【文档说明】浙江省杭州市等4地杭州市余杭高级中学等5校2022-2023学年高二上学期12月月考物理试题 含解析.docx，共(37)页，11.155 MB，由小赞的店铺上传

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2022学年第一学期浙江北斗星盟阶段性联考考生须知：1.本卷共10页满分100分，考试时间90分钟；2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、学号和姓名；考场号、座位号写在指定位置；3.本卷部分题目以相同题号不同试题呈现，请学习选择性必修I的同学完成对应题号为（选修I）的试题，学习选择性

必修II的同学请完成对应题号为（选修II）的试题；切勿重复答题，重复答题的只计一题得分；4.所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效；5.考试结束后，只需上交答题纸：6.可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10m/s2.选择题部分（共45分）一、单项选择题（本题共13个小题，

每小题3分，共39分；每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求，多选、错选均不得分。）1.下列物理量的单位用国际单位制的基本单位描述，且描述正确的是（）A.动摩擦因数μ的单位是kg/s2B.万有引力常量G的单位是m2/（kg•s2）C.

弹簧劲度系数k的单位是N/mD.静电力常量k的单位是kg•m3/（s4•A2）【答案】D【解析】【详解】A．根据NfF=可知动摩擦因数μ的单位是1，A错误；B．根据万有引力定律122mmFGr=得212FrG

mm=又力的单位：1N＝1kg•m/s2，则万有引力常量G基本单位是m3/kg·s2，B错误；C．弹簧的劲度系数k的单位是N/m，但N是导出单位，C错误；D．根据2kQqFr=得2FrkQq=由qIt=和Fm

a=，联立化简可知静电力常量k的单位是kg•m3/（s4•A2），D正确。故选D。2.近年来，浙江多地开展文明城市创建工作，不断提升城市文明程度和市民文明素养，而礼让斑马线，已成为城市一道亮丽的风景线。图示为一辆小汽车以10m/s的速度匀速驶向路口，当行驶至车头距路口斑马线15

m处时，司机发现有一小女孩正横穿马路，司机从发现女孩到停车用时3s，在这3s内，汽车运动的v-t图像如图所示，下列说法正确的是（）A.小车刹车时的加速度为210m/s3−B.小车3s内的平均速度为5m/sC.

3s末该汽车的车头刚好停在斑马线前D.司机至少应提前0.5s刹车才能在斑马线前停下【答案】D【解析】【详解】A．根据图像可知，小车刹车时的加速度为22010m/s5m/s31vat−===−−故A错误；BC．v-t图像围成的面

积表示位移，为1310m20m2x+==小车3s内的平均速度20m/s3xvt==3s末该汽车的车头已经越过斑马线一段距离，故BC错误；D．刹车过程的位移200'10m2vxa−==反应时间内允许最大位移15m'5mxx=−=允许

的最大反应时间00.5sxtv==故司机至少应提前0.5s刹车才能在斑马线前停下，故D正确。故选D。3.水平地面上有两位同学正在进行拔河比赛，比赛过程中左侧绳子始终略低于右侧，绳子的质量可忽略，如图所示。按规定谁先把对方

拉过两者中间位置算谁胜，则下列说法正确的是（）A.左侧同学拉绳的力和右侧同学拉绳的力是一对相互作用力B.若地面光滑，两位同学一定同时到达中间位置C.若两位同学质量相等，双脚和地面间的动摩擦因数也相同，左侧同学先到达中间位置D.若两位同学质

量相等，双脚和地面间的动摩擦因数也相同，右侧同学先到达中间位置【答案】C【解析】【详解】A．左侧同学拉绳的力和右侧同学拉绳的力是一对平衡力，故A错误；B．若地面光滑，两位同学受到的合外力大小相等，两位同学的质量不清楚，质量小的同学加速度大，先到达中间位置，故B

错误；CD．若两位同学质量相等，双脚和地面间的动摩擦因数也相同，左侧同学受到斜向上的拉力，正压力小于重力，右侧同学受到斜向下的拉力，正压力大于重力，故左侧同学与地面的最大静摩擦力小于右侧同学与地面的最大静摩擦力，左侧同学先到达

中间位置，故C正确，D错误。故选C。4.2022年10月9日7时43分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号运载火箭，成功将先进天基太阳天文台“夸父一号”卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。该卫星设计寿命4年，运行在距离

地面约720千米的太阳同步晨昏轨道。根据以上信息，可推断（）A.火箭的发射速度应介于7.9km/s至11.2km/s之间B.该卫星绕地球运行的速度一定比地球同步卫星小C.该卫星绕地球一圈的时间等于地球的自转周期D.该卫星的

机械能一定比地球同步卫星大【答案】A【解析】【详解】A．火箭的发射速度应大于第一宇宙速度，但不脱离地球的引力范围，即不超过第二宇宙速度，则发射速度应介于7.9km/s至11.2km/s之间，选项A正确；BCD．根据G

Mvr=该卫星的运行半径小于同步卫星的运行半径，可知该卫星绕地球运行的速度一定比地球同步卫星大；根据开普勒第三定律32rkT=可知该卫星运行的周期小于同步卫星的周期，即该卫星绕地球一圈的时间小于地球的自转周期；但因该卫星的质

