【文档说明】四川省泸县第二中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题【精准解析】.doc，共(13)页，688.000 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省泸县第二中学高一期中考试物理试题一、单选题1.关于曲线运动的速度，下列说法正确的是（）A.做曲线运动的物体速度方向必定变化B.速度变化的运动必定是曲线运动C.加速度恒定的运动不可能是曲线运动D.加速度变化

的运动必定是曲线运动【答案】A【解析】【详解】A.因为做曲线运动的物体，合力与速度不在一条直线上，所以做曲线运动的物体速度方向必定变化，故A符合题意；B.速度变化的运动不一定是曲线运动，如匀变速直线运动，故B不符合题意；C.加速度恒定的运动可能是曲线运动，如平抛运

动，故C不符合题意；D.若合力与速度在同一条直线上，合力的大小变化，加速度大小也变化，但物体做直线运动，所以加速度变化的运动不一定是曲线运动，故D不符合题意．2.篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两

臂迎球，手触到球瞬间顺势后引．这样可以减小A.球对手的力的冲量B.球对手的力的大小C.球的动量变化量D.球的动能变化量【答案】B【解析】球对手的力的冲量0Pmvmv=−，不变，A错误；篮球运动员接传来

的篮球时，通常要先伸出两臂迎球，手触到球瞬间顺势后引，增加了手与球间的相互作用力时间，根据0Ftmvmv=−可知，减小了球对手的力的大小，B正确；根据动量变化0Pmvmv=−可知，动量变化量相同，C错误；球的动能变化量2201122kEmvmv=−，相同

，故D错误．3.鹰在高空中盘旋时，垂直于翼面的升力和其重力的合力提供向心力，如图所示．当翼面与水平面成角并以速率v匀速水平盘旋时的半径为A.2cosvRg=B.2tanvRg=C.2cotvRg=D.2sinvRg=【答案】B【解析

】【分析】分析鹰的受力情况，由重力和机翼升力的合力提供向心力，作出鹰的受力图，由牛顿第二定律列式分析．【详解】鹰在高空中盘旋时，对其受力分析，如图：根据翼面的升力和其重力的合力提供向心力，得：2tanvmgmR=，化简得：2tanvRg=．A．2cosvRg=，与分析结果不符，故

A错误；B．2tanvRg=，与分析结果相符，故B正确；C．2cotvRg=，与分析结果不符，故C错误；D．2sinvRg=，与分析结果不符，故D错误．【点睛】本题主要考查了基本的圆周运动的应用，较为简单．4.一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为150m的河，河

水流速为5m/s，下列说法正确的是A.这只小船过河的最短时间为30sB.这只小船以最短时间过河的速度大小为4m/sC.若河水流速改变，小船过河的最小位移大小一定不变D.这只小船过河的最小位移大小为250m【答案】D【

解析】【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间，通过判断合速度能否与河岸垂直，判断船能否垂直到对岸．【详解】A．小船过河的最短时间为：=50sdtv=河静，故A错误；B．小船船头垂直河岸时，过河时间最短，此时：2

2=+=34m/vvvs船水静，故B错误；C．若河水流速改变，根据运动的速度合成，可知，小船可以垂直河岸过河，最短位移变化，故C错误；D．根据平行四边形定则，由于静水速度小于水流速度，则合速度不可能垂直于河岸，即船不可能垂直到达对岸，那么最短距离为：5=150m=250m3vs

dv=水河静，故D正确．【点睛】本题主要以小船过河为模型考查了运动的合成与分解，属于一般题．5.如图所示，甲是我国暗物质粒子探测卫星“悟空”，运行轨道高度为500km,乙是地球同步卫星．关于甲、乙两卫星的运动,下列说法中正确的是A.卫星乙的周期可能是20hB.卫星乙可能在泸州

正上空C.卫星甲的周期大于卫星乙的周期D.卫星甲的角速度大于卫星乙的角速度【答案】D【解析】【详解】A、乙为同步卫星，其周期为24h，A错误；B、同步卫星的轨道只能在赤道上空，B错误；CD、222224MmvGmmrmrmarrT

====，解得3322rrGMTvGMr===，，可知轨道半径小的周期小，角速度大，C错误D正确．6.公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v0时，汽车恰好没有向公路内外两侧

滑动的趋势．则在该转弯处A.当路面结冰时，v0的值减小B.当路面结冰时，v0的值增大C.车速低于v0，车辆便会向内侧滑动D.车速低于v0，车辆不一定向内侧滑动【答案】D【解析】【详解】AB．当汽车行驶的速率为v0时，汽车恰好没有向公路内外

两侧滑动的趋势，此时重力与支持力的合力提供向心力，当路面结冰时，两力仍没变，所以v0的值不变，AB错误．CD．车速低于v0，所需向心力变小，有近心运动的趋势，但是由于静摩擦力的存在，所以车辆不一定向内

