【文档说明】北京市第四十三中学2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题（学考） 含答案.docx，共(33)页，543.574 KB，由小赞的店铺上传

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北京市第四十三中学2020-2021学年度第一学期期中考试高二物理2020.11.4试卷满分：100分考试时间：90分钟第一部分（选择题共40分）一、选择题共50小题，每小题1分，共50分。在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项。一、单选题1．下列关于矢量和标量的说法正确的是A．做直线

运动的甲、乙两物体位移x甲＝3m，x乙＝－5m，则x甲>x乙B．速度是矢量，而速度变化量是标量C．电流既有大小又有方向，所以它是矢量D．矢量和标量遵从不同的运算法则，而不只是看物理量的正、负2．如图所示，利用电流传感器可以在计算机上观察电容器充电

、放电过程中电流的变化，如图中描绘电容器放电过程中电流随时间变化的图象可能正确的是()A．B．C．D．3．a、b两个电容器如图甲所示，图乙是它们的部分参数．由此可知，关于a、b两个电容器的下列说法正确的是A．a、b两个电容器的电容之比为8:1B．a、b两个电容器的电容之比为4:5C．b

电容器最多能容纳电荷0.1CD．b电容器最多能容纳电荷1C4．如图所示为我国自主研发、全球首创的“超级电容器”，这种电容器安全性高，可反复充放电100万次以上，使用寿命长达十二年，且容量超大（达到9500F），能够

在10s内完成充电。则该“超级电容器”（）A．充电过程中电流是恒定电流B．充电过程中两极的电压逐渐增大C．充电时电容器的正极应接电源的负极D．放电过程中电容器的化学能转化为电能5．如图为某规格的电容器，下列关于该电容器的说法正确的是（）A．该电容器只有接80V的恒

定电压时才能工作B．给该电容器充电或放电过程中有电荷流过电容器C．电容器上不带电，其电容也是1000μFD．外壳上所标的80V指的是击穿电压6．一个电容器，带了电量Q后，两极板间电势差为U，若它带的电量减少2Q，则A．电容为原来的12，两极板间的电压不变B．电容为原来2

倍，两极板间的电压不变C．电容不变，两极板间的电压是原来的12D．电容不变，两极板间电压为原来的2倍7．如图所示，在点电荷形成的电场中有a、b、c三点，它们到点电荷的距离分别为ra、rb和rc，且rb、ra=rc、rb.用Ea、Eb、

Ec表示a、b、c的场强，用Uab表示a、b之间的电势差，用Ubc表示b、c之间的电势差，则下列说法中正确的是A．Ea、EbB．Eb=EcC．Uab、UbcD．Uab=Ubc8．A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（其中方向未标出）的分布如图所示．图中O点为两点电荷连线的中点，MN为两

点电荷连线的中垂线，电场线的分布关于MN左右对称．下列说法中正确的是（、A．这两个点电荷一定是等量同种电荷B．这两个点电荷一定是等量异种电荷C．O点的电场强度比P点的电场强度小D．O点的电场强度与P点的电场强度相等9．真空中有一个电场，在这个电场中的某一点放入电量

为5.0×10-9C的点电荷，它受到的电场力为3.0×10-4N，那么这一点处的电场强度的大小等于（）A．8.0×10-5N/CB．6.0×104N/CC．1.7×10-5N/CD．2.0×10-5N/C10．某静电场的电场线分布如图所示，F1、F2、F3和F4分别

表示一负点电荷在电场中M点可能的受力情况其中正确的是（）A．F4B．F3C．F2D．F111．关于电表的改装，下列说法正确的是（）A．将电流计改装成电压表，应在电流计两端并联适当的电阻B．将电流计改装成电流表，应在

电流计两端串联适当的电阻C．量程为I、内阻为R的电流计串联阻值为R的电阻，其量程变为2ID．量程为U、内阻为R的电压表串联阻值为R的电阻，其量程变为2U12．下列说法中正确的是（）A．哥白尼发现了万有引力定律B．牛顿测出了万有引力常

量C．伽利略提出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆D．牛顿发现万有引力定律，卡文迪许测出万有引力常量13．一根弹簧原长10cm，挂上2N的钩码时，弹簧伸长1cm．当这根弹簧挂上8N的重物时，弹簧总长为（在弹性形变时）A．3c

mB．13cmC．4cmD．14cm14．如下图，物体在受到一水平拉力F=10N作用下，沿水平面向右运动．已知，物体与水平面的动摩擦因数μ=0.2，物体质量m=5kg，则物体所受摩擦力为（）A．10N，水平向右B．10N，水平向