量与同步卫星质量关系不确定，则不能比较与同步卫星的机械能大小关系，选项BCD错误。故选A。5.2022年10月1日，女篮世界杯在澳大利亚悉尼落下帷幕，中国女篮一路过关斩将，最终取得平历史最佳战绩的世界杯亚军。图甲为9号运动员突破对方防守正在投篮时的情景，物理

模型见图乙。假设篮球从地面上方的某点B斜向上抛出，刚好垂直击中篮板上的A点，反弹后穿过篮筐，不计空气阻力。设抛射点B离地高H，抛出时篮球的速度v0，抛射角θ。若抛射点B向远离篮板方向水平移动一小段距离，要使抛出的篮球仍能垂直击中篮板上的A点，则以下措施可行的是（）A.抛射点高度H升高，抛射速

度v0不变，抛射角θ减小B.抛射点高度H升高，抛射速度v0增大，抛射角θ不变C.抛射点高度H不变，抛射速度v0增大，抛射角θ增大D.抛射点高度H不变，抛射速度v0增大，抛射角θ不变【答案】C【解析】【详解】篮球从地面上方的某点B斜向上抛出，刚好垂直击中篮

板上的A点，在空中运动时间为0sinvtg=竖直位移为22200(sin)sinvvhgg==A点的高度为220sinavhhHHg=+=+水平位移为22000sincossin2cos2vvxvtgg===A．抛射点高度H升高，抛射速度v0不变，抛射角θ减小，

垂直击中篮板的位置高度可能不变，水平位移可能减小，故A符合题意；B．抛射点高度H升高，抛射速度v0增大，抛射角θ不变，垂直击中篮板的位置高度变高，水平位移增大，故B不符合题意；C．抛射点高度H不变，抛射速度v0增大，抛射角θ增大，垂直击中篮板的位置高度变高，水平位移可能减小，故C不符合题意；D．抛

射点高度H不变，抛射速度v0增大，抛射角θ不变，垂直击中篮板位置高度变高，水平位移增大，的故D不符合题意。故选A。6.如图所示为一种叫做“迪斯科魔盘”的娱乐设施，魔盘绕中心轴线在水平面内做圆周运动，当魔盘转动很慢时，站在魔盘上的人

会随磨盘一起转动，当魔盘转速逐渐增大时，人会陆续被甩向盘边，转速达到一定值时，人会“贴”在魔盘竖直壁上而不会滑下。若所有人与魔盘间各部分的动摩擦因数均为μ，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，魔盘半径为r，则下列说法正确的是（

）A.人随魔盘转动过程中受重力、弹力、摩擦力和向心力作用B.转速增大，两人抱在一起不容易被甩到边上C.当魔盘角速度为时，离圆心距离0gr处的人不会被甩出D.当人能“贴”在魔盘竖直壁上且对盘底无压

力时，魔盘的转速一定不小于12gr【答案】D【解析】【详解】A．人随“魔盘”转动过程中受重力、弹力、摩擦力，向心力是效果力，故A错误；B．要使人不被被甩到边上，即最大摩擦力应大于所需向心力，即有()22mgmrn=可见此关

系式与人的质量无关，所以转速增大，两人抱在一起不影响是否会被甩到边上，故B错误；C．当魔盘角速度为ω时，要不被甩出，应该20mgmr得02gr故C错误；D．人恰好贴在魔盘上时，有mgf=()22Nmrn=又fN=联立解得转速为12g

nr=故“魔盘”的转速一定不小于12gr，故D正确。故选D。7.如图所示，一个质量为m，带电量为q−的小球A，用一根绝缘细线悬挂在O点，为了让小球A在图示位置能保持静止，在离A球距离为r的某点固定一带电量为Q+的B球（图中未画出），则B球所带电量可能的是（）A.22mgrkqB.23m

grkqC.24mgrkqD.25mgrkq【答案】A【解析】【详解】以小球A为研究对象，A受重力mg，绳拉力T，库仑力F，应有F与T的合力与mg等大反向，如图所示，在合力一定时，T方向一定的前提下，另一分力的最小值由三角形定则可知F

应垂直绳所在的直线，故Fsinθmg=由库仑定律2sinθQqkmgr=得22mgrQkq=因为这是最小库仑力，所以应有22mgrQkq故选A。8.太阳能电池有许多优点，如使用寿命长，保养费用低，但缺点是价格昂贵，

效率低，光电转换效率只有25%左右。假定地球表面的太阳辐射能为800W/m2，一年按200天、每天8h光照计算，一个年耗电量为1280?hkW的家庭，如果家用电器全部改用供电效率为80%的太阳能蓄电池供电，为满足供电要求，则需

在屋顶安装太阳能电池板的最少面积约为（）A.25m2B.15m2C.5m2D.1.25m2【答案】C【解析】【详解】设需在屋顶安装太阳能电池板的最少面积约为S，由题意有12800.882002580S=％％得2