侧滑动，C错误D正确．7.质量为m的小球在竖直平面内的圆管轨道内运动，小球的直径略小于圆管的直径，如图所示．已知小球以速度v通过最高点时对圆管的外壁的压力恰好为mg，则小球以速度2v通过圆管的最高点时()．A.小球对圆管的内、外壁均无

压力B.小球对圆管的内壁压力等于2mgC.小球对圆管的外壁压力等于2mgD.小球对圆管的内壁压力等于mg【答案】B【解析】【详解】以小球为研究对象,小球以速度v通过最高点C时,根据牛顿第二定律得2vmgmgmr+=当小球以速度2v通过圆管的最高点

,根据牛顿第二定律得:22vmgNmr+=（）计算得出2mgN=−负号表示圆管对小球的作用力向上,即小球对圆管的内壁压力等于2mg，故B正确；故选B。8.如图所示，光滑长杆水平固定，轻质光滑小定滑轮固定在

O点，P点和C点是长杆上的两点，PO与水平方向的夹角为30°，C点在O点正下方，OC=h；小物块A、B质量相等，A套在长杆上，细线跨过定滑轮连接A和B，重力加速度为g．开始时A在P点，现将A、B由静止释放，则A.物块A从P点到第一次到达C点过程中，速度先增大后减小B.物块A从P点到第一次到

达C点过程中，物块B克服细线拉力做功等于重力做功C.物块A过C点时速度大小为2ghD.物块A过C点时速度大小为gh【答案】BC【解析】【详解】A．物块A由P点出发第一次到达C点过程中，绳子拉力一直对A做正功，其他力不做功，由动能定理可知物块A

的动能不断增大，其速度不断增大，A错误．B．物体到C点时，物块B的速度为零．根据动能定理可知，在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功等于重力做功，B正确．CD．物体到C点时，物块

B的速度为零．设物块A经过C点时的速度大小为v．根据系统的机械能守恒得：21sin302hmghmv−=，解得2vgh=，C正确D错误．9.两个质量相等的小球a、b分别用细线连接，悬挂于同一点O．现给两小球

一定的初速度，使两小球在同一水平面内做匀速圆周运动，这样就构成两圆锥摆，如图所示．若a、b两球做匀速圆周运动的半径之比为ra∶rb=2∶1，则下列关于描述a、b两球运动的物理量之比，正确的是A.速度之比va∶vb=2∶1B.角速度之

比ωa∶ωb=2∶1C.加速度之比aa∶ab=2∶1D.周期之比Ta∶Tb=2∶1【答案】AC【解析】【详解】对其中一个小球受力分析，如图，受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力

；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得，细线的拉力cosmgT=所以向心力2tan(tan)Fmgmh==，所以角速度gh=，相同．A.根据vr=可知，线速度之比为半径比，即2：1，A正确．B.根据分析可知，角速度之比为1：1，B

错误．C.加速度2ar=可知，加速度之比为半径比，即2：1，C正确．D.周期2T=可知，周期之比为1：1，D错误．10.如图所示，小球甲从倾角θ=60°的斜面顶端以初速度2v0水平抛出的同时，让小球乙从斜面顶端以初速v0沿斜面滑下，经

时间t小球甲落到斜面上，已知两小球质量相等，斜面光滑，则下列说法正确的是A.t时刻甲的动量大于乙B.0～t时间内重力对甲的冲量大于乙C.0～t时间内重力对甲做的功大于乙D.t时刻重力对甲做功的功率大于乙【答案】AD【解析】【详解

】A.经时间t小球甲落到斜面上，根据平抛规律2012tan2gtvt=，解得：043vtg=，所以t时刻，竖直速度：y043vgtv==，所以速度22000(2)(43)213vvvv=+=；对乙球：加速度sinag=，末速度00'7vv

atv=+=，因为甲的速度大，质量相等，所以t时刻甲的动量大于乙的动量，A正确．B.重力冲量Imgt=，因为两小球质量相等，所以冲量大小相等，B错误．C.甲下落的竖直高度2202412vhgtg==，乙下落

高度00207'sin224vgvvht+==，因为下落高度相同，GWmgh=，重力做功相同，C错误．D.甲的竖直速度y043vgtv==，乙的竖直速度'073'sin2yvvv==，重力功率yGPmgv=，所以重力对甲的功率大于乙

，D正确．二、实验题11.利用如图所示装置做“验证机械能守恒定律”的实验.（1）为验证机械能是否守恒，需要比较重物下落过程中任意两点间的（）A．动能变化量与势能变化量B．速度变化量和势能变化量C．速度变化量和高度变化量（2）除带夹子的重物、纸带、铁架台(含铁夹)、电磁打点计时器、导线及开关外，在下

