【文档说明】湖南省2025届高三上学期阶段检测联合考试物理试卷 Word版含解析.docx，共(17)页，836.636 KB，由小赞的店铺上传

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湖南省高三年级阶段检测联合考试物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号

。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4.本试卷主要考试内容：人教版必修第一、二册。一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一

项是符合题目要求的。1.四个物体位移时间图像如图所示，其中表示物体做匀速直线运动的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】AB．位移-时间图线的斜率表示速度，根据题中图像可知，选项A中物体做匀速运动，选项B中物体处于静止状态，故A正确，B错误；CD．选项C的斜率逐渐增

大，物体做加速运动，选项D的斜率逐渐减小，物体做减速运动，故CD错误。故选A。2.如图所示，一硬币（可视为质点）置于水平圆盘上，硬币与竖直转轴OO的距离为r，已知硬币与圆盘之间的动摩擦因数为，若硬币与圆盘一起绕OO轴匀速转动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大

小为g，则硬币的最大速度为（）的A.grB.2grC.2grD.2gr【答案】A【解析】【详解】当硬币的速度达到最大时，提供向心力的静摩擦力达到最大，则有2vmgmr=解得最大速度为vgr=故选A。

3.如图所示，不可伸长的刚性连杆AB、OA可绕图中A、B、O三处的转轴转动，OA杆长为L，小球A以速度0v沿逆时针方向做匀速圆周运动时，滑块B沿直线做往复运动，当连杆AB与水平方向的夹角为，AB杆与OA杆的夹角为时，滑块B的速度大小为（）A.0sincosvB.0coss

invC.0cossinvD.0sincosv【答案】D【解析】【详解】如图所示小球A和滑块B沿杆方向的分速度相等，则有0coscosvv=其中coscos(90)sin=−=解得滑块B的速度大小为0sincosvv=故选D。4.如图甲所示，用一水平恒力F拉水平桌面

上的木块，木块在水平桌面上做匀速直线运动；若将此力改为方向与水平方向成角斜向上拉木块（F大小不变），如图乙所示，木块仍在水平桌面上做匀速直线运动，则木块与桌面间的动摩擦因数为（）A.tanB.1tanC.tan2D.1tan2【答案】C【解析】详解】

对于图甲，根据受力平衡可得Ffmg==对于图乙，根据受力平衡可得cos(sin)FfmgF==−联立解得tan2=故选C。5.如图所示，质量为M的均质细绳端点与水平天花板连接，在绳子中央挂了一物体P，使得细绳中点的切线方

向和端点的切线方向与竖直方向的夹角分别为，，则物体P的质量为（）【A.tantantanM−B.tantantantanM−C.22coscoscosM−D.22sinsinsinM−【答案】A【解析】【详解】设细绳中点处的张力大小为1T

，细绳端点处的张力大小为2T，则有1cos2mgT=()2cos2MmgT+=12sinsinTT=解得tantantanMm=−故选A。6.质量为m、长为L的均质软绳一部分平直放在足够高的

桌面上，一部分自然下垂，恰好能保持平衡，由于微小晃动，软绳由静止开始滑下。已知软绳与桌面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，桌面边缘处光滑，重力加速度大小为g，下列说法正确的是（）A.起初下垂部分的软绳长度为1L

+B.起初放在桌面上的软绳长度为1L+C.软绳与桌面间的最大摩擦力为21mg+D.软绳刚离开桌面时的速度大小为1gL+【答案】D【解析】【详解】AB．设软绳下垂部分的长度为x，其质量为xmL，有x

LxmgmgLL−=解得1Lx=+起初放在桌面上的软绳长度为1LLx−=+故AB错误；C．软绳与桌面间的最大静摩擦力为max11LmgfmgL+==+故C错误；D．设软绳离开桌面时的速度大小为v，根据动能定理有(

)2f121112LLmgWmv+−=+++其中()f221mgLW=+联立解得1gLv=+故D正确。故选D。二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全都选对的得5分，

选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.某人在地面上用电子秤称得其质量为50kg，他将电子秤移至电梯内，站在电子秤上启动电梯并开始计时，0~4s内，电子秤的示数如图所示，取重力加速度大小210m/sg=，关于此过程，下列说法正确的是（）A.电梯始终向下运动B.电梯可能向

上运动C.人的最大速度为2m/sD.电梯运动的距离为3m【答案】AD【解析】【详解】AB．启动电梯并开始计时，由题图可知，0~1s内，人处于失重状态，有向下的加速度，电梯向下加速运动；1~3s内，人处于匀速运动状态，电

梯向下匀速运动；3~4s内，人处于超重状态，有向上的加速度，电梯向下减速运动；综上可知，电梯始终向下运动，故A正确，B错误；C．0~1s内，根据牛顿第二定律可得11mgNma−=解得211m/sa=在1st=时，人的速度大小为1111m/svat==可知人的最大速度为1m

/s，故C错误；D．根据对称性可知，电梯向下加速和向下减速运动的距离相等，均为2131110.5m2xxat===电梯向下匀速运动的距离为2122mxvt==则电梯向下运动的距离为1233mxxxx=++=故D正确

