【文档说明】【精准解析】福建省龙岩市一级达标校2019-2020学年高二（下）期末质检物理试题（解析版）.doc，共(19)页，899.000 KB，由管理员店铺上传

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龙岩市一级达标校2019~2020学年第二学期期末高二教学质量检查物理试题（考试时间：90分钟满分：100分）一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1.法拉第在研究电磁感应现象时

的实验电路如图所示，下列操作中电流表指针不发生偏转的是（）A.开关断开瞬间B.开关闭合瞬间C.保持开关闭合D.移动变阻器滑片【答案】C【解析】【详解】只要左边线圈中电流发生变化，铁芯中的磁场就会发生变化，右边线圈中的磁

通量就会发生变化并产生感应电流，故ABD错误，C正确。故选C。2.如图，电感线圈L的阻值与电阻R的阻值相同，a、b是两个完全相同的灯泡，则（）A.闭合开关，a将逐渐变亮B.闭合开关，b将逐渐变亮C.断开开关，a立

刻熄灭D.断开开关，b立刻熄灭【答案】A【解析】【详解】AB．闭合开关，b立刻变亮，电感线圈L会阻碍电流增大，a将逐渐变亮，故A正确，B错误；CD．断开开端，两支路形成新的闭合回路，电感线圈L阻碍电流减小，此时线圈相当于电源，两灯都不能立即熄灭，故CD错误。故选A。3.

图为某型号的海尔电热水器铭牌，其正常工作时电流约为（）A.5AB.7AC.10AD.15A【答案】B【解析】【详解】该电热水器的额定功率为1500W，额定电压为220V，则正常工作时的电流为1500A7A2

20PIU==故选B。4.2020年3月3日，国家卫健委、国家中医药管理局下发通知，指出新冠病毒存在经气溶胶传播的可能。气溶胶微粒是悬浮在大气中的肉眼不可见的微小颗粒，在封闭环境中，用显微镜可观察到气溶胶微粒的无规则运动。则关于此现象，下列说法正确的是（）A.环境的温度越高，气溶

胶微粒的无规则运动越剧烈B.气溶胶微粒越大，气溶胶微粒的无规则运动越明显C.气溶胶微粒受到的空气分子作用力的合力始终为零D.气溶胶微粒受到的空气分子作用力的合力始终为恒力【答案】A【解析】【详解】AB．气溶

胶微粒的无规则运动是气体分子对悬浮颗粒的不平衡撞击引起的，悬浮颗粒越小，环境温度越高，气溶胶微粒的无规则运动越明显，故A正确，B错误；CD．气溶胶微粒的无规则运动，说明气溶胶微粒受到的空气分子作用力的合力大小和

方向时刻都在改变，故CD错误。故选A。5.骑山地车是一种流行健身运动，山地自行车前轮有气压式减震装置，其结构如图。在路面不平时，车身颠簸，活塞上下振动，起到减震的目的。缸内气体可视为理想气体，振动引起的气体状

态变化时间很短，可看成是绝热过程，则活塞迅速下压时（）A.缸内气体对外界做功B.缸内气体内能增大C.缸内气体分子的平均动能不变D.缸内每个气体分子对气缸壁的撞击力都增大【答案】B【解析】【详解】A．活塞迅速下压时，气体体积减

小，外界对气体做功，A错误；BC．活塞迅速下压时，气体体积减小，外界对气体做功，由于该过程是绝热过程，由热力学第一定律可知，气体内能增加，而理想气体的内能只与温度有关，所以气体温度升高，分子的平均动能变大，B正确，C错误；D

．根据理想气体的状态方程pVCT=，气体体积减小，温度升高，则压强增大，但不是缸内每个气体分子对气缸壁的撞击力都增大，D错误。故选B。6.图甲为生活中常见的一种摆钟，图乙为摆钟内摆的结构示意图，圆盘固定在摆杆上，螺母可以沿摆杆上下移动。在龙岩走时准确的摆钟移到北京，要使摆钟仍然