5mS=故选C。9.一辆汽车以80km/h的速度匀速行驶，每10km耗油约1L，根据汽油的热值进行简单的计算可知，此时消耗的功率约为70kW。如图为汽车行驶时功率分配的大致比例图，具体来说，在70kW中，

约有1kW由于汽油的蒸发而“消失”，化学能无法利用成为化学污染源，大约只有17kW用于做功，而其余的52kW包括了排气管排出的废热和散热器的热量，两者约各占一半，用于做功的17kW也有不少损耗，约5kW用于发动机的水箱循环和空调，约3kW消耗于传动装置，最后只

有9kW到达驱动轮。下列说法正确的是（）A.汽油属于可再生能源B.整辆车的总效率仅有13%左右C.汽车匀速行驶时所受的阻力约为3150ND.每1s中消耗的燃料最终转化为内能的大约5.2104J【答案】B【解析】【详解】A．汽油属于不可再生能源，故A错误；B．整辆车的总

效率仅有9100%13%70=故B正确；C．汽车匀速行驶时所受的阻力等于牵引力9000N=405N803.6PfFv===故C错误；D．每1s中消耗的燃料最终转化为内能的大约E=70103J-9103J=61103J故D错误。故选B。选修（I）部分

10.如图所示，一铁箱静止在水平地面上，受到与水平方向成θ角的恒定拉力F，作用时间为t，物体仍保持静止状态。下列说法正确的是（）A.铁箱所受拉力F的冲量大小为FtcosθB.铁箱所受重力的冲量大小为0C.铁箱所受合力的冲量大小为0D.铁箱的动量变化量的大小为Ft【答

案】C【解析】【详解】A．铁箱所受拉力F的冲量大小为Ft，选项A错误；B．铁箱所受重力的冲量大小为mgt，选项B错误；CD．铁箱所受合力为零，则合力的冲量大小为0，动量变化量的大小为0，选项C正确，D错误。故选C。11.如图所

示，轻弹簧的一端固定在光滑斜面上，另一端拴着一个小球静止在斜面上，当把小球沿斜面拉下一段距离（弹簧在弹性限度内），然后松开，小球开始运动，空气阻力忽略不计，若以小球静止时的位置为坐标原点，关于小球受到的合力F随位移x变化的关系图正确的是（）A.B.C.D.

【答案】A【解析】【详解】小球在平衡位置时满足0sinkxmg=以平衡位置为坐标原点，沿斜面向下为x轴正向，则当小球从平衡位置向下拉x时，则回复力0()sinFkxxmgkx=−++=−则F-x图像为A。故选A。12.一列简谐横波沿x轴正方向传播，该波的周期T=0.4s，某时刻，波

刚好传到x=6m处，波形如图所示，P点为x=2m处的质点，下列说法正确的是（）A.这列波的波速为15m/sB.波源开始振动的方向沿y轴负方向C.在一个周期内，质点P运动路程为0D.从该时刻开始计时，质点P做简谐运动的表达式为10si

n(5)cmyt=【答案】D【解析】【详解】A．由图可知，波长为4m=所以波速为4m/s10m/s0.4vT===故A错误；的B．波在传播过程中，所有质点的起振方向都相同，根据波形的平移法可知在图示时刻

，波刚好传到x=6m处，则波源开始振动的方向沿y轴正方向，故B错误；C．在一个周期内，质点P运动的路程为4个振幅，即路程为40cm，故C错误；D．由图可知，在该时刻，质点P处于平衡位置且向上振动，振幅为10cm，所以2sin10sin(5)cmyAttT==故D正

确。故选D。13.用火箭发射人造地球卫星，以喷气前的火箭为参考系，在极短时间内喷出燃气的质量为m，喷出的燃气相对喷气前火箭的速度为u，喷气后火箭的质量为M。下列关于火箭的描述正确的是（）A.若继续喷出燃气，火箭的速度会减小B.喷气后，火箭的速度变化量为muM−C.喷气后，火箭的速

度大小一定为muMm−D.为了提高火箭的速度，可以研制新型燃料以减小燃气的喷射速度u【答案】B【解析】【详解】A．火箭向后喷气，火箭对喷出的气体有向后的作用力，喷出的气体反过来对火箭产生一个反作用力，从而使火箭获得了向前的推力，不断喷出气

体，则火箭的速度会越来越大，故A错误；BC．由动量守恒可知0muMv+=即喷气后，火箭的速度变化量为muvM=−因喷气前火箭的速度未知，则不能确定喷气后火箭的速度，选项B正确，C错误；D．为了提高火箭的速度，可以研制新型燃料以增加燃气的喷射速度u，选项D错误。故选B。选修（II）部分14

.如图所示，宽为l的导轨与水平面成α角，一根质量为m的金属棒放在导轨上。空间存在竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场，当回路总电流为I时，金属棒静止在导轨上。下列说法正确的是（）A.金属棒所受支持力大小为mgcosαB.金属棒所受安培力大小为BIlcosαC.金属杆所受安培力方向

为水平向右D.金属杆所受摩擦力方向一定沿导轨向下【答案】C【解析】【详解】B．金属棒所受安培力大小为FIBl=故B错误；C．根据左手定则可知，金属杆所受安培力方向为水平向右，故C正确；A．根据平衡条件，金属棒

