2＝t﹣t1＝2﹣1＝1s...........（1分）由位移公式得：2221212BLvtat...........（1分）解得：a＝﹣1.6m/s2.......

.......................（1分）加速度的大小为1.6m/s2（3）由222BCvvLt...................（1分）解得C点相遇时木块速度为：vC＝0.4m/s...........（1分）18．解：（1）

在14s-18s内小车在水平方向上只受到阻力作用，由图象可得，2233303/0.75/1814vamsmst..........（2分）小车受到阻力大小：f=m=0.75N..........（2分）在0-2s内小车在水平方向上受到

牵引力和阻力作用，由图象可得2211110/0.5/20vamsmst-..........（1分）由F–f=ma1得，电动机提供的牵引力大小F=ma1+f=1.25N..........（1分）4/4即小车所受到的阻力大小为0.75N，0～2s时间内电动

机提供的牵引力大小为1.25N。（2）在10s-14s内小车做匀速运动：2223/412Svtmssm..........（1分）在14s-18s内小车做匀减速直线运动：2333304622vvStmm..........（1分）在10s-18s内

小车的平均速度2323126/2.25/44SSvmsmstt..........（2分）19．(1)22/ams(2)8/Bvms(3)3.2xm解：（1）在水平面上，根据牛顿第二定律可知：Fmgma（2分）解得：22/ams（1分）（2）有M到B，根据速

度位移公式可知：22BvaL（2分）解得：8/Bvms（1分）（3）在斜面上，根据牛顿第二定律可知：1sincosmgmgma（2分）解得：2110/ams（1分）根据速度位移公式可知：212()0Bvax（或者212Bv

ax）（2分）解得：3.2xm（1分）