走时准确，则（）A.因摆钟周期变大，应将螺母适当向上移动B.因摆钟周期变大，应将螺母适当向下移动C.因摆钟周期变小，应将螺母适当向上移动D.因摆钟周期变小，应将螺母适当向下移动【答案】D【解析】【详解】由龙岩到北京，重力加速度变大，因2lTg=可知周期变小，则要使周期不变小，则应增

加摆长，即将螺母适当向下移动。故选D。7.用单色光完成“杨氏双缝干涉实验”，光屏上形成的图样是A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】用单色光完成“杨氏双缝干涉实验”，光屏上形成的图样是平行等距、明暗相间的条纹，故选A.8.在“用油膜法估

测分子的大小”的实验中，配制出的油酸酒精溶液，每一升该溶液含有升的纯油酸，上述溶液的n滴的体积为V。把1滴该溶液滴入盛水的撒有痱子粉浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔在玻璃板上描出油膜的轮廓，再把玻璃板放在坐标纸上，测出油

膜面积为S，则该油酸分子的直径为（）A.VSB.SVC.VSD.SVn【答案】D【解析】【详解】1滴酒精油酸溶液中含油酸的体积1VVn=油膜的厚度可视为油酸分子的直径，所以该油酸分子的直径为1VVdSnS=

=故D正确，ABC错误。故选D。9.一定量的理想气体从状态a开始，经历从abca→→→状态循环变化过程，其VT−图象如图所示。ap、bp、cp分别表示气体在a、b、c状态的压强。则有（）A.abcpppB.abcppp=C.abcppp=D.abcppp

【答案】C【解析】【详解】根据pVCT=可得CVTp=则V-T图像中各点到原点连线的斜率的倒数反映压强的大小，由图可知ab为等压线，则abpp=c点与原点O连线的斜率小于Ob的斜率，可知c态的压强大于ab两态的压强，即abcpp

p=故选C。10.如图，用材料、粗细相同的导线，绕成单匝的闭合圆形线圈A和B，A线圈的半径是B的两倍，两线圈垂直放入同一匀强磁场中。当磁感应强度随时间均匀变化时，两线圈中的感应电流之比:ABII为（）A.1:2B.1:1C.2:1D.4:1【答案】C【解析

】【详解】由法拉第电磁感应定律得，线圈产生的感应电动势为2BrEnntt==而根据电阻定律，线圈的电阻为2LrRSS==则线圈中感应电流为2EnBrSIRt==由上式可知，线圈匝数相同，横截面积相同，所以感应电流与线圈半径成正比，即21AABBIrIr==故选C。二

、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11.一列简谐横波0t=时刻的波动图像如图甲所示，介质中2mx=处的质点P的振动图像如图乙所示。下列说法正确

的是（）A.该波的波速为5m/sB.该波沿x轴的负方向传播C.0.2st=时，质点P的位移为5cmD.0.4st=时，质点P在平衡位置沿y轴正方向运动【答案】AC【解析】【详解】A．该波的周期T=0.8s，波长为λ=4m，则波速为4m/s=5m/s0.8vT==选项A正确；B．由图可知，t=0时

刻质点P向上振动，由波形图可知，该波沿x轴的正方向传播，选项B错误；C．由P点的振动图像可知，0.2st=时，质点P的位移为5cm，选项C正确；D．由P点的振动图像可知，0.4st=时，质点P在平衡位置沿y轴负方向运动，选项D错误。故选

AC。12.如图，固定倾斜的平行导轨上端连接一个电阻R，金属杆ab垂直放在导轨上，处于静止状态。从0t=时刻开始，加一垂直于斜面向上的磁场，磁感应强度从0开始均匀增大，1tt=时杆开始运动。在10t的这段时间内（）A.金属杆中的感应电流方向从b到aB.金属杆中

的感应电流逐渐增大C.金属杆所受安培力不断增大D.金属杆受到的摩擦力不断增大【答案】AC【解析】【详解】A．由于磁感应强度增大，金属杆ab受到的安培力方向沿倾斜导轨向上，由左手定则可知金属杆中的感应电流方向从b到a。故A正确；B．由于

