【文档说明】2024年新高考数学一轮复习题型归纳与达标检测 第51讲 抛物线（讲） Word版含解析.docx，共(6)页，121.679 KB，由小赞的店铺上传

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第51讲抛物线思维导图知识梳理1．抛物线的定义平面内与一个定点F和一条定直线l(点F不在直线l上)的距离相等的点的轨迹叫做抛物线，定点F叫做抛物线的焦点，定直线l叫做抛物线的准线.2．抛物线的标准方程和几何性质标准y2＝2px(p＞0)y2＝－2px(p＞

0)x2＝2py(p>0)x2＝－2py(p>0)方程p的几何意义：焦点F到准线l的距离焦点到顶点以及顶点到准线的距离均为p2.图形顶点O(0,0)对称轴x轴y轴焦点Fp2，0F－p2，0F0，p2F0，－p

2离心率e＝1准线方程x＝－p2x＝p2y＝－p2y＝p2范围x≥0，y∈Rx≤0，y∈Ry≥0，x∈Ry≤0，x∈R开口方向向右向左向上向下焦半径(其中P(x0，y0))|PF|＝x0＋p2|PF|＝－x0＋p2|PF|＝y0＋p2|PF|＝

－y0＋p2题型归纳题型1抛物线的定义及应用【例1-1】(1)若抛物线y2＝4x上一点P到其焦点F的距离为2，O为坐标原点，则△OFP的面积为()A.12B．1C.32D．2(2)设P是抛物线y2＝4x上的一个动

点，若B(3,2)，则|PB|＋|PF|的最小值为________．【解析】(1)设P(xP，yP)，由题可得抛物线焦点为F(1,0)，准线方程为x＝－1.又点P到焦点F的距离为2，∴由定义知点P到准线的距离为2.∴xP＋1＝2，∴xP＝1.代入抛物线方程得

|yP|＝2，∴△OFP的面积为S＝12·|OF|·|yP|＝12×1×2＝1.(2)如图，过点B作BQ垂直准线于点Q，交抛物线于点P1，则|P1Q|＝|P1F|.则有|PB|＋|PF|≥|P1B|＋|P1Q|＝|BQ|＝4，即|PB|＋|PF|的最小值为4.【答案】(1)B(2)4【

跟踪训练1-1】若点A的坐标为(3,2)，F是抛物线y2＝2x的焦点，点M在抛物线上移动时，使|MF|＋|MA|取得最小值的M的坐标为________．【解析】过点M作准线的垂线，垂足是N，则|MF|

＋|MA|＝|MN|＋|MA|，当A，M，N三点共线时，|MF|＋|MA|取得最小值，此时M(2,2)．【答案】(2,2)【跟踪训练1-2】(2019·襄阳测试)已知抛物线y＝12x2的焦点为F，准线为l，M在l上，线段MF与抛物线交于N点，若|MN|＝2|NF|，则|MF|＝______

__.【解析】如图，过N作准线的垂线NH，垂足为H.根据抛物线的定义可知|NH|＝|NF|，在Rt△NHM中，|NM|＝2|NH|，则∠NMH＝45°.在△MFK中，∠FMK＝45°，所以|MF|＝2|FK|.而|FK|＝1.所

以|MF|＝2.【答案】2【名师指导】与抛物线有关的最值问题，一般情况下都与抛物线的定义有关．“看到准线想焦点，看到焦点想准线”，这是解决与过抛物线焦点的弦有关问题的重要途径．题型2抛物线的标准方程与几何性质【例2-1】(1)(2019·全国卷Ⅱ)若抛物

线y2＝2px(p>0)的焦点是椭圆x23p＋y2p＝1的一个焦点，则p＝()A．2B．3C．4D．8(2)(2019·武汉调研)如图，过抛物线y2＝2px(p>0)的焦点F的直线l交抛物线于点A，B，交其准线于点C，若|BC|＝2|BF|，且|AF|＝6，则此抛物线方程为()A．y2

＝9xB．y2＝6xC．y2＝3xD．y2＝3x【解析】(1)∵抛物线y2＝2px(p>0)的焦点坐标为p2，0，∴由已知得椭圆x23p＋y2p＝1的一个焦点为p2，0，∴3p－p＝p24，又p>0，∴p＝8.(2)如图，分别过点A，B作准线的垂线，分别交准线于点E，D，设|

BF|＝a，则由已知得：|BC|＝2a，由抛物线定义得：|BD|＝a，故∠BCD＝30°，在直角三角形ACE中，因为|AE|＝|AF|＝6，|AC|＝6＋3a，2|AE|＝|AC|，所以6＋3a＝12，从而得a＝2，|FC|＝3a＝6，所以p＝

|FG|＝12|FC|＝3，因此抛物线方程为y2＝6x.【答案】(1)D(2)B【跟踪训练2-1】(2020·福建厦门一模)若抛物线x2＝ay的焦点到准线的距离为1，则a＝()A．2B．4C．±2D．±4【解析】选C∵x2＝ay＝2·a2·y，p＝

a2＝1，∴a＝±2，故选C.【跟踪训练2-2】已知抛物线x2＝2py(p>0)的焦点为F，点P为抛物线上的动点，点M为其准线上的动点，若△FPM为边长是4的等边三角形，则此抛物线的方程为________．