左C．20N，水平向左D．20N，水平向右15．16世纪末意大利科学家伽利略在研究运动和力的关系时，提出了著名的斜面实验，其中应用到的物理思想方法属于（）A．等效替代B．实验归纳C．理想实验D．控制变量16．以10m/s的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为24m/sa的加速度

，刹车后第3s内，汽车走过的路程为()A．12.5mB．2mC．10mD．0.5m17．下列vt图象中，表示物体做匀减速直线运动的是（）A．B．C．D．18．测得某短跑运动员在100m跑步比赛中5s末的速度为10.4m/s，10s末到达终点的速度

是10.2m/s此运动员在这100m中的平均速度为（）A．10.4m/sB．10.3m/sC．10.2m/sD．10m/s19．近几年，在国家宏观政策调控下，我国房价上涨出现减缓趋势。若将房价的“上涨”类比成“加速”，将房价的“下跌”类比成“减速”

，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可类比成（）A．速度增加，加速度减小B．速度增加，加速度增大C．速度减小，加速度增大D．速度减小，加速度减小20．某同学乘电梯下楼，电梯向下启动时，他有一种“飘飘然”的感觉，这是因为（）A．他受到的重力变小了B．他受到的重力变大了

C．他处于失重状态D．他处于超重状态21．下列各图中，正确描绘两个等量正电荷电场线的是（）A．B．C．D．22．在如图所示的电场中，关于a、b两点的电场强度Ea,Eb,和电势φa和φb，下列说法正确的是()A．

Ea=Eb,φa=φbB．Ea>Eb,φa<φbC．Ea>Eb,φa>φbD．Ea<Eb,φa<φb23．真空中两个点电荷相距r时,静电力为F,如果保持它们的电量不变,而将距离增大为2r时,则静电力将变为A．2FB．FC．4FD

．2F24．如图所示，旋转雨伞时，水珠会从伞的边缘沿切线方向飞出，说明（）A．水珠做圆周运动B．水珠处于超重状态C．水珠做离心运动D．水珠蒸发25．下列运动过程中，可视为机械能守恒的是()A．热气球缓缓升空B．树叶从枝头飘落C．掷

出的铅球在空中运动D．跳水运动员在水中下沉26．如图所示，在光滑的水平面上，一物体受到水平向右的力F1=4N和竖直向上的力F2=3N，物体沿水平面向右运动5m，此过程中物体所受合外力做功为（）A．15JB．20JC．25JD．35J27．如图所示，水平桌面上有一个小钢球和一根条形磁铁，现给小钢球一

个沿OP方向的初速度v，则小钢球的运动轨迹可能是A．甲B．乙C．丁D．丙28．下面哪个v—t图描述物体做自由落体运动的是（）A．B．C．D．29．一辆汽车运动的v-t图象如图，则汽车在0～2s内和2s～3s内相比A．位移大小相等B．平均速度相等C．速度变化相

同D．加速度相同30．下列情况中，运动员可被视为质点的是（）A．观察跳水运动员在空中翻转的动作B．欣赏花样滑冰运动员旋转时的姿态C．记录马拉松运动员跑完全程的时间D．研究举重运动员抓举杠铃过程的动作31．如图为滑动变阻器的实物图，下列说法正确的是（）A．ab

接入电路时，p向右移动电阻增大B．ab接入电路时，p向右移动电阻减小C．cd接入电路时，p向右移动电阻增大D．ac接入电路时，p向右移动电阻增大32．关于多用电表中的欧姆表，下列说法正确的是（、A．欧姆表的内部不需要电源B．欧姆表的刻度线

是均匀的C．欧姆表的零刻度与电流表的零刻度重合D．测量电阻前应先调节欧姆调零旋钮．使指针指向欧姆表零刻度33．．某学生用多用电表测量一个电阻的阻值．将选择开关置于“×10”挡时，指针位置如图所示．接着合理的做法是（）A．换“×1

”挡，再读数B．换“×100”挡，再读数C．换“×1”挡，调整欧姆零点后再读数D．换“×100”挡，调整欧姆零点后再读数34．某同学对四个电阻各进行了一次测量，把每个电阻两端的电压和通过它的电流在平面直角坐标系中描点，得到了图中A、B、C、D四个点。这四个电