所受支持力大小为NcossinFmgIBl=+故A错误；D．将金属棒所受安培力、金属棒重力沿斜面方向分解，有cossinxFIBLmg=−若安培力沿斜面方向分力小于重力沿斜面方向分力大小，金属杆所受摩擦力方向沿导轨向上，故D错误。故选C。15.光滑绝缘水平桌面上的

正方形区域内，存在竖直向下的匀强磁场，一粗细均匀的直角三角形金属线框置于桌面上，如图所示。现用一水平外力F将线框匀速拉出磁场区域，此过程中，线框中的电流I随时间t变化的关系图像正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】如图所

示设夹角为，有效长度为L，线框以速度为v匀速拉出磁场区域用时为t，由图得tanLvt=感应电流为2tanBLvBvItRR==可见电流I与时间t成正比。故选A。16.交流发电机的示意图如图甲所示，线圈以'OO为轴匀速转动，产生的正弦式交变电流的波形如图

乙所示，下列说法正确的是（）A.该正弦式交流电的频率为50HzB.1s内，电流的方向发生5次变化C.电流的有效值为102AD.t=0.05s时，线圈平面转到中性面，穿过线圈的磁通量最大【答案】D【解析】【详解】A．该正弦式交流电的频率

为11Hz5Hz0.2fT===故A错误；B．一周期内，电流的方向发生2次变化，故1s内，电流的方向发生10次变化，故B错误；C．电流的有效值为m10A52A22II===故C错误；D．t=0.05s时，线圈平面转到中性面，穿过

线圈的磁通量最大，磁通量变化率最小，故D正确。故选D。17.速度选择器是质谱仪的重要组成部分，由两块平行金属板构成，工作时在两板上加一定电压，同时在两板间垂直于电场方向上加一匀强磁场。电场和磁场的联合作用，从各种速率的带电粒子中选择出具有一定速率的粒子。已知所加的电压为U

，磁感应强度为B，板间距为d，板的长度为L。下列说法正确的是（）A.两板间的匀强电场的场强UEL=B.筛选出的运动粒子的速率UvBd=C.只能筛选特定速率的正粒子，不能筛选特定速率的负粒子D.筛选出的粒子是沿PQ做匀加速直线运动【答案】B【解

析】【详解】A．两板间的匀强电场的场强UEd=故A错误；B．筛选出的运动粒子受力平衡，有qvBEq=筛选出的运动粒子的速率UvBd=故B正确；CD．不管是正粒子还是负粒子，粒子满足特定速率，粒子受到电场力与受到的洛伦兹力二力平衡，粒子

是沿PQ做匀速直线运动，故CD错误。故选B。二、不定项选择题（本题共3个小题，每小题2分，共6分；每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题意，全部选对得2分，有漏选得1分，有选错得0分。）18.下列各图中所涉及到的物理现象及应用，说

法正确的是（）A.法拉第利用电流的磁效应原理发明了圆盘发电机B.避雷针利用静电屏蔽保护建筑物免遭雷击C.红外线理疗仪通过热疗作用促进人体局部血液循环加快受伤软组织的修复D.夜晚可看到偏红色和偏蓝色的恒星，“蓝星”表面温度比“红星”表面温度高【答案】CD【解析】【详解】A．法拉第

利用电磁感应原理发明了圆盘发电机，选项A错误；B．避雷针利用尖端放电保护建筑物免遭雷击，选项B错误；C．红外线理疗仪通过热疗作用促进人体局部血液循环加快受伤软组织的修复，选项C正确；D．恒星的颜色是由温度决定的，温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝，故“蓝

星”表面温度比“红星”表面温度高，选项D正确。故选CD。选修（I）部分19.振动是普遍存在的物理运动形式。关于振动，下列说法正确的是（）A.做简谐运动的物体通过平衡位置时，动能最大B.物体做受迫振动达到稳定后，振动频率等于驱动力的

频率，与振动系统的固有频率无关C.当驱动力的频率等于固有频率时，振动系统的振幅达到最大值，发生共振现象D.做阻尼振动的物体，振幅随时间逐渐减小，振动系统的机械能减少，振动频率也随着减小【答案】ABC【解析】【详解】

A．做简谐运动的物体通过平衡位置时，速度最大，动能最大，故A正确；B．物体做受迫振动达到稳定后，振动频率等于驱动力的频率，与振动系统的固有频率无关，故B正确；C．当驱动力的频率等于固有频率时，振动系统的振幅达到最大值，发生共振现象，故C正确；D．做阻尼振动的物体，振幅随

时间逐渐减小，振动系统的机械能减少，振动频率不变，故D错误。故选ABC。20.一列横波在t=3s时的波形图如图甲所示，其中质点M的振动图像如图乙所示。则（）A.这列波沿x轴的负方向传播B.t=3s时，质点M的加速度最大C再过1s，质点M到达波峰D.再过5s3，质点N到达

