【文档说明】【精准解析】陕西省宝鸡市渭滨区2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题.doc，共(17)页，763.000 KB，由小赞的店铺上传

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渭滨区2019-2020-2高一年级物理试题一、选择题（共12小题，计40分。第1—8题为单选，每个3分；第9--12题为多选，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错误选项得0分，并把选项填涂在答题卡上）1.关于曲线运动，有下列说法正确的是①曲线运动一定是

变速运动，②曲线运动一定是匀速运动③在平衡力作用下，物体可以做曲线运动④在恒力作用下，物体可以做曲线运动A.①③B.①④C.②③D.②④【答案】B【解析】【详解】曲线运动的速度的方向一定在变，所以曲线运动一定是变速运

动，①正确②错误；在平衡力的作用下，物体处于静止或者匀速直线运动状态，③错误；在恒力作用下，物体可以做曲线运动，例如平抛运动过程中只受重力作用，是恒力作用，④正确。故选B。【名师点睛】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，做曲线运动

的物体的速度大小可能恒定不变，但是速度方向一定发生变化2.在同一点O抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度Av、Bv、Cv的关系和三个物体做平抛运动的时间At、Bt、Ct的关系分别是（）A.

ABCvvv，ABCtttBABCvvv==，ABCttt==C.ABCvvv，ABCtttD.ABCvvv，ABCttt【答案】C【解析】【详解】平抛运动在竖直方向做自由落体运动212hgt=可知时间只与高度有关，

即2htg=根据题图可知时间关系为ABCttt水平方向做匀速直线运动0xvt=根据题图的水平位移关系结合时间关系可知初速度ABCvvvABD错误，C正确。故选C。3.用跨过定滑轮的绳把湖中小船拉靠岸，如图，已知拉绳的速度v不变，则船速A.逐渐增大B.不变C.逐渐减小D.先增

大后减小【答案】A【解析】【详解】设某时刻船速v1，绳子方向和船速夹角为α，则1cosvv=所以当小船靠岸时，随α增大，船速逐渐增大，选项A正确，BCD错误。故选A。4.一个电子钟的秒针角速度为()Aπrad/sB.2πrad/sC.π/30rad/sD.π/60ra

d/s【答案】C【解析】【详解】秒针的周期T=60s，转过的角度为2π，则角速度22rad/s=rad/s6030tT===；故A、B、D错误，C正确．故选C．【点睛】解决本题的关键知道角速度的定义式，知道角速度与周期的关系．5.如图所示，用长为l的细绳拴着质量为m的

小球在竖直平面内做圆周运动，不计一切阻力和摩擦，则下列说法中正确的是（）A.小球在圆周最高点时所受的向心力一定为重力B.小球在最高点时绳子的拉力不可能为零C.若小球恰好能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为2glD.小球过最低点时绳子的拉力一定大于小球重力mg【答案】D【解

析】【详解】AB．小球在最高点时向心力可能由重力和绳子拉力共同提供，也可能是重力完全提供向心力，故绳子拉力可能为零，AB错误；C．若小球恰好能在竖直平面内做圆周运动，在最高点重力完全提供向心力2vmgml=解得vgl=C错误；D

．小球在最低点，向心加速度竖直向上，根据牛顿第二定律可知2vTmgml−=所以绳子拉力大于小球重力mg，D正确。故选D。6.宇航员在月球上做自由落体实验，将某物体由距月球表面高h处释放，经时间t后落到月球表面（设月球半径为R）。据上述信息推断，月球的第一宇宙速

度为（）A.2RhtB.2RhtC.RhtD.2Rht【答案】B【解析】【详解】根据212hgt=可得月球表面的重力加速度22hgt=由于2mvmgR=可得月球第一宇宙速度2htvgRR==B正确，ACD错误