阻中阻值最大的是（）A．AB．BC．CD．D35．下列物理量矢量，且单位是国际单位制的是（）A．电流、AB．位移、cmC．功、JD．力、N36．某金属导体内，若在2s内有3.2C的电子定向通过某横截面，则电流大小为（）A．0B．0.8AC．1.6AD．3.2A37

．材料相同的甲、乙两根圆柱形导体棒，长度相同，甲的横截面积是一横截面积的2倍，则甲、乙两根导体棒的电阻之比为A．14B．12C．1D．238．下图为研究电容器充、放电的实验电路图．实验时，先使开关S掷向1端，电源E对电容器C充

电；经过一段时间，把开关S掷向2端，电容器C与电阻R相连，电容器放电．在开关S接通2端后的极短时间内，下列说法正确的是（）A．电容器带电量和两板间电压都增大B．电容器带电量和两板间电压都减小C．电容器带电量

增大，两板间电压减小D．电容器带电量减小，两板间电压增大39．如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α。则AB两点的电势差为A．零B．ELC．ELcosαD．ELsinα40．将一个电荷量为q的正电荷在匀强电场中从A点移到B点,电场力做功W,则A、B两

点之间的电势差等于（）A．qWB．qWC．qWD．041．把负点电荷沿电场线由a点移至c点的过程中，关于电场力对电荷所做的功和电荷电势能的变化，下列说法正确的是（）A．电场力做正功，电势能增加B．电场力做正功，电势能减少C．电场力做负功，电势能增

加D．电场力做负功，电势能减少42．电容的单位是（）A．FB．VC．ND．J43．下列各电场中，A、B两点电势相同的是（）A．B．C．D．44．如图所示A、B是一条电场线上的两个点，相距为d。设A点的电场强度为EA，则（）A．A点电势一定等于B点电势B．A点电

势一定高于B点电势C．A点电势一定低于B点电势D．A、B两点间的电势差一定等于EAd45．电场强度的单位是（）A．FB．VC．ND．N/C46．如图所示，在真空中有两个固定的点电荷A、B，A带正电，B带负电，在图中①、②、③、④四个方向中，能正

确表示B受到A的库仑力方向的是()A．方向①B．方向②C．方向③D．方向④47．两个完全相同的金属球A、B，所带电荷量分别为+3q和－q，将两球接触再分开，则B球所带电荷量为（）A．-qB．qC．2q

D．4q48．在感应起电中，带负电物体靠近带绝缘底座的导体时，如图所示M处将（）A．带正电B．带负电C．不带电D．以上答案均有可能49．下列表达式中，q一定是场源电荷的是()A．2kQqFrB．FE

qC．ABABWqUD．2kqEr50．带电微粒所带的电荷量不可能是下列值中的()A．－6.4×10－19CB．2.4×10－19CC．－1.6×10－18CD．4.0×10－17C第二部分（非选择题共50分）二、实验题共5小题，每空2

分，共10分。51．在“测定金属丝电阻率”的实验中，需要测出其长度L、直径d和电阻R。(1)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为_____mm。(2)若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_____。（选填“偏大”或“偏小”）(3)用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读

数如图，则电压表的读数为_____V，电流表的读数为_____A。52．小明用多用电表测某一电阻，现将将红、黑表笔短接，进行欧姆调零。再选择欧姆挡×100挡，测量未知电阻，刻度盘上的指针位置如图所示，则测量结果是___________Ω。三、解答题共5小题，共40分。解答应写出文字说明，演算步骤或

证明过程。53．一个质量m=2kg的物体在水平拉力F的作用下，在光滑水平面上从静止开始做匀加速直线运动，经过时间t=6s速度变为v=12m/s．求：（1）物体的加速度a的大小（2）水平拉力F的大小54．在真空中，两个带正电的点电荷相距为r，所带的电荷量分别为1Q、2Q。已知静电力常量为k。（

1）指出两个点电荷之间的静电力是互相吸引还是互相排斥；（2）计算1Q对2Q的静电力F的大小。55．在真空中的O点放一个Q=1×10-9C的点电荷，直线MN过O点，OM=30cm，M点放有一个q=-1×10-10C的点电荷，如图所示，求

：（1）点电荷q在M点所受的静电力的大小和方向（2）拿走点电荷q后M点的场强和方向（3）比较拿走点电荷q后M、N两点的场强大小．56．如图所示，长l＝1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角