磁感应强度均匀增大，所以金属杆中的感应电流恒定。故B错误；C．由于磁感应强度不断增大，金属杆中的感应电流恒定，所以金属杆所受安培力不断增大。故C正确；D．由于一开始金属杆静止，所以金属杆一开始受到沿倾

斜导轨向上的摩擦力，在施加垂直于斜面向上的磁场之后，受到方向沿倾斜导轨向上的安培力，摩擦力开始减小。在摩擦力减小为零之后，由于安培力继续增大，金属杆产生沿倾斜导轨向上的运动趋势，摩擦力方向变为向下，大小不断增大。所以金属杆受到的摩擦力先减小再增大。故D错误。故选AC。13.

图为远距离输电的电路图。升压变压器和降压变压器均视为理想变压器，其匝数比1243::nnnn=，图中标示了电压和电流，输电线的电阻为R、消耗功率为P损。则（）A.14UU=B.14II=C.22UPR=损D

.22PIR=损【答案】BD【解析】【详解】A．由于1122UnUn=4433UnUn=且23UU1243::nnnn=则14UU选项A错误；B．由于21421234InnIInnI===可得14II=选项B正

确；CD．导线上的功率损失为2222UPIRR=损选项C错误，D正确。故选BD。14.如图，固定光滑斜面倾角为，一根劲度系数为k的弹簧，上端固定在斜面上，下端连接一质量为m的小物块，物块静止于O点。现将物块沿斜面向上推至弹簧压缩量

为sinmgk的A点无初速度释放，之后物块在AB之间往复运动。则（）A.物块做简谐运动B.物块在B点时，弹簧的弹性势能最大C.物块速度的最大值为2sinmgkD.物块由A向O运动过程中，物块重力势能与弹簧

弹性势能之和先减小后增大【答案】ABC【解析】【详解】A．物体在O点平衡位置时，有mgsinθ=kx0当物块在O点以下x处时，设向下为正方向，则合力为0[()sin]Fkxxmgkx=−+−=−可知物块做简谐振动，选项A正确；B．物块在B点时，弹簧的形变量最大，此时弹簧的弹性势能最大，选

项B正确；C．物体在O点的速度最大，A点与O点的弹簧形变量大小相等，弹性势能相等，故由A点运动到O点，由动能定理得2OA1sin2mmgxmv=其中AO2sinmgxk=解得最大速度2sinmmvgk=故C正

确；D．根据系统的机械能守恒知：物块的动能和重力势能与弹性势能之和保持不变，在物体A与弹簧构成的系统中，物体从A到O运动的过程中，动能一直变大，则物块重力势能与弹簧弹性势能之和一直减小，故D错误。故选ABC。15.如图，相距为d的两水平线间存在水平向里的匀强磁场，磁场

的磁感应强度为B。正方形线框abcd边长为()LLd、质量为m。将线框在磁场上方高h处由静止释放，ab边刚进入磁场和刚穿出磁场时的速度相等。则线框穿过磁场的过程中（）A.线框中电动势保持不变B.线框

有一阶段的加速度大小为gC.线框中感应电流所做功为mgdD.线框的最小速度为2()ghLd+−【答案】BD【解析】【详解】A．由于线框完全在磁场中运动时，磁通量不变，没有感应电流产生，只受重力，做匀加速直线运动

，而ab边刚进入磁场和刚穿出磁场时的速度相等，所以线框进入磁场时必定做减速运动，产生的感应电动势减小，故A错误；B．线框完全在磁场中运动时，没有感应电流产生，不受安培力，只受重力，加速度为g，故B正确；CD．ab边刚进入磁场时有2012mghmv=线框刚刚完全进入磁场时线框速度最小，设最小速

度为v。从开始线框刚完全进入磁场到ab边刚出磁场的过程中有22011()22mgdLmvmv−=−则线框的最小速度2()vghLgd=+−，安培力所做功为-2mgd，由动能定理得21)222mgddmvmghLmghL=+−=+−()(所以2()vghLd=+