平衡位置【答案】AD【解析】【详解】A．由图乙可知，t=3s时，质点M向下振动，根据上下坡法可知这列波沿x轴的负方向传播，故A正确；B．由图乙可知，t=3s时，质点M位于平衡位置，速度最大，加速度最小，故B错误；C．由图乙可

知，波的周期为4s，t=3s时，质点M向下振动，质点M到达波峰时有13()43(s)4tnTn=+=+(0123)n=，，，故再过1s，质点M未到达波峰，故C错误；D．波形图的表达式为26sin()6sin42xyx==.当3cmy=，且3m5mNx解得13m3Nx=波的传播速度为

4m/s1m/s4vT===t=3s后质点N第一次到达平衡位置，有2136653ss13Nxtv−−===故D正确。故选AD。选修（II）部分21.当线圈中的电流随时间变化时，由于电磁感应，附近的另一个线圈中会产生感应电流。实际上，这个线圈附近的任何导体中都会

产生感应电流，看起来就像水中的旋涡，所以把它叫做涡电流。下列关于涡流的应用说法正确的是（）A.图1中炉外有线圈，线圈中通以反复变化的电流，利用涡流产生的热量使金属熔化B.图2中为了减少涡流，利用相互绝缘的硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯C.图3中探雷器遇见金属时，

金属会感应出涡流，涡流的磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警D.图4中两个磁性很强的小圆柱形永磁体同时从铝管上端管口落入，无论铝管有无裂缝，它们同时从铝管下端管口落出【答案】ABC【解析】【详解】A．图中炉外有线圈，线圈中通以交变电流，利用电磁感应在金属中形成涡流，从而产生的

热量使金属熔化，A正确；B．图中为了减少涡流，利用相互绝缘的硅钢片叠成的铁芯来代替整块硅钢铁芯，B正确；的C．图中探雷器遇见金属时，金属会感应出涡流，涡流的磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警，C正确；D．图中两个磁性很强的小圆柱形永磁体同时从铝管上端

管口落入。有裂缝铝管只能在铝管的侧壁产生感应电流，对磁体阻碍作用不明显，而无裂缝的铝管不仅侧壁会产生感应电流，同时铝管可看成一系列的圆环叠加，水平圆环也产生感应电流对磁体有阻碍作用，则有裂缝铝管中的磁体先从下端管口落出，D错误。故选ABC。22.兴建垃圾焚烧发电

站十分有利于城市环境保护，尤其有利于土地资源和水资源的保护，实现可持续发展。现有一座小型垃圾焚烧发电站的输出功率为100kW，经变压器升压后，输出电压为1104V，经过降压变压器给一居民小区供电，变压器均为理想

变压器。如图所示，发电站到用户的距离是20km，输电线的总电阻为10Ω，则（）A.输电线路中的电流为10AB.用户获得的功率为99.9kWC.若输出电压加倍，线路损耗的电功率减半D.若用户所需电压220V，则降压变压器原副线圈匝数比为495：11【答案】

AD【解析】【详解】A．输电线路中的电流为32410010=A=10A110PIU=出出故A正确；B．输电线损失功率为22=1000WPIr=损用户获得的功率为4-=99kWPPP=出损故B错误；C．输电线损失功率为2222=PPIrrU=出损出可见，若输

出电压加倍，线路损耗的电功率减为原来的14，故C错误；D．降压变压器副线圈的电流为34449910220PIU==降压变压器原副线圈匝数比为344249511nInI==故D正确。故选AD。非选择题部分（共55分）23.小北在学习牛顿

运动定律时，做了“探究加速度与力和质量的关系”实验①下列实验中用到的科学方法与该实验相同的是___________A.探究两个互成角度的力的合成规律实验B.验证机械能守恒定律实验C.探究向心力大小的表达式实验D.观察电容器的充放电实验②下图是小北在实验时得

到的一条纸带，已知打点计时器的工作频率为50Hz，则小车的加速度a=___________m/s2（结果保留2位有效数字）。【答案】①.C②.0.89【解析】【详解】（1）[1]探究加速度与力和质量的关系运用了控制变量法。A．探究两个互成角度的力的合成规律实验运用了等

效替代的思想，故A不符合要求；B．验证机械能守恒定律实验未运用了控制变量法，故B不符合要求；C．探究向心力大小的表达式实验运用了控制变量法，故C符合要求；D．观察电容器的充放电实验未运用了控制变量法，故D不符合要求。故选C。（2）

[2]相邻两计数点的时间间隔为50.02s0.1sT==根据逐差法求出小车的加速度为2222214.055.255.2510m/s0.89m/s(2)(20.1)BDOBxxaT−−−−==24.小北在学习曲线运动时，做了“探究平抛运动的特点”实验

（1）关于该实验下列说法正确的是___________A.用折线连接描绘点得到小球的运动轨迹B.实验时应先确定x轴再确定y轴C.斜槽轨道必须是光滑的D.无需称出小球的质量（2）小北在实验时得到如图所示的实验结果，图中的a、b、c、d为小球在平抛运

动中的几个位置。已知图中每个小方格的边长为L，重力加速度为g，则该小球经过b点时的速度大小为___________【答案】①.D②.52gL【解析】【详解】（1）[1]A．应用平滑的曲线连接描绘的点得到小球的运动轨迹，故A错误；B．实验时应用重锤先确