θ＝37°.已知小球所带电荷量q＝1.0×10－6C，匀强电场的场强E＝3.0×103N/C，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)小球所受电场力F的大小；(2)小球的质量m；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小

．57．在如图所示的匀强电场中，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离0.2xm．若一个电荷量82.010qC的试探电荷在匀强电场中所受电场力的大小为43.010.FN求：、1、电

场强度的大小E、、2、A、B两点间的电势差ABU、、3、将该试探电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功W、参考答案1．D【详解】A．甲、乙两物体位移分别为x甲=3m，x乙=-5m，乙的位移大小为5m，可知乙的位移大于甲的位移，故A错误；

B．速度和速度变化量都是矢量，选项B错误；C．电流既有大小又有方向，但是电流的合成不符合平行四边形法则，所以它是标量，选项C错误；D．矢量是既有大小又有方向的物理量，它的运算规律是平行四边形定则，标量只有大小没有方向，它的运算只遵

循算术法则，选项D正确。2．A【详解】随着放电过程电容器所带电量越来越少，根据QCU、两板间电压越来越小，根据欧姆定律UIR、流过电阻的电流越来越小，故A正确、BCD错误；故选A。3．C【解析】A、B、由图乙知a的电容是1000μF、b的电容是1000

0μF，所以a、b两个电容器的电容之比为1000、10000=1、10、故A、B均错误．C、D、根据电容的定义式QCU、可得QCU、带值可求0.08CaaaQCU、0.1CbbbQCU，故C正确，D错误．选C、4．B【详解】A．充电过程中电流逐渐增大，选项A错误；B

．充电过程中两极的电荷量逐渐增大，故电压逐渐增大，选项B正确；CD．充电时电容器的正极应接电源的正极，放电过程中电容器输出的是电能，选项CD错误。故选B。5．C【详解】A．由标称值可知，该电解电容器用于直流80V及以下电压时才能正常工作，故A错误；B．给该电容器充电或放电过程中，电荷

不能经过电容器，因为两个极间有绝缘介质，电容器不是电阻，故B错误；C．电容器的电容与电荷量无关，故电容器上不带电，其电容也是1000μF，故C正确；D．外壳上所标的80V指的是额定电压，小于击穿电压，故D错

误。故选C。6．C【详解】电容由电容器自身决定，当电量减少时，电容不变；由QUC可知，当电量变为12时，电压变为原来的12；综上分析，C正确．7．C【解析】A、B、正的点电荷产生的电场中，离电荷越远，场强越弱，结合决定式2kQ

Er可知Ea>Eb>Ec、则A、B均错误、C、D、因Ea>Eb>Ec、可知故ab间的平均场强大于bc间的平均场强，根据U=Ed可知，Uab、Ubc，故C正确、D错误．故选C、【点睛】本题主要考查了正点电荷电场强度的分布图，掌握三个公式FEq、2kQEr、UEd、根据U=Ed判断出非匀强电

场中两点间的电势差的大小、8．B【详解】A、B、根据电场线的特点：电场线从正电荷出发到负电荷终止，可知A、B是一定两个等量异种电荷．故A错误，B正确；C、D、在两等量异号电荷连线的中垂线上，O点处电场线最密，电场强度最大，所以O点

的电场强度比P点的电场强度大，故C、D错误，故选B、【点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．9．B【详解】由

电场强度的定义式FEq可得该处电场强度大小为4493.010N/C=6.010N/C5.010FEq．故B正确，ACD错误．10．D【详解】电场中某点的电场方向与放入该点的正电荷受力方向相

同，与放入该点负电荷的受力方向相反，所以负点电荷在电场中M点的受力为F1，故ABC错误，D正确。故选D。11．D【详解】A．将电流计改装成电压表，即当通满偏电流时，整个部分承担电压变大，应在电流计两端串联适当的电阻，起分压作用，A错误；B．将电流计改装成电流表，即当通满偏电流时，整个部分承担电

流变大，应在电流计两端并联适当的电阻，起分流作用，B错误；C．量程为I、内阻为R的电流计串联阻值为R的电阻，电流量程不变为I，C错误；D．量程为U、内阻为R的电压表串联阻值为R的电阻，根据()2UURRUR知其量程变为2U，D正确。故选D。12．D【详

解】AB．哥白尼提出“日心说”，牛顿提出了万有引力定律，但没能测出引力常量；故AB错误；C．开普勒提出所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆；故C错误；D．牛顿提出了万有引力定律；但卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，故D