−由于ab边刚进入磁场和刚穿出磁场时的速度相等，所以线框进入磁场和穿出磁场的两个过程运动情况相同，则线框穿出磁场时速度也为v。由能量守恒定律可得，线框减小的重力势能等于线框动能、电路中产生的焦耳热（即电流做的功），即21()2mghdLmvQ++=+则整个过程中电流

所做的功2WQmgd==故C错误，D正确。故选BD。三、实验题（本题共2小题，共14分）16.某同学利用单摆测定当地的重力加速度（1）为了更好的完成实验，下列做法正确的有______。A．选择质量大些且体积小些的摆球B．

测量出悬线的长度作为摆长C．为了使摆的周期增大，要增大摆球的摆角D．在摆球从最高点下摆时开始计时（2）该同学在实验中测定了N个周期的时间如图中秒表所示。则秒表读数是______s；（3）该同学在实验中根据测量的数据，画出单摆的振动周期的二次方与摆长2()TL−关系图像，是一条过原点的

倾斜直线，直线斜率等于k，则重力加速度表达式为g=______。【答案】(1).A(2).67.4(3).24k【解析】【详解】(1)［1］A．为了减小阻力对实验的影响，减小实验误差，摆球尽量选择质量大些且体积小些的，A正确；B．单摆的摆长应是：悬线的长度与摆球的半径之和

，B错误；C．由单摆周期公式2lTg=知，为了使摆的周期增大，只要增大摆长即可，与摆角无关，C错误；D．把摆球从平衡位置拉开一个很小的角度（小于10），然后放开摆球让它摆动，应从摆球通过平衡位置开始计时，D错误。故选A。(2)［2］由图可知，

秒表的读数是60s+7.4s=67.4s［3］由单摆周期公式：2lTg=可得224Tlg=可知直线斜率为24kg=则24gk=17.在用下图装置“研究闭合电路中感应电动势大小的影响因素”实验中，强

磁铁固定在小车上，小车可用弹簧以不同的速度弹出，让强磁铁以不同速度穿过闭合线圈（线圈电阻可忽略不计），用光电计时器记录挡光片通过光电门的时间t，用电压传感器记录线圈在这段时间内的平均感应电动势E，实验数据如下表：次数1234563/10st−8.2067.486

6.2865.6145.3404.462/VE0.1280.1420.1700.1910.2020.244(1)实验中，每次挡光片通过光电门的时间内，线圈磁通量变化量______（选填“相等”或“不相等”）；(2)从表中数据可得，时间t越小，线圈产生的感应电动势E______（选填“越

小”或“越大”）；(3)要通过线性图像直观反映感应电动势E与时间Δt的关系，可作______图像；A.Et−B.1Et−C.11Et−【答案】(1).相等(2).越大(3).B【解析】【详解】(1)[1]实验中，每次挡光片通过

光电门的时间内，线圈磁通量变化量相等；(2)[2]从表中数据可得，时间t越小，线圈产生的感应电动势E越大；(3)[3]由表中实验数据可知，感应电动势E与和挡光时间△t的乘积近似一定，说明感应电动势E与挡光时间△t成反比，则感应电动势E与挡光时间△t的倒数成正比，为了研究

E与△t的关系，可在直角坐标系中作感应电动势E与挡光时间△t的倒数的关系图线，即1Et−图像，故选C。四、计算题（本题共3小题，共36分。请把正确答案填写在答题卡上。解答时请写出必要的文字说明、方程式、重要的演算步骤和答案，只写最后答案的不能得分）18.一列周期0.4sT=的简

谐横波沿x轴正方向传播，在0t=时刻的波形如图所示。此时这列波恰好传播到2mx=的质点P，求：（1）该波的振幅与波速；（2）经过多少时间，坐标为8mx=的质点Q开始振动；（3）从0t=时刻到Q点处于波峰时，质点P运动的路程s。【答案】（1）3cm；5m/s；（2）1.2s；（3）0.45+0.1