定y轴再确定x轴，故B错误；C．为使小球到达斜槽末端的速度相等，每次实验时小球应从同一位置静止释放，斜槽轨道不需要光滑，故C错误；D．探究平抛运动的特点，无需称出小球的质量，故D正确。故选D。（2）[2]根据匀变速直线

运动的推论的2bcabyyygT=−=相邻两点间的时间间隔为yLTgg==小球的水平速度为022LvgLt==该小球经过b点时的竖直方向速度大小为33222acbyyLvgLTT===该小球经过b点时的速度大小为22052bbyvvvgL=+=25.小北在学习电路及其应用时，做了“金属丝电阻

率的测量”实验（1）小北用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径如图（a）所示，该待测电阻丝的直径d为___________mm；（2）经粗测该段电阻丝的阻值Rx约为4Ω，小北从实验室找到了如下几种实验器材：A.电流表A1（量程0—0.6A，内阻约5Ω）B

.电流表A2（量程0—3A，内阻约0.5Ω）C.灵敏电流计G（量程0—3mA，内阻为100Ω）D.滑动变阻器R1（最大阻值5Ω，额定电流2.0A）E.滑动变阻器R2（最大阻值1kΩ，额定电流1.0A）F.定值电阻R3（阻值为900Ω）G.定值电阻R4（阻值为10Ω）H.直流

稳压电源E（输出电压为3V），开关S，导线若干①为了使测量范围尽可能大，结果尽可能准确，上述器材中小北应选用的实验器材有（填写器材前的字母）___________；②根据所选用的实验器材，请在图（b）方框内画出

实验电路图（电阻丝用Rx表示）___________（3）通过实验得到金属丝的伏安特性曲线I-U图像的斜率为k，已测得金属丝的直径为d，长度为l。则该金属丝的电阻率为___________【答案】①.1.103##1.104##1.105##1.106##1.107②.A

CDFH③.④.24dkl=【解析】【详解】（1）[1]用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径d为1mm+0.01mm×10.5=1.105mm；（2）①[2]电源电动势3V，待测电阻为4Ω，可知电路中最大电流不超过0.75A，则电流表选择

A；题中没有电压表，则可用电流计G与定值电阻R3串联改装成3V的电压表，故选CF；滑动变阻器要接成分压电路，则选用阻值较小的D，另外需要H：直流稳压电源E（输出电压为3V），开关S，导线若干；故选ACDFH。②[3]根据所选用的实验

器材画出实验电路如图，因改装后的电压表内阻已知，则采用电流表外接：（3）[4]通过实验得到金属丝的伏安特性曲线I-U图像的斜率为k，可知1xRk=根据214xlRd=解得金属丝的电阻率为24dkl=26.在11月份浙皖闽赣联盟花园免费游景点活动中，小北去了江山如画家庭农场游玩。在体验

惊险刺激的卡丁车项目时，他了解到卡丁车的最大速度为12m/s，卡丁车行驶时阻力为总重的0.1倍，刹车制动时所受阻力为总重的0.6倍，在驾车时小北与车的总质量为125kg。试求：（1）将卡丁车的刹车制动过程简化为匀变速直线运动，求卡丁车的最大刹车距离。（2）当小北驾车以最大速度匀速直线行驶时，求此时

发动机的输出功率。（3）小北在直线赛道上以4m/s匀速直线行驶时，由于操作失误未能刹车制动，使得卡丁车径直行驶撞上缓冲围墙，经过1s速度减到0。求车对围墙平均作用力的大小。【答案】（1）12mx=减；（2）1

500WP=；（3）375NF=【解析】【详解】（1）减速时加速度大小20.66m/smgam==根据动力学公式22vax=减代入数据得12mx=减（2）最大速度行驶时0.1125Nfmg==发动机的输出功率为12512W1500WPfv===（3）对车的减速过程的平均加速度为224

m/s4m/s1vat===根据牛顿第二定律有Ffma+=解得375NF=根据牛顿第三定律可知车对围墙平均作用力的大小为375NFF==27.某兴趣小组设计了一个游戏装置，其简化模型如图所示，水平地面上有两个圆轨道与地面平滑连接，两圆轨道最

低点处左右两侧内外略错开，圆半径R1=0.5m，R2=1m，左侧固定一轻弹簧，右侧有一倾角θ=30°的斜面，两圆轨道与地面的接触点A、B间粗糙，动摩擦因数μ=0.1，AB间距离L=5m，其余接触面均光滑。现有一质量m=0.1kg的物块从斜面上距地面

高度为h=5m处由静止释放。忽略在轻弹簧以及其余轨道连接处的机械能损失。（1）求物块第一次滑到斜面底端的时间。（2）求物块第二次到达大圆轨道顶端D点时对轨道的弹力。（3）若AB间距L可调整，但要求L>15m，若在运动全过程中物块均不脱离轨道，求满足条件的L的范围。【答案】（1）2s；（

