【文档说明】安徽省安庆市九一六学校2020-2021学年高一下学期开学考试物理试题 含答案.docx，共(12)页，474.977 KB，由小赞的店铺上传

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九一六学校2020-2021学年高一下学期开学考试物理考试卷满分：100分考试时间：90分钟注意事项：1.答题前、考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.选择题必须使用2

B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清晰。3.请按照题序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效；在草稿纸、试题卷上的答题无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。4.保持答题卡卡

面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。5.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：共12小题，每小题4分，满分48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求。第9~1

2题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1某物体做直线运动，下列说法正确的是A.物体加速度方向改变，则物体速度方向一定改变B.物体速度方向改变，则物体加速度方向一定改变C.物体加速度越大

，则物体速度变化率一定越大D.物体加速度越大，则物体速度变化量一定越大2.在翻修旧房时，工人同时将两块砖水平叠放在一起以某一初速度竖直向上抛出，如图所示。砖到达最高点时刚好被另一工人接住，空气阻力忽略不计。从抛出到将要被接住的过程中，下列说法正确的是A.

下面砖对上面砖的弹力方向向上B.下面砖对上面砖没有弹力C.下面待对上面砖的摩擦力方向与速度方向相反D.下面砖对上面砖的摩擦力方向垂直速度方向3.如图所示为某物体在外力作用下做直线运动的速度—时间图像。下列说法正确的是A.t=1s时前后物体运动方向相反B.t=2s时物体加速度为零C.

t=4s时物体回到初始位置D.0-6s物体做匀变速直线运动4.如图所示，一质量为m的物块在倾角为的斜面上匀速下滑。现对物块施加一个竖直向下的恒力F，则物块A.沿斜面匀速下滑B.沿斜面减速下滑C.受到的摩擦

力不变D.受到的合外力增大5.假设汽车紧急刹车后，车轮立即停止转动，汽车将在水平地面上滑动直至停止。某汽车刹车时开始计时，其运动的位移与时间的关系为2202xtt=−（各物理量均采用国际单位制单位），则A.前6s内的位移为48mB.第1s内的位移为18mC.前6s内的平均速度

为8m/sD.汽车紧急刹车时速度每秒减小8m/s6.如图所示，质量为m的木块在沿斜面向上的恒力F作用下，沿倾角为的斜面体匀速上滑，质量为M的斜面体始终静止在水平面上。重力加速度为g。下列说法正确的是A.木块受到的摩擦力大小为cosFmg−B.木块对斜面体的摩擦力

方向沿斜面向下C.桌面对斜面体的支持力大小为()Mmg+D.桌面对斜面体的摩擦力大小为cosF7.甲、乙两物体在同一直线上同向运动，v表示物体在时间t内的平均速度大小。如图所示为甲、乙两物体的v与t的关系图线。若甲、乙两物体恰不相碰，下列说法正确的

是A.t=0时，乙物体一定在甲物体前面B.t=1s时，甲、乙两物体恰不相碰C.t=2s时，乙物体速度大小为1m/sD.t=3s时，甲物体速度大小为3m/s8.如图所示，粗糙斜面的倾角为，一质量为m的小物块由斜面底端以初速度v0沿斜面上滑到最高点后又沿斜面下滑返回到

斜面底端。下列说法正确的是A.上滑的加速度比下滑的加速度小B.上滑的时间比下滑的时间长C.物块返回斜面底端的速度小于v0D.物块与斜面的动摩擦因数大于tan9.如图所示，传送带与水平方向夹角为，以某速度逆时针匀速转动。在传送带上端轻放一小物块，小物块与传送带之间的

动摩擦因数为。若传送带足够长，且tan，则下图中能正确描述小物块运动情况的是A.B.C.D.10.将某小球以某初速度竖直向上抛出，不计空气阻力。小球由抛出点到最高点的过程，小球运动的时间为t，上

升的高度为h。小球在前2t和后2t上升的高度之比为k1，小球在前2h和后2h运动的时间之比为k2。则A.k1=3B.221k=+C.()12321kk=−D.()12321kk=−11.如图所示，一光滑的轻滑轮用细绳OO悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂沙桶a

，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b。整个系统处于静止状态。若沙桶a中沙子逐渐缓慢漏出，下列说法正确的是A.绳OO的张力随沙子漏出逐渐减小B.绳OO与竖直方向的夹角将增大C.桌面对物体b的支持力逐渐增大D.桌面对物体b的摩擦力逐渐减小12.如图所示，甲、乙两物块用轻弹簧相连，放置在倾角为的