。故选AD。8.天文学家最新发现的开普勒22b行星的直径约为地球直径的2.4倍，平均气温为20多摄氏度，是可能存在外星生命的星球之一。已知地球表面的重力加速度大小为g，开普勒22b行星表面的重力加速度大小为g，地球及开普勒22b行星均可看作均质球体，忽略地球及开普勒22b行星的自转

，下列说法正确的是（）A.开普勒22b行星与地球的第一宇宙速度之比为2.4:1ggB.开普勒22b行星与地球的近地卫星的周期之比为2.4:1ggC.开普勒22b行星与地球的质量之比为2.4:1ggD.开普勒22b行星与

地球的密度之比为:12.4gg【答案】ABD【解析】【详解】A．根据万有引力提供向心力有22MmvGmRR=解得vgR=所以开普勒22b行星与地球的第一宇宙速度之比为2.4:1gg，故A正确；B．根据2RTv=结合A选项分析可知开普勒22b行星与地球的

近地卫星的周期之比为2.4:1gg，故B正确；C．根据2MmGmgR=可得GgRM2=可得开普勒22b行星与地球的质量之比为22.4:1gg，故C错误；D．根据球体体积公式343VR=可得开普勒2

2b行星与地球的体积之比为32.4:1，密度mV=，结合C选项分析可知开普勒22b行星与地球的密度之比为:12.4gg，故D正确。故选ABD。9.一辆玩具赛车在水平直跑道上由静止开始恒功率启动，赛车速度倒数1v和加速度a的关系如图所示，

已知赛车在跑道上运动时受到的阻力大小恒为20N，赛车从起点到终点所用的时间为8s，赛车到达终点前已达到最大速度，下列说法正确的是（）A.赛车的最大速度为8m/sB.赛车的功率为200WC.赛车的质量为20kgD.跑道上起点

到终点的距离为55m【答案】BD【解析】【详解】A．根据题图可知,赛车的最大速度为10m/s，故A错误；的BC．赛车做加速度不断减小的加速运动，有PFv=，Ffma−=解得1mafvPP=+结合图像0.50.

18mP−=0.1fP=解得200WP=，10kgm=故B正确，C错误；D．根据动能定理有2max102Ptfxmv−=−解得55mx=故D正确。故选BD。10.小球A、B分别用长度为LA、LB（LA<LB）的两根轻质细绳悬挂在同一水平天花板上，平衡时小球A、B之间的轻

质细绳恰好水平，如图所示。现烧断小球A、B之间的细绳，两小球在摆动过程中的最大动能分别记为EkA、EkB，两根细绳中的最大张力分别记为TA、TB，下列判断正确的是（）A.EkA<EkBB.EkA>EkBC.TA<TBD.T

A>TB【答案】AD【解析】【详解】AB．设平衡时连接小球的细绳与竖直方向的夹角为，小球距天花板的高度为h，连接小球的细绳中的张力为T，有k()coshEmgh=−，tanmgT=解得k11()sintanETh=−变形可得k(1cos)t

ansin2ThETh−==显然kE在区间（0，2）上为增函数，图中12，故有kAkBEE，故A正确，B错误；CD．小球在最低点时细绳中的张力最大，根据牛顿第二定律可得2mmcosvTmgmh−=则有()()2m3cos2cos21c

oscostansinsinTTTT−−=+=对mT求导可得()223m2232cos1sin34cossin2cossinsinTTT−++−++==令()22cos1s

iny=+则()()()()222222232cos1sin1sin1284cos1sin1sin2[]9327y++++=++=因此mT恒小于0，细绳中的张力mT为减函数，故有ABTT，故C错误，D正确。故选AD。三、非选择题：共56分。11.如图

甲所示，一轻弹簧一端固定于深度0.5mh=的小筒中（没有外力作用时弹簧的另一端也位于筒内），实验只能测量出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长0l和弹簧的劲度系数k，实验小组的同学将小筒水平固定在桌面上，通过改变所挂钩码的个数来改变l，作

出的Fl−图线为如图乙所示的直线，试回答下列问题：（1）弹簧的劲度系数k=________N/m。（2）弹簧的原长0l=________m。（3）该实验说明________________________。【答案】（1）50（2）0.3（3）见解析【解析】【

小问1详解】根据胡克定律可得0()Fklhl=+−可得0()Fklkhl=+−可知弹簧的劲度系数为23010N/m50N/m4010Fkl−−===【小问2详解】根据胡克定律可得0()Fklhl=+−由题图可知，当0l=时，10NF=，代入可得0100.5mm0.3

m50Flhk=−=−=【小问3详解】该实验说明在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比。12.某同学欲测定滑块与长木板间的动摩擦因数。他将长木板左端垫高并固定，如图所示，在长木板上固定两个光电门，将带遮光条的滑块从

木板上方某处由静止释放，滑块沿长木板向下做加速运动，依次通过光电门1、2，记录遮光条通过光电门1、2的时间1t、2t，遮光条的宽度为d，光电门1、2间的距离为L，长木板的倾角为，重力加速度大小为g。回答下列问题：（1）遮光