【解析】△FPM为等边三角形，则|PM|＝|PF|，由抛物线的定义得PM垂直于抛物线的准线，设Pm，m22p，则点Mm，－p2.因为焦点F0，p2，△FPM是等边三角形，所以m22p＋p2＝4，p2＋p22＋m2＝

4，解得m2＝12，p＝2，因此抛物线方程为x2＝4y.【答案】x2＝4y【名师指导】1．求抛物线标准方程的方法(1)定义法：若题目已给出抛物线的方程(含有未知数p)，那么只需求出p即可．(2)待定系数法：若题目未给出抛物线

的方程，对于焦点在x轴上的抛物线的标准方程可统一设为y2＝ax(a≠0)，a的正负由题设来定；焦点在y轴上的抛物线的标准方程可设为x2＝ay(a≠0)，这样就减少了不必要的讨论．2．抛物线性质的应用技巧(1)利用抛物线方程确定及应用其焦点、准线时，关键是将抛物

线方程化成标准方程．(2)要结合图形分析，灵活运用平面图形的性质简化运算．题型3直线与抛物线的位置关系【例3-1】(2019·全国卷Ⅰ)已知抛物线C：y2＝3x的焦点为F，斜率为32的直线l与C的交点为A，B，与x轴的交点为P.(1)若

|AF|＋|BF|＝4，求l的方程；(2)若AP―→＝3PB―→，求|AB|.[解]设直线l：y＝32x＋t，A(x1，y1)，B(x2，y2)．(1)由题设得F34，0，故|AF|＋|BF|

＝x1＋x2＋32，又|AF|＋|BF|＝4，所以x1＋x2＝52.由y＝32x＋t，y2＝3x可得9x2＋12(t－1)x＋4t2＝0，则x1＋x2＝－12(t－1)9.从而－12(t－1)9＝52，得t＝－

78.所以l的方程为y＝32x－78.(2)由AP―→＝3PB―→可得y1＝－3y2.由y＝32x＋t，y2＝3x可得y2－2y＋2t＝0.所以y1＋y2＝2.从而－3y2＋y2＝2，故y2＝－1，y1＝3.代入C

的方程得x1＝3，x2＝13.故|AB|＝4133.【跟踪训练3-1】已知点M(－1,1)和抛物线C：y2＝4x，过C的焦点且斜率为k的直线与C交于A，B两点．若∠AMB＝90°，则k＝________.【解

析】设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则y21＝4x1，y22＝4x2，∴y21－y22＝4(x1－x2)，∴k＝y1－y2x1－x2＝4y1＋y2.设AB中点为M′(x0，y0)，抛物线的焦点为F，分别过点A，B作准线x＝－1的垂线，垂足为A′，B′，则|MM′

|＝12|AB|＝12(|AF|＋|BF|)＝12(|AA′|＋|BB′|)．∵M′(x0，y0)为AB中点，∴M为A′B′的中点，∴MM′平行于x轴，∴y1＋y2＝2，∴k＝2.【答案】2【跟踪训练3-2】设A，B为曲

线C：y＝x22上两点，A与B的横坐标之和为2.(1)求直线AB的斜率；(2)设M为曲线C上一点，曲线C在点M处的切线与直线AB平行，且AM⊥BM，求直线AB的方程．【解】(1)设A(x1，y1)，B(

x2，y2)，则x1≠x2，y1＝x212，y2＝x222，x1＋x2＝2，故直线AB的斜率k＝y1－y2x1－x2＝x1＋x22＝1.(2)由y＝x22，得y′＝x.设M(x3，y3)，由题设知x3＝1，于是M1，12.

设直线AB的方程为y＝x＋m，故线段AB的中点为N(1,1＋m)，|MN|＝m＋12.将y＝x＋m代入y＝x22，得x2－2x－2m＝0.由Δ＝4＋8m>0，得m>－12，x1,2＝1±1＋2m.从而|AB|＝2|x1－x2|＝22

(1＋2m).由题设知|AB|＝2|MN|，即2(1＋2m)＝m＋12，解得m＝72.所以直线AB的方程为y＝x＋72.【名师指导】1．直线与抛物线交点问题的解题思路(1)求交点问题，通常解直线方程与抛物线方程

组成的方程组．(2)与交点相关的问题通常借助根与系数的关系或用向量法解决．2．解决抛物线的弦及弦中点问题的常用方法(1)有关直线与抛物线的弦长问题，要注意直线是否过抛物线的焦点，若过抛物线的焦点，可直接使用焦点弦公式，若不过焦点，则必须用一般弦长公式．(2)涉及抛物线

的弦长、中点、距离等相关问题时，一般利用根与系数的关系采用“设而不求”“整体代入”等解法．