粗糙斜面上，平行于斜面向上的恒力F作用在甲物块上，使甲、乙两物块共同沿斜面匀加速向上运动。甲、乙两物块与斜面间的动摩擦因数均为。下列说法正确的是A.若恒力F增大，则弹簧的形变量增大B.若倾角增大，则弹簧的形变量增大C.若

乙质量增大，则弹簧的形变量增大D.若摩擦因数增大，则弹簧的形变量增大二、实验题：共2小题，满分15分。13.（5分）某同学在“探究求合力与分力的关系“时，在竖直面内安装好如图所示实验装置。弹簧测力计手柄端固定在A点，下端用细线OC悬挂钩码，用手拉住细线OB，始终保持

细线OB水平，同时使OA与竖直方向夹角保持为不变。钩码的质量均为m，重力加速度为g。（1）弹簧测力计示数的单位为N，若悬挂一个钩码时，弹簧测力计的示数如图所示，图中示数为______N。（2）若悬挂n个钩码，弹簧测力计的示数为Fn，弹簧测力计拉力在竖直方向的分力为________，比较弹簧

测力计拉力在竖直方向上的分力与__________的大小关系，即可探究合力与分力的关系。14.（10分）为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置。其中M为小车的质量（不含与小车相连的滑轮质量），m（未知量且可改

变）为砂和砂桶的质量，m0为与小车相连的滑轮的质量.力传感器可测出轻绳中的拉力大小。实验过程如下：①调节长木板使之水平；②使细绳水平，调节砂桶中砂的质量，当纸带上打下的点间隔均匀时，力传感器的示数为F0；③更换纸带，增加砂桶中砂的质量，记录力传感器的示数为F，取下

纸带；④重复步骤③，多次进行实验。根据以上实验操作回答下列问题：（1）在实验操作时是否需要满足砂和砂桶的总质量远小于车的质量？________（填“需要”或“不需要”）（2）实验过程中，小车与木板之间的滑动摩擦力大小为

_________。（3）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出砂桶的加速度为________m/s2（计算结果保留两位有效数字）。（4）传感器的示数为F，小车的加速度为a，根据多次实验得到的数据作出的a

-F图像可能是下图中的__________。A.B.C.D.（5）若重力加速度为g，根据实验所测数据和题目中的已知量，可得小车与长木板之间的动摩擦因数为____________。三、计算题：共4小题，满分37分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。15.（6分）如图所示，跨过定滑轮的轻绳两端分别系着物体A和B，物体A放在倾角为30=的斜面上。已知物体B的质量为m，物体A与斜面间的动摩擦因数为36=，滑轮质量及其与轻绳间的摩擦不计，绳的OA段平行于斜面，OB段竖直。若物体A与斜面间的最大静摩擦力等于两者

间的滑动摩擦力，要使物体B静止空中，则物体A质量的取值范围为多少？16.（8分）甲、乙两质点同时由A点沿直线出发运动到B点。甲由静止从A点出发做加速度大小为a1的匀加速运动，接着做加速度大小为a2的匀减速运动，到达B点时恰好速度减为零。乙以速度v

0从A点匀速运动到B点。甲、乙两质点同时到达B点。求A、B两点间的距离。17.（10分）如图所示，倾角为的光滑斜面体固定在水平面上，现对斜面上质量为m的物块施加一沿斜面向上的恒力F（大小未知），使物块从斜面底端由静止开始沿斜面向上运动，经过时间t后撤去

该恒力，又经相同时间物块恰返回到斜面底端，物块可视为质点，重力加速度为g，求：（1）恒力F的大小；（2）物块沿斜面向上运动的最大距离。18.（13分）如图所示，A、B为水平面上的一个长度为s=4.0m的凹槽，长度为L=2.0m、质量M=1.0kg的木板静止在凹槽左侧，木板厚度与凹槽深度

相同，水平面右侧有一倾角为37=的足够长的光滑斜面PQ，斜面底端与水平面由光滑小圆弧相连（小圆弧的长度可不计）。质量为m=1.0kg的小木块以初速度v0=2m/s的速度滑上木板，小木块与木板间的动摩擦因数0.05=，其他摩擦

不计。若木板每次与A、B相碰后速度立即减为0，且与A、B不粘连。重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，小木块可视为质点。求：（1）小木块运动到斜面底端时速度的大小；（2）小木块在斜面上运动可到达的最大高度；（3）小木块最终停止时离A点的距

离。高一物理参考答案1.【答案】C【解析】物体的速度、速度变化量、速度变化率之间的大小无必然关系，选项A、B、D错误；物体的速度变化率即为vt，故选项C正确。2.【答案】B【解析】由于两块砖只受重力，处于完全失重状态，两块砖之间没有弹力，也没有摩擦力，选项B正确，选项A、C、D错误

