【文档说明】湖南省2025届高三上学期阶段检测联合考试物理试卷 Word版含解析.docx，共(17)页，856.931 KB，由小赞的店铺上传

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湖南省高三年级阶段检测联合考试物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标

号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版必修第一、二册。一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.四个物体位移时间图像如图所示，其中

表示物体做匀速直线运动的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】AB．位移-时间图线的斜率表示速度，根据题中图像可知，选项A中物体做匀速运动，选项B中物体处于静止状态，故A正确，B错误；CD．选项C的斜率逐渐增大，物体做加速运动，选项D

的斜率逐渐减小，物体做减速运动，故CD错误。故选A。2.如图所示，一硬币（可视为质点）置于水平圆盘上，硬币与竖直转轴OO的距离为r，已知硬币与圆盘之间的动摩擦因数为，若硬币与圆盘一起绕OO轴匀速转动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，则硬币的最大速度为（）的

A.grB.2grC.2grD.2gr【答案】A【解析】【详解】当硬币的速度达到最大时，提供向心力的静摩擦力达到最大，则有2vmgmr=解得最大速度为vgr=故选A。3.如图所示，不可伸长的刚性连杆AB、OA可绕图中

A、B、O三处的转轴转动，OA杆长为L，小球A以速度0v沿逆时针方向做匀速圆周运动时，滑块B沿直线做往复运动，当连杆AB与水平方向的夹角为，AB杆与OA杆的夹角为时，滑块B的速度大小为（）A.0sincosv

B.0cossinvC.0cossinvD.0sincosv【答案】D【解析】【详解】如图所示小球A和滑块B沿杆方向的分速度相等，则有0coscosvv=其中coscos(90)sin=−

=解得滑块B的速度大小为0sincosvv=故选D。4.如图甲所示，用一水平恒力F拉水平桌面上的木块，木块在水平桌面上做匀速直线运动；若将此力改为方向与水平方向成角斜向上拉木块（F大小不变），如图乙所示，木块仍在水平桌面上做匀速直线运动，则木块与桌面间的动摩擦因数为（）A.tanB.1

tanC.tan2D.1tan2【答案】C【解析】详解】对于图甲，根据受力平衡可得Ffmg==对于图乙，根据受力平衡可得cos(sin)FfmgF==−联立解得tan2=故选C。5.如图所示，质量为M的均质细绳端点与水平

天花板连接，在绳子中央挂了一物体P，使得细绳中点的切线方向和端点的切线方向与竖直方向的夹角分别为，，则物体P的质量为（）【A.tantantanM−B.tantantantanM−C.22coscoscosM−D.22sinsinsinM−【答案】A【解析】【详解

】设细绳中点处的张力大小为1T，细绳端点处的张力大小为2T，则有1cos2mgT=()2cos2MmgT+=12sinsinTT=解得tantantanMm=−故选A。6.质量为m、长为L的均质软绳一部分平直

放在足够高的桌面上，一部分自然下垂，恰好能保持平衡，由于微小晃动，软绳由静止开始滑下。已知软绳与桌面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，桌面边缘处光滑，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.起初下垂部分的软绳长度为1L+B.起初放在桌面上的软绳长度为1L+C.软绳与桌面间的

最大摩擦力为21mg+D.软绳刚离开桌面时的速度大小为1gL+【答案】D【解析】【详解】AB．设软绳下垂部分的长度为x，其质量为xmL，有xLxmgmgLL−=解得1Lx=+起初放在桌面上的软绳长度为1LLx−=+故AB错误；C．软绳与桌面间的最大静摩擦力为max11Lmgf

mgL+==+故C错误；D．设软绳离开桌面时的速度大小为v，根据动能定理有()2f121112LLmgWmv+−=+++其中()f221mgLW=+联立解得1gLv=+故D正确。故选D。二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全都选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.某人在地面上用电子秤称得其质量为50kg，他将电子秤移至电梯内，站在电子秤上启动电梯并开始计时，0~4s内，电子秤的示数如图所示，取重力加速度大小210m/sg=，

关于此过程，下列说法正确的是（）A.电梯始终向下运动B.电梯可能向上运动C.人的最大速度为2m/sD.电梯运动的距离为3m【答案】AD【解析】【详解】AB．启动电梯并开始计时，由题图可知，0~1s内，人处于

失重状态，有向下的加速度，电梯向下加速运动；1~3s内，人处于匀速运动状态，电梯向下匀速运动；3~4s内，人处于超重状态，有向上的加速度，电梯向下减速运动；综上可知，电梯始终向下运动，故A正确，B错误；C

．0~1s内，根据牛顿第二定律可得11mgNma−=解得211m/sa=在1st=时，人的速度大小为1111m/svat==可知人的最大速度为1m/s，故C错误；D．根据对称性可知，电梯向下加速和向下减速运动的距离相等，均为2131110.5m2x

xat===电梯向下匀速运动的距离为2122mxvt==则电梯向下运动的距离为1233mxxxx=++=故D正确。故选AD。8.天文学家最新发现的开普勒22b行星的直径约为地球直径的2.4倍，平均气温为20多摄氏度，是可能存在外星生命的星球之一。已知地球表面的重力加速度大小为g，