列器材中，还必须使用的两种器材是（）A．交流电源B．刻度尺C．天平(含砝码)（3）实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图所示的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为Ah、Bh、Ch．已知当地重力加速度为g，打点计时器

打点的周期为T．设重物的质量为m，从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量ΔEp＝________，动能变化量ΔEk＝__________.（4）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是________________

_______________________________________________．【答案】(1).A(2).AB(3).Bmgh(4).()2CA28mhhT−(5).存在阻力【解析】【详解】第一空.验证机械能守恒，即需比较重力势能的变化量与动能增加量的关系

，A正确BC错误．第二空.电磁打点计时器需要接低压交流电源，实验中需要用刻度尺测量点迹间的距离，从而得出瞬时速度以及下降的高度．实验验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测量质量，AB正确C错误．第三空.从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化

量pBEmgh=．第四空.B点的瞬时速度为：CAB2hhvT−=，则动能的增加量为：()2CA2kB2128mhhEmvT−==．第五空.大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是存在空气阻力和摩擦力阻力的影响

．三、计算题12.某同学对一辆自制小遥控车的性能进行测试，让小车在水平地面上由静止开始运动．小车上的传感器将小车运动的全过程记录下来，通过数据处理得到如图所示的vt−图像．已知小车在02s内做匀加速直线运动，210s内小车牵引力的功率保持不变，在10s末停止遥控，关闭电动机．小车的

总质量1kgm=，整个过程中小车受到的阻力保持不变．求：（1）小车所受阻力的大小及在0~14s内阻力的冲量大小；（2）小车在2~10s内牵引力的功率；（3）小车在0~10s内的位移大小．【答案】（1）2Nf=、28NsfI=（2）16WP=（3）56mx=【解析】【详解】（1）对小车，

全过程f，在10~14s由=vat可知：23802m/s1410a−==−，根据牛顿第二定律：3fma=，冲量：fIft=联立解得：2Nf=，28NsfI=．（2）对小车，2~10s内功率为额定功率P，8~10s：由汽

车匀速运动可得：2Ff=，功率：2mPFv=，解得：16WP=．（3）对小车，0~2s：212m/svat==位移：21112vxa=根据牛顿第二定律：11Ffma−=令2-10秒的时间为2t，根据动能定理：0

~10s：2112m12FxPtfxmv+−=联立上式解得：56mx=．13.汽车发动机的功率为60kW，汽车的质量为4吨，当它行驶在坡度为α(sinα＝0.02)的长直公路上时，如图所示，所受摩擦阻力为车重的0.1倍(g取10m/

s2)，求：(1)汽车所能达到的最大速度；(2)若汽车从静止开始以0.6m/s2的加速度做匀加速直线运动，则此过程能维持多长时间？(3)当汽车以0.3m/s2的加速度匀加速行驶的速度达到最大值时，汽车发动机做功多少．【答案】(1)12.5m/s(2)13.9s(3)61.0

10J【解析】【详解】解：(1)汽车在坡路上匀速行驶，则有：4800FkmgmgsinN=+=汽车所能达到的最大速度：12.5/mPvmsF==(2)汽车从静止开始，以210.6/ams=匀加速行驶，由牛顿第二定律有：1'Fkmgmgsinma−+=解得：

31'7.210FmakmgmgsinN=++=保持这一牵引力，汽车可达到匀加速行驶的最大速度'mv，则有：25'/3mPvmsF==此过程能维持的时间：1'12513.99mvtssa==(3)汽车从静止开始，以220.3/ams=匀加速行驶，由牛顿

第二定律有：2Fkmgmgsinma−+=解得：32610FmakmgmgsinN=++=保持这一牵引力，汽车可达到匀加速行驶的最大速度''mv，则有：''10/mPvmsF==匀加速阶段位移：2250023mvxma==汽车发动机做功：6110PF

xJ==14.如图所示，位于竖直平面上的14圆弧轨道光滑，半径为R，OB沿竖直方向，上端A距地面高度为H，质量为m的小球从A点由静止释放，到达B点时的速度为2gR，最后落在地面上C点处，不计空气阻力，求：（1）小球刚运动到B点时对轨道的压力多大?（2）小球落地

点C与B点水平距离为多少?【答案】（1）3NFmg=（2）2()xRHR=−【解析】(1)设在B点小球受支持力为FN，由牛顿第二定律得：2BNvFmgmR=−23BNvFmgmmgR=+=根据牛顿第三定律可知，小球运动到B点对轨道的压力为3mg(2)小球从B点抛出后做平抛运动，竖直方

向自由落体，则有：212HRgt−=水平方向匀速运动，有：Bxvt=又2BvgR=联立解得：2()xRHR=−【点睛】本题要知道小球做圆周运动时，到B点的加速度即为B点的向心加速度．平抛运动根据运动的分解法进行研究．