。故选B。7.质量为m的物体从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动，在运动时间为t的过程中，合力对它做功的平均功率为()A.2matB.212matC.22matD.222mat【答案】B【解析】【详解】物体做的是匀加速直线运动，t时刻速度的大小为va

t=该过程的平均速度的大小为122vvat==物体受到的合外力为Fma=所以合外力对它做功的平均功率为21122PFvmaatmat===故选B。8.在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点，质量为m的物块（可视为质点）由静止开始下滑，经圆弧最低点

b滑上粗糙水平面，圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c点停止。若圆弧轨道半径为R，物块与水平面间的动摩擦因数为，下列说法错误的是（）A.物块滑到b点时的速度为3gRB.物块滑到圆弧轨道的b点时对b点的压力是3mgC.c点与b点的距离为RD.整个过程中

物块机械能损失了mgR【答案】A【解析】【详解】A．物块从ab→，根据机械能守恒定律212mgRmv=解得物块在b点速度为2vgR=A错误，符合题意；B．在圆弧轨道b点，根据牛顿第二定律2vNmgmR−=解得3Nmg=根据牛顿第三定律可知物块滑到圆弧轨道的b点时对b

点的压力是3mg，B正确，不符合题意；C．物体从ac→，根据动能定理可知0cbmgRmgx−=解得cbRx=C正确，不符合题意；D．物体在运动过程中，摩擦力做负功，机械能减小，所以机械能的减少量为cbEmg

xmgR==D正确，不符合题意。故选A。9.有一物体在离水平地面高h处以初速度v0水平抛出，落地时速度为v，竖直分速度为vy，水平射程为l，不计空气阻力，则物体在空中飞行的时间为（）A.0lvB.2hgC.220vvg−D

.2yhv【答案】ACD【解析】【详解】A．物体在水平方向上做匀速直线运动，则有0lvt=可得0ltv=故A错误；B．物体在竖直方向上做自由落体运动，则有212hgt=可得2htg=故B错误；C．平抛运动的竖直分速度

yv，根据平行四边形定则有220yvvv=−其中ygt=v联立解得220vvtg−=故C错误；D．物体在竖直方向上做自由落体运动，根据平均速度公式则有02yvht+=解得2yhtv=故D正确；故选ACD。10.火星有两颗卫星，分别

是火卫一和火卫二，它们的轨道近似为圆。已知火卫一的周期为7小时39分，火卫二的周期为30小时18分，则两颗卫星相比（）A.火卫一距火星表面较远B.火卫二的角速度较小C.火卫一的运动线速度较大D.火卫二的向心加速度较大【答案】BC【解析】【详解】卫星绕火星做匀速圆周运动，根据万有

引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、火星质量为M，有22222π()vmmrMmrmarTmGr====解得32πrTGM=，GMvr=，3GMr=，2GMar=由于火卫二周期较大，根据32πrTGM=，可知其轨道

半径较大；根据GMvr=，可知火卫二的线速度较小；根据3GMr=，可知火卫二角速度较小；根据2GMar=，可知火卫二的向心加速度较小，故选BC。11.汽车以恒定的功率P在水平路面行驶，在时间t内速度由0v达到最大速度

mv。若汽车的位移为s，阻力恒为f，则在此过程中，发动机做功为（）A.PtB.0fvtC.mfvtD.22m01()2mvv−【答案】AC【解析】【详解】A．汽车以恒定功率行驶，发动机做功为Pt，A正确；BC．汽车速度达到最大时，加速度为0，此时牵引力等于阻力，最大速度满足m

Pvf=则牵引力做功（即发动机做功）可表示为mWPtfvt==B错误，C正确；D．根据动能定理可知22m01()2Ptfsmvv−=−D错误。故选AC。12.如图所示，两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使两碗口处于同一水平面（设为零势能面），

现将质量相同的两个小球（小球半径远小于碗的半径）分别从两个碗的边缘由静止释放，当两球分别通过碗的最低点时（）A.两球的速度大小相等B.两球的速度大小不相等C.两球的机械能相等D.两球对碗底的压力大小相等【答案】BCD【解析】【详解】AB．对任两球，从释放到碗的最低点，根据机械能守恒得21

