【文档说明】湖北省荆州市沙市中学2024-2025学年高三上学期10月月考物理试题答案.docx，共(2)页，135.438 KB，由管理员店铺上传

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高三10月月考物理答案题号12345678910答案BCCCDDDBCDBCDBCD11．(1)AB(2)B(3)0.6（9mm，16.875mm）12．(1)B(2)0.7212.40(3)1.013．（1）0sin()vg−；（2）220sin2cosvg【详解

】（1）A为轨迹的最高点，说明运动员在A点速度方向水平向右，设O到A时间为1t，由斜抛运动规律，竖直方向上有01sin()vgt−=，得01sin()vtg−=（2）运动员从O到B过程，将运动分解为沿斜面向下方向

和垂直斜面向上方向，运动员到B点时速度平行于斜面向下，垂直斜面方向有10sinvv=，1cosag=B点与斜面之间的距离222011sin22cosvvlag==。14．（1）6J；（2）9J；（3）1.2m

【详解】（1）A与B碰撞时动量守恒000ABmvmvmv=−+解得B6m/sv=，损失的机械能222000AB1116J222Emvmvmv=−−=。（2）弹簧压缩到最短时弹簧的弹性势能最大，B、C

的速度相等，设此时速度为1v，由动量守恒可得B12mvmv=，解得13m/sv=，则弹簧的最大弹性势能为22pmB111E29J22mvmv=−=。（3）设C与弹簧分开时B、C速度分别为Bv和Cv，由动量守恒和能量守恒可

得BBCmvmvmv=+，222BBC111222mvmvmv=+。解得B0v=，6m/sCv=，以地面为零势能面，则滑块C的机械能为21C118J2Emv==，假设C上升高度为R时二者相对静止，C在竖直方向速度为0，则系统水平方向由动量守恒可得CD()mvM

mv=+，此时系统的机械能2D21()16J2EMmvmgR=+=+，因为12EE，所以滑块将冲出滑块D，设滑块能上升的最大高度为h，由机械能守恒定律有222CDD111222mvmghMvmv=++，解得1.2mh=。15

．(1)10.2st=(2)10v=，21.2m/sv=（方向沿斜面向下）(3)1.44mx=【详解】（1）设球和槽的质量为m，槽与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，为2cos0.6fmgmg==，槽所受重力沿斜面的分力1sin0.6G

mgmg==，因为1Gf=，所以槽受力平衡，释放后保持静止，释放后，球做匀加速运动，由1sinmgma=，可得216m/sa=，经时间1t球与槽的侧壁B发生第一次碰撞21112dat=，得10.2st=。（2）碰撞前球的速度为111

1.2m/svat==，球和槽发生碰撞前后，由动量守恒定律112mvmvmv=+，碰撞过程由机械能守恒定律222112111222mvmvmv=+，解得第一次碰撞后瞬间球的速度1v和槽的速度2v分别为10v=，21.2m/sv=（方向沿斜面向下）。（

3）A、B第一次碰撞后，B以B11.2m/sv=做匀速运动，A做初速度为0的匀加速运动，设经过时间1t，A的速度A2v与B的速度相等，A与B的左侧壁距离达到最大，即A211B1vatv==，解得10.20st=，设1t时间内A下滑的距离为x1，则211112xat

=，解得10.12mx=，因为1xd=，说明A恰好运动到B的右侧壁，而且速度相等，所以A与B的右侧壁恰好接触但没有发生碰撞。设A与B第一次碰后到第二次碰时所用的时间为2t，A运动的距离为A1x，B运动的距离为B1x，第二次

碰时A的速度为A3v，则2A11212xat=，B1B12xvt=，A1B1xx=，解得20.4st=，B10.48mx=，A3122.4m/svat==。第二次碰撞后，由动量守恒定律和能量守恒定律可解得A、B再次发生速度交换，B以A32.4m

/sv=速度做匀速直线运动，A以B11.2m/sv=的初速度做匀加速运动。用前面第一次碰撞到第二次碰撞的分析方法可知，在后续的运动过程中，物块A不会与凹槽B的右侧壁碰撞，并且A与B第二次碰撞后，也再经过30.40st=，A与B

发生第三次碰撞。设A与B在第二次碰后到第三次碰时B运动的位移为B2x，则B2A332.40.40m0.96mxvt===，设从初始位置到物块A与凹槽B的左内侧壁发生第三次碰撞时B的位移大小为x，则()

B1B20.480.96m1.44mxxx=+=+=。