正确；故选D．13．A【解析】试题分析：由胡克定律有Fkx，当x=1cm时、F=2N，可得k=200；故当F=6N时可得x=3cm，故可A项正确、BCD项错误，应选A．考点：本题考查了胡克定律的相关知识．【名师点睛】明确弹力与形变的定量关系，掌握胡克定律．14．B【

详解】物体水平向右运动，相对地面发生了相对运动，而且相对运动方向向右，所以摩擦力方向与相对运动方向相反，而且是滑动摩擦力．方向水平向左，大小，选项B正确．15．C【详解】斜面实验重要思路是假定斜面绝对光滑，但是绝对光滑的物体不存在，所以这种思想属于理

想化，我们也把这个实验成为理想实验．所以C对．16．D【分析】先求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车刹车停止后不再运动．再根据匀变速直线运动的位移公式即可求解．【详解】36km/h=10m/s，汽车刹车到停止所需的时间000102.54vtsa＝＝＝．刹车后第3s内的位移，等于

停止前0.5s内的位移，则x=12at2、12×4×0.25、0.5m，故选D、17．D【详解】A.根据斜率等于加速度，可知该物体的加速度逐渐增大，做变加速运动，故A错误；B.根据斜率等于加速度，可知该物体的加速度逐渐减小，做变加速运动，故B错误；C.此图

表示速度随时间均匀增加，加速度不变，做匀加速直线运动，故C错误；D.此图表示速度随时间均匀减小，加速度不变，做匀减速直线运动，故D正确。故选C。18．D【详解】运动员在这100m中的平均速度为100m/s10m/s10xvt。A．10.4m/s，与结论不

相符，选项A错误；B．10.3m/s，与结论不相符，选项B错误；C．10.2m/s，与结论不相符，选项C错误；D．10m/s，与结论相符，选项D正确；故选D.19．A【详解】“房价上涨出现减缓趋势”中“上涨”类比为速度增大，“减缓”类比为加速度减小，所以“房价上涨出现减缓趋势”可以类比为加速度减小

的加速运动，即速度增大，加速度减小，A正确，BCD错误。故选A。20．C【详解】电梯向下启动时，有向下的加速度，此时人受到的支持力小于人的重力的大小，所以人处于失重状态，但是人的重力并没变，只是对电梯的压力变小了，故C正确，ABD错

误。21．D【解析】试题分析：A、C中电场线方向标错，此外A、B中电场线相交了，则A、B错；D正确．考点：本题考查电场线的形状与方向．22．C【详解】由图示可知，a处的电场线密，b处的电场线稀疏，因此a点的电场强度大，b点的场强小，即E

b、Ea；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，由图示可知，φb、φa，选项ABD错误，C正确、故选C、【点睛】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．23．C【详解】设两点电荷分

别带电为q1、q2，由点电荷库仑力的公式得：122kqqFr电量不变，将它们之间的距离增大为2r，库仑力将变为：122(2)4kqqFFrA.2F．故A项错误；B.F．故B项错误；C.4F．故C

项正确；D.2F．故D项错误．24．C【详解】当旋转雨伞时，由向心力可知，所需要的向心力增加，由于提供向心力不足以所需要的向心力，从而远离圆心运动，故C正确，ABD错误。25．C【详解】A.热气球缓缓升空、除重力外浮力对它做功、机

械能不守恒、故A错误；B.树叶从枝头飘落、空气阻力对它做功、机械能不守恒、故B错误、C.掷出的铅球在空中运动、阻力可以忽略、只有重力做功、机械能守恒、故C正确、D.跳水运动员在水中下沉、除重力外、水的阻力和浮力对他做负功、机械能不守恒、故D错误．26．B【详解】根据恒力做功公

式得：F2做功W=F2scos90°=3×5×0J=0JF1做功W′=F1scos0°=4×5×1J=20J故合力做功W合=W+W′=20J故B正确，ACD错误。故选B。27．D【详解】磁体对钢珠有相互吸引力，当磁铁放在图中的位置时，小钢珠运动过程中有受到磁体的吸引，小钢珠逐渐接近磁

体做曲线运动，轨迹向合力方向弯曲，所以运动轨迹是丙，故D正确，ABC错误；28．B【详解】自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动，加速度为g且不变，在v-t图像中为一过原点的倾斜直线，故B正确，ACD错误。故选B。29．B【详解】汽车在0～2s内平均速度为005/2.5

m/s22vvvms，汽车在2s～3s内平均速度为050/2.5m/s22vvvms，故A正确．速度图象与坐标轴所围的“面积”物体的位移大小，由图知，0～2s内位移较大，故B错误．