2mgRmv=化简可得，到达碗底的速度为2vgR=由于两个碗的半径不同，所以两球到达碗的最低点时的速度大小不相等，故B正确，A错误；C．对于两球，从释放到碗的最低点只有重力做功，所以机械能守恒。由于初始时两碗处于同一水平面（设为零势能面），所以在任何位置

，两球的的机械能都是相等的，故C正确；D．到达碗底时，根据牛顿第二定律有2NvFmgmR−=解得FN=3mg，根据牛顿第三定律，可知两球对碗底的压力大小相等，故D正确。故选BCD。二、填空与实验题（每空或每问3分，计39分）13.河宽420m，船在静水

中的速度是3ms，水流速度是5ms，则过河的最短时间为_____s，最小位移是_____m。【答案】(1).140(2).700【解析】【详解】[1]河宽一定，船头垂直指向对岸，渡河时间最短，则420m140s3m/

st==[2]最小位移x如图以水流速度5m/s的末端为圆心，以船速3m/s为半径做圆，此时合速度方向（图中虚直线）产生位移最小，根据相似三角形得到位移与速度的比例关系420m3m/s5m/sx=解得700mx=14.如图所示，用

长为L的细线拴一个质量为m的小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直方向间的夹角为，重力加速度为g。小球受力的个数为_____个，向心力的大小等于_________，周期为_________。【答案】(1).2(2).tanmg(3).cos2Lg【解析】【详解】[

1]小球转动过程中受到两个力的作用，一个是竖直向下的重力，一个是沿绳方向的拉力。[2]小球做匀速圆周运动，合外力完全提供向心力，如图则向心力为tanFmg=向[3]根据向心力表达式224tansinmgmLT=解得周期为cos2LTg=15.如图所示的实验装置，可用于探究力

对静止物体做功与物体获得速度的关系。实验中，小车会受到摩擦力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡掉摩擦阻力，下面操作正确的是（）A.放开小车，小车能够自由下滑即可B.放开小车，小车能够匀速下滑即可C.放开拖着纸带的小车，小车能够自由下滑即可D.放开拖着纸带的小车，小车能够匀速

下滑即可【答案】D【解析】【详解】实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力。受力平衡时，小车应做匀速直线运动，所以正确的做法是：轻轻推一下拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可，故选D。16.(1)如图所示为用打点计时器验证机械能守恒定律的

实验装置．关于这一实验，下列说法中正确的是______A.需使用天平测出重物的质量B.应先释放纸带，后接通电源打点C.需使用秒表测出重物下落的时间D.测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度(2)实验时，应使打点

计时器的两个限位孔在同一竖直线上．这样做可以______（选填“消除”、“减小”或“增大”）纸带与限位孔之间的摩擦．(3)在实际测量中，重物减少的重力势能通常会________（选填“略大于”、“等于”或“略小于”）增加的动能．【答案】(1).D(2).减小

(3).略大于【解析】【试题分析】正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项以及如何进行数据处理；对于任何实验注意从实验原理、实验仪器、实验步骤、实

验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做只能减小纸带与限位孔之间的摩擦．实际实验中，重锤要受到空气阻力、纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦力，故重物下落时要克服这

些阻力做功，重力势能不能全部转化为动能．(1)A、根据212mghmv=，可知不需要测量重物的质量m，故A错误；B、开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生

较大的误差，故B错误；C、我们可以通过打点计时器计算时间，不需要秒表，故C错误；D、测出纸带上两点迹间的距离，可知重物相应的下落高度，故D正确．故选D．(2)打点计时器的两个限位孔如果不在在同一竖直线上．纸带运动中就会与限位孔之间有摩擦，重物下落时要克服这个阻力做功，重力势能不

能全部转化为动能，实验存在误差．纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做只能减小纸带与限位孔之间的摩擦．(3)实际实验中，重锤要受到空气阻力、纸带和打点计时器限位孔之间有摩擦力，故重物下落时要克服这些阻力做功，重力势能不能全部转化为动能，有一小部分转化