开普勒22b行星表面的重力加速度大小为g，地球及开普勒22b行星均可看作均质球体，忽略地球及开普勒22b行星的自转，下列说法正确的是（）A.开普勒22b行星与地球的第一宇宙速度之比为2.4:1ggB.开普勒22b行星与地球的近地卫星的周期之比为2.4:1ggC.开普勒22b行星与地球

的质量之比为2.4:1ggD.开普勒22b行星与地球的密度之比为:12.4gg【答案】ABD【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力有22MmvGmRR=解得vgR=所以开普勒22b行星与地球的第一宇宙速度之比为2.4:1gg，故A正确

；B．根据2RTv=结合A选项分析可知开普勒22b行星与地球的近地卫星的周期之比为2.4:1gg，故B正确；C．根据2MmGmgR=可得GgRM2=可得开普勒22b行星与地球的质量之比为22.4:1gg，故C错误

；D．根据球体体积公式343VR=可得开普勒22b行星与地球的体积之比为32.4:1，密度mV=，结合C选项分析可知开普勒22b行星与地球的密度之比为:12.4gg，故D正确。故选ABD。9.一辆玩具赛车在水平直跑道上由静止开始

恒功率启动，赛车速度倒数1v和加速度a的关系如图所示，已知赛车在跑道上运动时受到的阻力大小恒为20N，赛车从起点到终点所用的时间为8s，赛车到达终点前已达到最大速度，下列说法正确的是（）A.赛车的最大速度为8m/s

B.赛车的功率为200WC.赛车的质量为20kgD.跑道上起点到终点的距离为55m【答案】BD【解析】【详解】A．根据题图可知,赛车的最大速度为10m/s，故A错误；的BC．赛车做加速度不断减小的加速运动，有PFv=

，Ffma−=解得1mafvPP=+结合图像0.50.18mP−=0.1fP=解得200WP=，10kgm=故B正确，C错误；D．根据动能定理有2max102Ptfxmv−=−解得55mx=故D正确。故选BD。10.小球A、B分别用长度为LA、LB（LA<LB）的两根轻质细绳悬挂在同一水平天花

板上，平衡时小球A、B之间的轻质细绳恰好水平，如图所示。现烧断小球A、B之间的细绳，两小球在摆动过程中的最大动能分别记为EkA、EkB，两根细绳中的最大张力分别记为TA、TB，下列判断正确的是（）A.EkA<EkBB.EkA>EkBC.TA<T

BD.TA>TB【答案】AD【解析】【详解】AB．设平衡时连接小球的细绳与竖直方向的夹角为，小球距天花板的高度为h，连接小球的细绳中的张力为T，有k()coshEmgh=−，tanmgT=解得k11()sintanETh=−变形可得k(1cos)tansin2ThETh−

==显然kE在区间（0，2）上为增函数，图中12，故有kAkBEE，故A正确，B错误；CD．小球在最低点时细绳中的张力最大，根据牛顿第二定律可得2mmcosvTmgmh−=则有()()2m3cos2cos21coscos

tansinsinTTTT−−=+=对mT求导可得()223m2232cos1sin34cossin2cossinsinTTT−++−++==令()22cos1siny=+则()()(

)()222222232cos1sin1sin1284cos1sin1sin2[]9327y++++=++=因此mT恒小于0，细绳中的张力mT为减函数，故有ABTT，故C错误，D正确。故选AD。三、非选择题：共56分。11.如图甲所示，一轻弹簧一端固定

于深度0.5mh=的小筒中（没有外力作用时弹簧的另一端也位于筒内），实验只能测量出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长0l和弹簧的劲度系数k，实验小组的同学将小筒水平固定在桌面上，通过改变所挂钩码的个数来改变l，作出的Fl−图线为如图乙所示的直线，试回答下列问题：（1）弹簧的劲度系

数k=________N/m。（2）弹簧的原长0l=________m。（3）该实验说明________________________。【答案】（1）50（2）0.3（3）见解析【解析】【小问1详解】根据胡克定律可得0()Fklhl=+−可得0()Fklkhl=+−

可知弹簧的劲度系数为23010N/m50N/m4010Fkl−−===【小问2详解】根据胡克定律可得0()Fklhl=+−由题图可知，当0l=时，10NF=，代入可得0100.5mm0.3m50Flhk=−=

−=【小问3详解】该实验说明在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比。12.某同学欲测定滑块与长木板间的动摩擦因数。他将长木板左端垫高并固定，如图所示，在长木板上固定两个光电门，将带遮光条的滑块从木板上方某处由静止释放，滑块沿长

木板向下做加速运动，依次通过光电门1、2，记录遮光条通过光电门1、2的时间1t、2t，遮光条的宽度为d，光电门1、2间的距离为L，长木板的倾角为，重力加速度大小为g。回答下列问题：（1）遮光条通过光电门1