汽车在0～2s内速度变化量、v=5m/s-0=5m/s，在2s～3s内速度变化量为、v=0-5m/s=-5m/s，故速度变化量不同，故C错误．根据速度图象的斜率等于加速度可知，在0～2s内汽车的加速度沿正

方向，而在2s～3s内加速度沿负方向，所以加速度不相等，故D错误．故选A30．C【详解】A．观察跳水运动员在空中翻转的动作时，运动员的大小不能忽略，不能看做质点，否则就没动作可言了，选项A错误；B．欣赏花样滑冰运动员旋转时的姿态

时，运动员的大小不能忽略，不能看做质点，否则就没旋转动作可言了，选项B错误；C．记录马拉松运动员跑完全程的时间时，运动员的大小可以忽略不计，可看做质点，选项C正确；D．研究举重运动员抓举杠铃过程的动作时，运动员的大小不能忽略，不能看做质点，否则就没动作可言了，选项

D错误。故选C。31．D【详解】ABC．滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的，连入电路时需要一上一下，若只接上面两个或只接下面两个均不能改变接入电路中电阻丝的长度，ABC错误；D．若滑片P向右滑动

时，连入电路的电阻变大，则需将下边的a接线柱要接入电路，上面c、d两个接线柱相当于一个接线柱，效果一样，D正确。故选D。32．D【详解】A．欧姆表内部有内置电源，故A错误；B．欧姆表刻度线不均匀，右疏左密，故B错误；C．欧姆表的

零刻度线在表盘的最右端，与电流表的最大刻度线重合，故C错误；D．用欧姆表测电阻前要选择合适的倍率，选择倍率后要对欧姆表进行欧姆调零，使指针指针欧姆表的零刻度线处，故D正确。故选D。33．D【解析】将选

择开关置于“×10”挡时，指针偏转较小，说明待测电阻阻值较大，所以应该换用较大倍率的即换“×100”挡，欧姆表每次换挡测量之前都必须重新欧姆调零所以应该选D34．A【详解】根据电阻一定时，通过导体的电流与

导体两端的电压成正比可得，四个电阻的-UI图象如下图所示：在图象中做一条竖线，即通过各电阻的电流相等。从图可知，通过它们的电流相等时，A的电压最大，BC相等，D最小，故BCD错误，A正确。故选A。35．D【详解】A．

电流是国际单位制中的基本单位，但电流是标量，A错误；B．位移是矢量，但国际单位制是m，B错误；C．焦耳是国际单位制中的导出单位，但功是标量，C错误；D．牛顿是国际单位制中的导出单位，同时也是矢量，D正确。故选D。36．C【详解】根据

电流的定义式可知，电流大小为3.2A=1.6A2qIt故选C。37．B【详解】根据电阻定律LRS可得，12RSRS甲乙乙甲，故B正确；故选B。38．B【详解】开关S与“l”端相连时，电源向电容器充电，电流先增大，电容器带电量

不断增多，两板间电压也不断增大；开关S与“2”端相连时，电容器放电，电流减小，电容器带电量减小，两板间电压也在减小。故ACD错误，B正确。39．C【分析】根据电场强度的大小以及A、B两点沿电场线方向上的距离，结合U=Ed求出电

势差【详解】两点的电势差UAB=Ed=ELcosα，故C正确，A、B、D错误。40．A【解析】由题意知，电场力对正电荷做正功为W、则由电场力做功WqU、得A、B两点之间的电势差为WUq、故选A、【点睛】解决本题的关键是就是要知道电

场对电荷做的是正功还是负功，并且能根据电场力做功的表达式WqU求解A、B两点之间的电势差．41．C【详解】把负点电荷沿电场线由a点移至c点的过程中，受力与位移方向相反，故电场力做负功时电势能增加，故C正确ABD错误。故选

C。42．A【详解】电容的单位：法拉，也可以用F来表示。电容是指在给定电位差下的电荷储藏量，英文符号为C。故BCD错误，A正确。故选A。43．A【详解】A．图为负的点电荷的电场，图中AB两点在同一个圆上，处于同一个等势面，所以AB两点