。3.【答案】C【解析】t=1s时物体速度仍为正值，没有反向运动，选项A错误；t=2s时物体加速度为-1m/s2，选项B错误；t=4s时物体的位移为零，因而回到初始位置，选项C正确；由于物体的加速度方向在变化，因而不是匀变

速运动，选项D错误。4.【答案】A【解析】由于质量为m的物块在倾角为的斜面上匀速下滑，说明斜面对物块的作用力与物块的重力平衡，斜面与物块的动摩擦因数tan=。对物块施加一个竖直向下的恒力F，使得合力仍然为零，

故物块仍沿斜面匀速下滑，选项A正确，选项B、D错误。摩擦力由sinmg增大到()sinFmg+，选项C错误。5.【答案】B【解析】根据2202xtt=−可得汽车刹车时初速度为v0=20m/s，加速度大小为a=4m/s2，故刹车时间为005vtsa==，汽车在

停止时的位移为20001502xvtatm=−=，前6s内的平均速度为25/3xvmst==，选项A、C错误；第1s内的位移只需将t=l代入即可求出18xm=，选项B正确；汽车运动时速度减小量为4/vatms==，选项D错误。6.【答案】D【解析】以木块为研究对象，木块沿斜面上

滑，沿斜面有sinFmgf=+，故选项A错误；斜体对木块的摩擦力方向沿斜面向下，根据牛顿第三定律，木块对斜面体的摩擦力方向沿斜面向上，故选项B错误；以木块m和斜面体M为研究对象，水平方向有cosFf=，竖直方向有()sinNFMmg+=+，故选项

C错误，选项D正确。7.【答案】B【解析】对于甲物体根据2012xvtat=+甲甲甲得012xvatvt==+甲甲甲，则112a=甲，00v=甲，故2=2/ams甲；同理对乙物体有012xvvatt==−乙乙乙，则112a−=−乙，04/vms=乙，故2

=2/ams乙。由于甲物体加速运动，乙物体减速运动，若两物体恰不相碰，则乙物体在后，甲物体在前，选项A错误；两者速度相等时距离最近，故4-2t=2t，解得t=1s，选项B正确；根据运动学公式有v=4-2t=4-2×2=

0，故选项C错误；根据运动学公式有v=2t=2×3=6m/s，选项D错误。8.【答案】C【解析】物块上滑时加速度大小为()1sincosag=+，物块下滑时加速度大小为()2sincosag=−，故上滑的加速度比下滑的加速度大，选项A错误；上滑过程有2011

112xvtat=−，0110vat=−，即21112xat=，下滑过程有22212xat=，故12tt，选项B错误；上滑过程有012vxt=，下滑过程有22vxt=，由于12tt，故0vv，选项C正确；由于物块到最高点能下滑，则sincosmgmg，故tan

，选项D错误。9.【答案】BC【解析】小物块刚放上之后的一段时间内所受摩擦力沿传送带向下，由牛顿第二定律有1sincosmgmgma+=，小木块与传送带同速后，因tan，小木块将继续向

下加速运动，由牛顿第二定律有2sincosmgmgma−=，有12aa，选项B、C正确，A、D错误。10.【答案】AD【解析】把小球的运动逆过来看，则为初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学的相关推论易得k1=3，2

21k=−，则()12321kk=−，()12321kk=+，选项A、D正确，选项B，C错误。11.【答案】ACD【解析】以轻滑轮为研究对象可知，连接沙桶a的细绳张力、连接物体b的细绳张力的合力与细绳OO的拉力等大反向，连接沙桶a和物体b的细绳张力始终等于沙桶a的重力，方向

没有变化，因而两者合力逐渐减小，方向不变，选项A正确，选项B错误；以物体b为研究对象，由于连接物体b的细绳拉力逐渐减小，因而桌面对物体b的支持力逐渐变大，桌面对物体b的摩擦力逐渐减小，选项C、D正确。12.【答案】AC【解析】以甲、乙两物块整体为研究

对象，根据牛顿第二定律有()()()sincosFmmgmmgmma−+−+=+甲乙甲乙甲乙，以乙物块为研究对象有sincoskxmgmgma−−=乙乙乙，联立解得mkxFmm=+乙甲乙，据此可知选项A、C正确，选项B、D错误。13.【答案】（5分）（1）3.6（2分）（2）cos

nF（1分）nmg（2分）【解析】（1）弹簧测力计指针指在18.0格，每一小格示数0.2N，故示数为18.0×0.2N=3.6N。（2）弹簧测力计在竖直方向上的分力为cosnF，比较cosnF与nmg之间的大小关系即可探究合力与分力的关系。14.【答案】（10分）（1）不需要（2分