2n（m）（其中：n=0，1，2，3）【解析】【详解】（1）从图中可读得质点的振幅A=3cm由图可知波长λ=2m波速、波长与周期之间的关系得vT=①解得v=5m/s（2）波从P传到Q的距离为x=8m-2m=6m又因为x=vt1②解得t1=1.2s（3）

设从Q点开始振动到第一次到达波峰的时间为t2t2=34T=0.3s③设从t=0时刻到Q点第一次处于波峰的时间为t3t3=t1+t2=1.5s=154T④设从t=0时刻到Q点第一次处于波峰时，质点P运动的路程s111540.45m4sA==⑤设从t

=0时刻到Q点处于波峰时，质点P运动的路程ss=15A+4NA=0.45+0.12n（m）其中：n=0，1，2，3⑥19.如图，一太阳能空气集热器的底面及侧面为绝热材料，顶面为透明玻璃板，集热器容积231110mV−=。开始时集热器的进气口和出气口阀门关闭，集热器中密封了

一定质量的理想气体，气体的温度为127t=℃，压强为11atmP=。经过太阳曝晒后，集热器中气体的压强增大到21.2atmP=。（1）求集热器中气体的温度升高到多少℃；（2）现保持气体温度不变，通过出气口把集热器中的气体缓慢放出到

一个真空瓶中，最终真空瓶中气体的压强为1atm，求真空瓶的容积；（3）在（2）问的基础上求最终集热器内气体质量与原空瓶来气体质量的比值。【答案】(1)87℃；(2)2×10-3m3；(3)156mm=【解析】【详解】(1)由题意可知，集热器内气体在温度升高的过程中，体积不变，所以有1

212PPTT=①其中P2=1.2atmT1=t1+273=300K②又T2=t2+273③由①②③得t2=87℃(2)以集热器中所有气体为研究对象由等温变化可得2113PVPV=④得V3=1.2×10-2m3真空瓶容积V=V3−V1=2×10-3m3⑤(3)根据题意有113mVm

V=⑥得156mm=20.如图，一对足够长的平行粗糙金属轨道固定于同一水平面上，轨道间距为L，左端接有电阻1R与2R其阻值13RR=、26RR=，右侧平滑连接一对足够高的弯曲光滑轨道，水平轨道的整个区域内存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B。一根质量为m，电阻值为R的金属棒a

b垂直放置于轨道上，金属棒与水平轨道间的动摩擦因数为。金属棒在3Fmg=水平向右的恒力作用下从静止开始运动，在离开磁场前已达到最大速度。轨道电阻不计，棒在运动过程中始终与轨道垂直且与轨道保持良好接触。(1)求金属棒达到的最大速度的

大小；(2)求金属棒ab两端的最大电压；(3)当金属棒离开磁场时撤去外力F，金属棒冲上弯曲光滑轨道后，在返回水平轨道到最终静止的过程中通过电阻1R的电荷量为q，求此过程中1R产生的热量Q。【答案】(1)226mgRBL；(2)4mgRBL；(3)2322

4482mgRmgqRBLBL−【解析】【详解】(1)设电阻R1与R2并联的阻值为R12，有11R+21R=121R①设回路总电阻为R总则有R总=R12+R②由①②得R总=3R金属棒达到的最大速度时，其加速度为零，根据牛顿第二定律，有F−μmg−BIL

=0③I=ER总④E=BLvm⑤由③④⑤，并代入F与R总，得vm=226mgRBL(2)当金属棒速度最大时，ab两端电压U最大由⑤式得E=6mgRBL而U=12RR总E⑥代入E，得U=4mgRBL(3)设通过回路的总电荷量为q总，有q总=q+12R

Rq=32q⑦q总=It⑧I=ER总⑨E=N=BLxtt⑩由⑦⑧⑨⑩得x=92qRBL根据能量守恒定律，得12mvm2=μmgx+Q总⑪Q=212RRR+12RR总Q总⑫由⑪⑫得23224482mgRmgqRQBLBL=−获得更多资源请扫码加

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