为内能，故重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能．【点睛】对于基础实验要从实验原理出发去理解，要亲自动手实验，深刻体会实验的具体操作，不能单凭记忆去理解实验，验证机械能守恒是中学阶段的基础实验，要从实验原理出发来理解实

验同时注意平时加强练习．17.赤道上空的同步卫星相对地面静止，此卫星的角速度__（填“大于”、“小于”或“等于”）地球自转的角速度，同步卫星的线速度__（填“大于”、“小于”或“等于”）地球第一宇宙速度。【答案】(1).等于(2).小于【

解析】【详解】[1]同步卫星与地球同轴转动，卫星的角速度等于地球自转的角速度。[2]第一宇宙速度为卫星贴近地球表面做匀速圆周运动的线速度大小，满足22MmvGmRR=解得GMvR=同步卫星的轨道半径大于地球

半径R，所以同步卫星的线速度小于地球第一宇宙速度。18.如图，一质量2kgm=的物体静止在光滑水平面上，在方向为水平向右、大小为8N的恒力F的作用下开始运动，则：力F在前3秒对物体所做功的平均功率为_____；3s末力

F对物体做功的瞬时功率为_______。【答案】(1).48W(2).96W【解析】【详解】[1]物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律Fma=解得228m/s4m/s2Fam===前3s内的位移为221143m18m22xat==

=平均功率为818W48W3WFxPtt====[2]在3s末，物块的速度为43m/s12m/svat===瞬时功率为812W96WtPFv===三、综合题（共3小题，每小题7分，共计21分）。要求写出必要的文字说明、方程式和重

要的演算步骤，有数字计算的题要写出明确的数值和单位。只有最后结果的计零分）19.如图所示，在距地面高为20mH=处，有一小球A以初速度010m/sv=水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度0v同方向滑出，B与地面间的动摩擦因数为

0.5=，B的质量为2kg。A、B均可看作质点，空气阻力不计，重力加速度g取210m/s，求：(1)A球落地时，A、B之间的距离；(2)A球落地时，物块B与地面之间的所生的热。【答案】(1)10m；(2)100J【解析】【详解】(1)根据题意可知A物块做平抛运动，竖直方向做自由落体运动2

12Hgt=解得2220s2s10Htg===水平位移为10102m20mxvt===B物块做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律mgma=解得加速度220510m/s5m/sag.===减速至0，逆过程可视为匀加速直线运动，用时010s2s5vtta====

所以A物块落地时，B物块刚好停下，则2022vax=解得220210m10m225vxa===所以两物块之间的距离为2120m10m10mxxx=−=−=(2)摩擦力做功产生热量，则20.521010J100JQmgx

===20.地球的半径是R，密度是，地球表面的重力加速度是g，试由以上三个量表示万有引力恒量G。（球体体积公式：343VR=，地球视为密度均匀的规则球体）【答案】34gR【解析】【详解】不考虑地球自转，万有引力等于地球重力2MmGmgR=解

得地球质量为GgRM2=地球的密度为233443gRMgGVGRR===解得34gGR=21.以20m/s的初速度竖直上抛一物体，质量为1kg，空气阻力恒定，小球上升的最大高度为16m，重力加速度g取210m/s。求：(1)上升过程中克服空气阻力对小球做的功；

(2)小球落回抛出点时的速度大小。【答案】(1)40J；(2)415m/s【解析】【详解】(1)小球上升到最高点，做匀减速直线运动减速至0，逆过程为匀加速直线运动，则202vax=解得加速度为2222020m/s12.

5m/s2216vax===根据牛顿第二定律mgfma+=解得112.5N110N2.5Nfmamg=−=−=上升过程中阻力做负功2.516J40JWfh=−=−=−则克服阻力做功为40J。(2)下落过程中，根据动能

定理212mgxfxmv−=解得2221101622.516m/s415m/s1mgxfxvm−−===