2）3N，方向向上；（3）20m37.5mL或45mL【解析】【详解】（1）对物块进行分析，由牛顿第二定律得sinmgma=物块从斜面上距地面高度为h=5m处由静止释放，由运动公式得212sinhat=代入数据得2s=t（2）对物块从斜面上距地面高度为h=5m处由静止释

放到达大圆轨道顶端D点进行分析，由动能定理有()22D12202mghRmgLmv−−=−在大圆轨道顶端D点时，由牛顿第二定律得2DN2mvFmgR+=代入数据得N3NF=由牛顿第三定律，物块对轨道弹力N3NF=方向向上。（3）从5mh=处滑下，一定可经过D点，①当不脱轨且可恰好第一

次到A圆轨道半径等高处时110mghmgLmgR−−=得145mL=②当不脱轨且可恰好第一次到A圆轨道最高点时速度为1gR，得221112()02mghmgLmgRmgR−−=−得237.5mL=③与弹簧作用后，一定可返回通过A轨道。当不脱轨且可恰好第一次返回到B圆轨道

半径等高处时3220mghmgLmgR−−=得320mL=④当不脱轨且可恰好第一次返回到B圆轨道最高点时2422122()02mghmgLmgRmgR−−=−得412.5m15mL=结果舍去；综上分析，L的范围为20m37.5mL

或45mL28.如图所示，板长为L、板间距离为d的平行板电容器的两极板水平放置，上极板带负电，下极板带正电，竖直屏M距板右端距离为2L。大量带正电且电荷量为q、质量为m的油滴以初速度v0不断沿电容器中线射入两板间，不考虑油滴

打在板上对两极板间电压的影响，已知重力加速度大小为g，忽略空气阻力、电容器极板的边缘效应和油滴间的相互作用。（1）若使油滴均能打在上极板，求板间电压U应满足的关系；（2）若已知油滴最后垂直打在M上，求在板间时小球在竖直方向上的位移大小。（3）在（2）的情况下，当第一颗油滴飞出

平行板的同时，在平行板右侧、竖直屏M左侧的区域内出现一个如图所示随时间周期性变化的匀强电场，规定竖直向上为正方向，02LTv=，求M上接收到油滴区域的长度，以及落到该区域中点以下部分油滴的发射时刻范围。【答案】（1）2202mvd

mgdUqLq+；（2）2204gLyv=；（3）22016gLv，344TTkTtkT++（k为非负整数）【解析】【详解】（1）油滴打在上极板有2122dat=油滴在电容器中加速度为qmdmUga−=油滴均能打在上极板有0Lvt联立得2202mvdmgdUqLq+（

2）水平方向有01Lvt=，022Lvt=竖直方向有1qUagmd=−，2ag=竖直方向速度有11yvat=，2yvgt=板间时小球在竖直方向上的位移大小为21112yat=联立得2204gLyv=（3）由水平方向分运动知，油滴将在板外运动T时间，若有电场，则有qEmg=竖直方向做匀速直线运动，若

无电场，竖直方向做加速度为g的匀减速直线运动，从飞出板间开始，竖直方向初速度01102ygLvatv==若先匀速再减速，有最大位移2max0012222yyTTTlvvg=+−若先减速再匀速，有最小位移2min0012222

2yyTTTTlvgvg=−+−则油滴区域长度2maxmin2016gLlllv=−=设第一个周期内出发，打在区域下半部分的油滴发射时刻为t。①若经历了匀速-减速-匀速过程，则2maxmin0001222222yyyllTTTT

vtvgvgt+−+−+−得42TTt②若经历了减速-匀速-减速过程则2maxmin001()22222yyllTTTvgvgTt+−+−−得324TTt综上，当发射时刻t满

足344TTkTtkT++（k为非负整数）时油滴落在下半部分。29.某兴趣小组为了研究碰撞过程中动量及能量传递问题，设计了如图实验装置，放置在地面MN上的高为h1=0.45m的平台上有一发射装置，A点右侧放置高h2=0.2m的足够长桌面BC，桌面边缘B点与A点的水平距离为L=2

.8m，桌面上从左边缘B点开始每隔d=0.5m放置足够多可视为质点的薄圆柱片。某一次实验中，发射装置以速度v0=6m/s从装置末端A点水平射出与桌面上相同的薄圆柱片，该圆柱片与地面碰撞反弹后水平撞击桌面边缘的第一个圆柱片。已知圆柱片与桌面的动摩擦因数μ=0.4，忽略圆柱

片与地面碰撞时的重力，圆柱片间的碰撞为一维弹性碰撞，所有的运动及碰撞都在如图平面内发生，求：（可能用到的关系式：222(1)(21)1236nnnn++++++=）（1）发射器发出的圆柱片到达B点的速度v1；（2）最多能撞击到桌面上第几个圆柱片；（3）若在圆柱片侧面涂上某种特殊材料，能使圆柱片

在碰撞后黏在一起，不考虑涂上材料后对其它因素的影响，试求最多能撞击到桌面上第几个圆柱片；（4）在第（3）小题的情况下，若将桌面上的圆柱片间距改为0.01m，桌面上第一个圆柱片仍然在桌面左边缘B点，试求最多能撞击到桌面上第几个圆柱片。【答案】（1）5m/s；（2）7；（3）2；（4）9【解析】【详