的电势相同，所以A正确；B．图为正的点电荷的电场，图中AB两点在同一条电场线上，沿着电场线的方向电势降低，所以AB两点的电势不同，所以B错误；C．图是匀强电场，AB点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知A点的电势要

比B点的电势高，所以C错误；D．沿着电场线的方向电势降低，所以AB两点的电势不同，所以D错误。故选A。44．B【详解】ABC．沿电场线电势逐渐降低，可知A点电势一定高于B点电势，选项B正确，AC错误；D．一条电场线不能确定是否是匀强电场，则A、B两点间的电势差不一定等于EAd，、、D错误。故选B

。45．D【详解】根据电场强度的定义式FEq可知电场强度的单位是N/C；故选D。46．B【详解】根据库仑定律知，真空中两个静止的点电荷之间的作用力与这两个电荷所带电量的乘积成正比，和它们距离的平方成反比，作用力的方向沿着这两个点电荷的连线，同名电荷相斥，异名电荷相吸。能正确

表示B受到A的库仑力方向的是②。A.方向①；故A错误。B.方向②；故B正确。C.方向③；故C错误。D.方向④；故D错误。故选B。47．B【详解】根据电荷守恒定律可知，两球接触后再分开，电量先中和后均分，则32ABqqqqq故选B。48．B【详解】感应起电过程是电荷在电场力作用下，

从物体的一部分转移到另一个部分，且近端感应出异种电荷，远端感应出同种电荷，由图知M为远端，则M处带负电．故选B．【点睛】感应起电实质是：电子从物体的一部分转移到另一个部分，电荷转移特点“近异远同”．49．D【详解】A．在2kQ

qFr表达式中q可能是场源电荷，也可能是试探电荷，故A错误；B．在FEq表达式中q是试探电荷，故B错误；C．在ABABWqU表达式中q是试探电荷，故C错误；D．在表达式2qEkr中，q为场源电荷，故D正确。故选D。【点睛】解决本题的关键就是会区分场源电荷和试探电荷，并且知道各个公式的意义

。50．B【详解】最小的电荷量是191.610C，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，由于192.410C不是191.610C的整数倍，故B是不可能的．故选B．二、实验题51．0.697（0.6

96、0.698）偏小2.600.52【详解】(1)[1]金属丝的直径为：0.5mm+0.01mm×19.7=0.697mm；(2)[2]电流表外接法测量电阻，由于电压表分流的影响，电流的测量值偏大，根据URI故

金属丝电阻的测量结果将比真实值偏小；(3)[3]电压表的分度值为0.1V，要估读到下一位，故其读数为2.60V；[4]电流表选择的是0~0.6A量程，分度值为0.02A，故其读数为0.52A。52．2200【详解】由图示表盘可知，测量结果为22100=

220053．（1）2m/s2（2）4N【解析】试题分析：（1）由运动学规律可知：vat，故，2212/2/6vamsmst（2）根据牛顿第二定律有：224FmaNN考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是

加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力54

．(1)互相排斥（或排斥）；(2)122QQFkr【详解】(1)两个点电荷均带正电荷，则两电荷相互排斥；(2)根据库仑定律可知，两电荷之间的库仑力为122QQFkr55．（1）1×10-8N，方向M→O．（2）100N

/C，方向M→N．（3）EM＞EN．【详解】（1）根据库仑定律得q在M点受到的静电力大小为：9109822110110910N110N03QqFkr．方向M→O．（2）场强反映电场本身的特性，与有无检验电荷无关，所以拿走点电荷q后M点的场强不变，则M点的场强

为：810110100N/C110FEq方向M→N（3）根据点电荷的场强公式2QEkr，知EM＞EN．56．(1)F=3.0×10－3N(2)m=4.0×10－4kg(3)v=2.0m/s【详解】(1)根据电场力的计

算公式可得电场力6331.0103.010N3.010NFqE；(2)小球受力情况如图所示：根据几何关系可得tanqEmg，所以34310kg410kgtan10tan37qEmg

；(3)电场撤去后小球运动过程中机械能守恒，则21(1cos37)2mglmv，解得v=2m/s．57．、1、1.5×104N/C、2、3.0×103V、3、6.0×10-5J【详解】试题分析：（1）由题意知

，匀强电场的电场强度41.510/FENCQ；（2）3310ABUEdV；（3）根据电场力做功的公式ABWQU可求：将该点电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功W=６×10-5J考点：本题考查电

场强度、电势差及电场力做功．