条通过光电门1时的速度大小1v=________。（2）遮光条通过光电门2时的速度大小2=v________。（3）滑块在长木板上滑行时的加速度大小a=________。（4）滑块与长木板间的动摩擦因数=________。【答案】（1）1dt（

2）2dt（3）22221()()112dLtt−（4）2222111to((an2cs))dgLtt−−【解析】【小问1详解】遮光条通过光电门1时的速度大小为11dvt=

【小问2详解】遮光条通过光电门2时的速度大小为22dvt=小问3详解】【根据运动学公式可得22212aLvv=−联立可得滑块在长木板上滑行时的加速度大小为222211()(12)daLtt=−【小问4详解】设滑块与遮光条的总质量为m，根据牛顿

第二定律可得sincosmgmgma−=联立可得滑块与长木板间的动摩擦因数为2222111(tan2c)os()dgLtt=−−13.在平直的公路上一辆汽车和一辆摩托车同向匀速行驶，汽车的速度大小

120m/sv=，摩托车的速度大小210m/sv=。在两车并排时因前方出现交通事故而同时开始刹车，刹车过程中两车均做匀减速直线运动，最终又并排停在一起，已知汽车减速时的加速度大小215m/sa=，求：（1）摩托车减速时的加速度大小2a；（2）此过程中两车头沿运动方向的最大距

离d。【答案】（1）21.25m/s（2）40m3【解析】【小问1详解】设两车的减速距离为s，根据匀变速直线运动位移速度公式可得21102vas−=−22202vas−=−解得摩托车减速时的加速度大小221.25m/sa=【小问2详解】两车的速度相等时，两车头沿运动方向的距离最大，设

经过时间t两车的速度相等，则有1122vvatvat=−=−共解得8s3t=，20m/s3v=共则此过程中两车头沿运动方向的最大距离为12122010840mm222233vvvvvvdttt++−−=−===共共14.如图所示，足够长的固定水平直

杆上穿有一个质量0.2kgm=、直径略大于杆截面直径的小环，现让小环以06m/sv=的初速度由A向B运动的同时，对小环施加一个竖直向下的恒力F（图中未画出），经1st=后，仅将力F反向而大小不变，经过同样的一段时间后，小环刚好静止。已知小环与直杆间的动

摩擦因数0.2=，取重力加速度大小210m/sg=，求：（1）恒力F的大小；（2）小环沿直杆运动的距离L。【答案】（1）3NF=（2）4mL=【解析】【小问1详解】若Fmg，则有()()0ΔΔmgFmgFttvmm+−+=则出现矛盾，即Fmg，有()()0ΔΔmgF

Fmgttvmm+−+=解得3NF=【小问2详解】设第1s内小环的加速度大小为1a，第2s内小环的加速度大小为2a，有()1mgFam+=()2Fmgam−=()()2201211ΔΔΔ22Lvtatat=−+解得4mL=15.如图所示，轻质细绳一端固定在

O点，另一端连接质量0.5kgm=、可视为质点的小球，右下侧有一沿竖直方向固定的光滑轨道，其中MNP是半径5m6R=、圆心角为143=的圆弧轨道，PQ为半径可调的14圆轨道，将细绳拉至水平后由静止释放小球，小球到达O点正下方的A点时，细绳恰好断

裂，小球沿水平方向抛出，以5m/sMv=的速度由M点无碰撞地进入轨道，沿轨道运动到Q点水平飞出后不能落到MN上，不计一切阻力，取重力加速度大小210m/sg=，sin0.6=。求：（1）细绳的长度l；（2）14圆轨道

PQ的半径r的取值范围；（3）在（2）中范围内，小球对轨道的最大压力maxF。【答案】（1）0.45m（2）0.3m0.5mr（3）25N【解析】【小问1详解】设细绳断裂时小球的速度大小为Av，根据动能定理可得212Amglmv=以5m/sMv=的速度由M

点无碰撞地进入轨道，则有cos(90)cos533m/sAMMvvv=−==联立解得0.45ml=小问2详解】设小球经过Q点时的速度大小为Qv，且恰好能落到M点，则有2211cos(90)22QMmgrRmvmv−+−=−21cos(90)2rRgt+−=1sin(9

0)QtRrv+−−=解得10.3mr=，20.5mr=当20.5mr=时，解得25m/sQvgr==分析可知，当0.5mr时，小球不能沿轨道运动到Q点；当0.3mr时，小球会落到MN上，所以1

4圆轨道PQ的半径r满足的条件为0.3m0.5mr【小问3详解】小球对轨道压力的极值出现在N、P两点，设小球经过N点时的速度大小为Nv，小球经过P点时的速度大小为Pv，r越小，小球经过P点时对轨道的压力越大，有22111cos(90)22NMmgRmvmv

−−=−221122PNmgRmvmv−−=解得【95m/s3Nv=，15m/sPv=根据牛顿第二定律可得20.51525N0.3PPmvFr===2950.53N0.510N24N56NNFRmvmg=+=+=比

较可知max25NF=