时的速度大小1v=________。（2）遮光条通过光电门2时的速度大小2=v________。（3）滑块在长木板上滑行时的加速度大小a=________。（4）滑块与长木板间的动摩擦因数=________。【答案】（1）1dt（2）2dt（3）22221()()11

2dLtt−（4）2222111to((an2cs))dgLtt−−【解析】【小问1详解】遮光条通过光电门1时的速度大小为11dvt=【小问2详解】遮光条通过光电门2时的速度大小为22dvt=小问3详解】【根据运动学公式

可得22212aLvv=−联立可得滑块在长木板上滑行时的加速度大小为222211()(12)daLtt=−【小问4详解】设滑块与遮光条的总质量为m，根据牛顿第二定律可得sincosmgmgma−=联立可得滑块与长木板间的动摩擦因数为2222111(tan2c)

os()dgLtt=−−13.在平直的公路上一辆汽车和一辆摩托车同向匀速行驶，汽车的速度大小120m/sv=，摩托车的速度大小210m/sv=。在两车并排时因前方出现交通事故而同时开始刹车，刹车过程中两车均做匀减速直线运动，最终又并排停在一起，已知汽车减速时的

加速度大小215m/sa=，求：（1）摩托车减速时的加速度大小2a；（2）此过程中两车头沿运动方向的最大距离d。【答案】（1）21.25m/s（2）40m3【解析】【小问1详解】设两车的减速距离为s，根据匀变速直线运动位

移速度公式可得21102vas−=−22202vas−=−解得摩托车减速时的加速度大小221.25m/sa=【小问2详解】两车的速度相等时，两车头沿运动方向的距离最大，设经过时间t两车的速度相等，则有1122vvatvat=−=−共解得8s3t=，

20m/s3v=共则此过程中两车头沿运动方向的最大距离为12122010840mm222233vvvvvvdttt++−−=−===共共14.如图所示，足够长的固定水平直杆上穿有一个质量0.2kgm=、直径略大于杆截面直径的小环，现让小环以06m/sv=

的初速度由A向B运动的同时，对小环施加一个竖直向下的恒力F（图中未画出），经1st=后，仅将力F反向而大小不变，经过同样的一段时间后，小环刚好静止。已知小环与直杆间的动摩擦因数0.2=，取重力加速度大小210m/sg=，求：（1）恒

力F的大小；（2）小环沿直杆运动的距离L。【答案】（1）3NF=（2）4mL=【解析】【小问1详解】若Fmg，则有()()0ΔΔmgFmgFttvmm+−+=则出现矛盾，即Fmg，有()()0ΔΔmgFFmgttvmm+−+=解得3NF=【小问2详解】设第1s内小环的加速度大

小为1a，第2s内小环的加速度大小为2a，有()1mgFam+=()2Fmgam−=()()2201211ΔΔΔ22Lvtatat=−+解得4mL=15.如图所示，轻质细绳一端固定在O点，另一端连接质量0.5

kgm=、可视为质点的小球，右下侧有一沿竖直方向固定的光滑轨道，其中MNP是半径5m6R=、圆心角为143=的圆弧轨道，PQ为半径可调的14圆轨道，将细绳拉至水平后由静止释放小球，小球到达O点正下方的A点时，细绳恰好

断裂，小球沿水平方向抛出，以5m/sMv=的速度由M点无碰撞地进入轨道，沿轨道运动到Q点水平飞出后不能落到MN上，不计一切阻力，取重力加速度大小210m/sg=，sin0.6=。求：（1）细绳的长度l；（2）14圆轨道PQ的半径r的取值范围；（3）在（2）中范围内，小球对轨道的最

大压力maxF。【答案】（1）0.45m（2）0.3m0.5mr（3）25N【解析】【小问1详解】设细绳断裂时小球的速度大小为Av，根据动能定理可得212Amglmv=以5m/sMv=的速度由M点无碰撞地进入轨道，则有cos(90)cos533m/

sAMMvvv=−==联立解得0.45ml=小问2详解】设小球经过Q点时的速度大小为Qv，且恰好能落到M点，则有2211cos(90)22QMmgrRmvmv−+−=−21cos(90)2rRgt+−=1sin(90)QtR

rv+−−=解得10.3mr=，20.5mr=当20.5mr=时，解得25m/sQvgr==分析可知，当0.5mr时，小球不能沿轨道运动到Q点；当0.3mr时，小球会落到MN上，所以14圆轨道PQ的半径r满足的

条件为0.3m0.5mr【小问3详解】小球对轨道压力的极值出现在N、P两点，设小球经过N点时的速度大小为Nv，小球经过P点时的速度大小为Pv，r越小，小球经过P点时对轨道的压力越大，有22111cos(90)22NMmgRmvm

v−−=−221122PNmgRmvmv−−=解得【95m/s3Nv=，15m/sPv=根据牛顿第二定律可得20.51525N0.3PPmvFr===2950.53N0.510N24N56NNFRmvmg=+=+=

比较可知max25NF=