解】（1）从A点弹出到落地21112hgt=可得10.3st=所以1011.8mxvt==①从落地点反弹到B点：22212hgt=可得20.2st=有2121xvtLx==−可得15m/sv=②（2）若圆柱片间的碰撞为弹性碰撞，则满足动量守恒1

12mvmvmv=+动能相等222112111222mvmvmv=+可得10v=，21vv=可以看出碰撞过程中速度并未减小，只是发生了传递，可以将这一过程看作一个物体再没有碰撞情况下的匀减

速运动212vgx=可得3.125mx=③6.25xd=所以最多能撞击到桌面上第7个圆柱片④（3）若圆柱片在碰撞后黏在一起，与第一个相碰：112mvmv=，12.5m/sv=⑤经过圆柱片间的减速'221222vvgd−=可得与第二个圆柱片撞前的速度21.5m/sv=⑥与

第二个相碰2223mvmv=，21m/sv=经过圆柱片间的减速'222322vvgd−=可得与第二个圆柱片撞前的速度230v所以最多能撞击到桌面上第2个圆柱片⑦（4）与第一个圆柱片碰撞前动能21112kE

mv=与第一个圆柱片碰撞过程中112mvmv=与第一个圆柱片碰撞后动能2211111112242kkEmvmvE===⑧与第二个圆柱片碰撞前动能2111222kkkEEmgdEmgd=−=−与第二个圆

柱片碰撞过程中2223mvmv=与第二个圆柱片碰撞后动能22222111221123(2)233233kkkkEmvEEmgdEmgd===−=−与第三个圆柱片碰撞前动能2321123333kkkEEmgdEmgdmg

d=−=−−与第三个圆柱片碰撞过程中2234mvmv=与第三个圆柱片碰撞后动能222233311133121234(3)24433444kkkkEmvEEmgdmgdEmgdmgd===−

−=−−同理可得与第n个圆柱片碰撞后的动能22221123411111knknEEmgdmgdmgdmgdnnnnn=−−−−−+++++111(1)(21)(1)116knnnEmgdnn++=−−++⑨若与第n个圆柱片碰撞后不能与第1n+个碰撞，则应满足(1)knEnm

gd+满足此关系的最小n值为n=9所以最多能撞击到桌面上第9个圆柱片⑩30.舰载机电磁弹射是现在航母最先进的弹射技术，我国在这一领域已达到世界最先进的水平。某兴趣小组依据所学知识设计出了一种电磁弹射模型，其

原理可简化为图乙所示情景：水平面内由平行长直金属导轨组成的水平区域内，等间距分布着竖直向下和竖直向上的磁场，磁感应强度均为B。电磁弹射装置可简化为一个矩形金属框，其长边等于导轨间距L，短边等于每个磁场的宽度。磁场以速度v0向右匀速运动，固定在金属框上方的舰载机在电磁力和发动机推力的双重作

用下加速向右滑行，达到起飞速度时舰载机和金属框自动脱离，飞机升空。舰载机在水平跑道上加速滑行时，受到竖直向上的机翼升力、发动机推力、空气阻力。升力F升、空气阻力F阻均与舰载机运动的速度成正比，即F升=k1v，F阻=k2v，k1、k2为已知常量。金属框

与导轨接触面间的等效动摩擦因数为μ。已知舰载机质量为M，金属框质量为m，舰载机在轨道上加速滑行时发动机推力为恒力F，金属框电阻为R，其余电阻均不计。（1）判断金属框在图乙位置时的感应电流方向（填“顺时针”或“逆时针”）；（2）当舰载机达到升空速度时，金属框内感

应电流多大？（3）舰载机在水平轨道上匀加速滑行时磁感应强度B需满足什么条件？（4）写出舰载机在水平轨道上匀加速滑行时发动机推力的功率随时间变化的关系式。【答案】（1）顺时针；（2）1012()BLkvMgkR−；（3）1

201[()]()22kRkRMmgFRBBLLv−+−=；（4）2204()()BvFPFgtMmMmRL=+−++【解析】【详解】（1）根据右手定则可知，金属框左右两边产生的感应电流方向均为顺时针方向，所

以金属框中电流方向为顺时针；（2）达到升空速度，舰载机升力等于重力，即1kvMg=2EBLv=相EIR=联立可得1012()BLkvMgIkR−=（3）由牛顿第二定律知()()220214()BvvFkvMgmgkvMmaRL−+−−+−=+变形得222201244()()()B

vBFMmgkkvMmaRRLL+−++−−=+舰载机做匀加速滑行需满足的条件221240LBkkR−−=即122kRkRBL−=为保证飞机能做匀加速运动，还需满足动力大于阻力，即22040()()BvF

gMLmMmR+−++解方程得01[()]2MmgFRBLv+−所以，B需满足的条件为1201[()]()22kRkRMmgFRBBLLv−+−=（4）舰载机加速度为2204()()LgB

vFaMmMmR=+−++vat=PFv=推所以发动机推力的功率随时间变化的关系式为获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com