）（2）2F0（2分）（3）4.0（2分）（4）B（2分）（5）()002FMmg+（2分）【解析】（1）由于轻绳的拉力可以由测力计测出，不需要用砂和砂桶的重力近似替代轻绳的拉力，因而不需要满足砂和砂桶的总质量远小于车的质量。（2）根据题意，以小车为研究对象可知，小车受到的滑动摩擦

力为f=2F0。（3）根据2xat=可得小车的加速度为()()()22211.099.137.105.123.091.10200/2.0/90.1acmsms++−++===，砂和砂桶的加速度为小车加速

度的2倍，故224.0/aams==。（4）有题意可知，小车与长木板之间的摩擦力为2F0，根据牛顿第二定律有()()002FFMma−=+，则00022aFFMmMm=−++，故选项B正确。（5）根据实验步骤可知f=2F0，而()0fMmg=+，解得()002FMmg=+。15.（

6分）【解析】以物体B为研究对象，则有T=mg……………………………………（1分）以物体A为研究对象，当物体A有沿斜面上滑的趋势时，则有()sincosAmgmg+=………………………………………………………（1分）解得43Amm=……………………………

………………………………………（1分）当物体A有沿斜面下滑的趋势时，则有()sincosAmgmg−=……………………………………………………（1分）解得4Amm=……………………………………………………………………（1分）因而物体A的质量范围为443Ammm……………………………

………（1分）16.（8分）【解析】对于质点甲，在加速阶段有11vat=………………………………………（2分）在减速阶段由220vat=−………………………………………………………………（2分）由题可得()1212xvtt=+…………………

……………………………………………（1分）对于质点乙有()012xvtt=+…………………………………………………………（1分）联立解得()1220122aaxvaa+=…………………………………………………………（2分）17.（10分）【解析】（1）恒力作用时，根据牛

顿第二定律有：1sinFmgma−=①………………………………………………………………（1分）根据运动学公式有2112sat=②………………………………………………………………（1分）1vat=③……………………………………………………………………………………（1

分）撤去恒力后，根据牛顿第二定律有2sinmgma=④………………………………（1分）根据运动学公式有2212svtat−=−⑤……………………………………………………（1分）联立①~⑤解得4sin3Fmg=…………………………………………………………（1分）（2）撤去恒力F后物块将减速

运动至速度为零，然后沿斜面加速下滑到斜面底端物体沿斜面向上减速时有20vat=−⑥………………………………………………（1分）物体沿斜面上滑的最大距离为()2vxtt=+⑦…………………………………………（1分）联立①③④⑥⑦解得22sin9gtx=。……

……………………………………………（2分）18.（13分）【解析】（1）小木块滑上木板后，对于小物块：1mgma=…………………………（1分）解得210.5/ams=，方向向左对于木板：2mgMa=…………………………………………………………………（1分）解得220.5/a

ms=，方向向右设经过时间t，小物块与木板达到共同速度v运动，则012vvatat=−=…………………………………………………………………………（1分）解得t=2s该过程中，小木块运动的位移210112xvtat=−，解得x1=3.0m木板运动的位移22212xat=解得x2=

1.0m则122xxxmL=−==……………………………………………………………………（1分）故共速时，小物块恰运动到木板的右端，且木板恰运动到B点，此时小物块的速度为v=1.0m/s………………………………………………………………………………（1分）（用

假设法，动量守恒求共同速度，利用功能关系求出木块相对木板滑动距离同样得分）（2）小物块沿斜面上升时，根据牛顿第二定律有sin37mgma=………………（1分）解得a=6m/s2设小物块沿斜面上升的最大高度为h，根据运动学

公式有()202sin37hva−=−……（1分）联立解得h=0.05m……………………………………………………………………………（1分）（3）由于斜面光滑，小物块返回时以1m/s的速度再由B处滑上木板，设经过t共速，此时小物块的加速度大小仍为a1，方向向右，木板的加速度大小仍为a

2，方向向左。则12vvatat=−=………………………………………………………………………………（1分）解得1ts=该过程中，小木块运动的位移21112xvtat=−解得10.75xm=木板运动的位移22212xat=解得x2=0.25m则12

0.5xxxmL=−=………………………………………………………………………（1分）故小物块与木板共速时，木板还没有到达A点，此时小物块的速度为0.5/vms=碰撞后，木板速度减为零，小物块以0.5/vms=的速度向左减速运动。设经过时间t小物块

减速为零，则10vat=−…………………………………………………………………………………（1分）解得1ts=小物块在该过程中的位移为2112xvtat=−……………………………………………（1分）解得x=0.2

5m故1.25LLxxm=−−=…………………………………………………………………（1分）即小物块停止运动时离A点的距离为1.25m