【文档说明】安徽省安庆市示范高中2021-2022学年高三下学期4月联考试题 理综物理参考答案.pdf，共(8)页，404.303 KB，由小赞的店铺上传

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1理科综合·物理参考答案14.【答案】C【解析】光电子从下向上通过电流表，所以光电流方向从上向下通过电流表，A选项错误；将滑动变阻器滑片向右移动，电压虽然增大，但若已达到饱和光电流，则电流表的示数可能不变，B错误。将电源的正负极调换，

仍用相同的黄光照射时，将滑动变阻器滑片向右移动一些，若此时的电压仍小于遏止电压，则电流表有示数，故C正确；若采用红光照射，由于红光频率小于黄光，不一定能发生光电效应，D选项错误。15.【答案】D【解析】若使飞船与核心舱在同一轨道上运行

，然后飞船加速，所需向心力变大，则飞船将脱离原轨道而进入更高的轨道，不能实现对接，选项A错误；若采用核心舱减速，所需向心力变小，则核心舱将脱离原轨道而进入更低的轨道，不能实现对接，选项B错误；若飞船通过先加速再减速的方式，飞船先进入较高轨道，然后再返回原轨道，由于角速度变小了

，返回原轨道后距离变大，不能实现对接，选项C错误；若飞船通过先减速再加速的方式，飞船先进入较低轨道，然后再返回原轨道，由于角速度变大了，返回原轨道逐渐靠近核心舱，两者速度接近时实现对接，选项D正确。16.【答案】D【解析】物块从D点滑到C点过程，根据动能定理：0LmgWG得

：JWG12.0滑块D点到B点根据等时圆的规律可知：2212gtR，得t=0.2s,所以重力在DB段做功平均功率0.60WGWtP，因此D选项正确。17.【答案】B【解析】根据平抛运动的规律可知，tan2tan，并不是角度2倍的关系，

A选项错误；小球离斜面最远的时间为总时间的一半，水平位移为一半，因此B选项正确；tvx0；221tgh，得到若打在板的中点，小球运动的时间变为原来的22，初速度变为原来的22，C选项错误；速度的变化量tgv，速度的变化量是第一次的22，D选项错误。18.【

答案】C【解析】根据0])2(2122[)2(2122TaTTgTg，得到ga3，又因为mmgFa-电，以及dqUF电，所以mgF4电，qmgdU4，所以A、B选项错误；2)62(2dTTvy，dTv20，得到：043vvy，所以2Tt时，速度大小

为045vv，C选项正确；t=T时，小球竖直分速度不为0，所以速度大小不为0v，D选项错误。19.【答案】CD【解析】电阻箱R=0Ω时，电路电流最大，定值电阻R0功率取得最大值，选项A错误；由电阻箱

功率最大的条件可知，此时满足rRR0，所以电源内阻一定等于3Ω，选项B错误；由电阻箱所消2耗功率P最大值为45W可知，由2max04()EPRr，得到电源电动势E＝30V，选项C正确；电阻箱所消耗功率P最大时，电源效率00100%70%RRRR

r，选项D正确。20.【答案】BD【解析】根据楞次定律、闭合电路欧姆定律可知，线框在匀速进入左侧磁场区域时，电流为逆时针方向，34abUBLv，选项A错误；当线框ab边刚越过边界ff′时,BLvBLv

BLvE32，BILBILF2安，229BLvFR安牛顿第二定律：ma-FF安，得到228BLvamR，方向向左，B选项正确；线框ab边从、ff边界运动到、gg边界过程通过线框某一截面的电荷量23BLqRR

，选项C错误；由能量关系可知，线框ab边从、ee边界运动到、gg边界过程，线框中产生的焦耳热等于恒力所做的功加上动能的减少量，选项D正确．21.【答案】CD【解析】0-4s，物块先加速后减速，A选项错误；在183ts时，二者共速，16/3v

ms，之后，物块相对小车向右滑，在st42时，物块速度8/3vms，803s，118164233xmm，B选项错误；843s，2184162339xmm，所以因摩擦产生的内能：12()12.8QmgxxJ，C选项正确；0-4s内，小车位移：1

148162xmm，物块位移2116184112(4)mm232339x，所以21:7:9xx，D选项正确。22．（8分，每空2分）【答案】（1）D（2）2.0（3）0.80.3【解析】（1）由实验原理图可以看出，由力传感器的示数可得到小车所受的合外力的大小，故不需要

重物的质量，也不需要保证重物的质量m远小于滑块的质量M，A、C错误；本实验就是要测量摩擦因数的，因此不需要平衡摩擦力，B错误；为了保证滑块运动过程合力大小不变，轻绳一定要与木板平行，D正确。（2）由于交流电频率为50Hz，且每相邻两个计数点之间还有一个计时点，则相

邻两计数点之间的时间间隔为0.02s20.04sT,由逐差法可得，小车的加速度为2222(7.933.323.32)10m/s2.0m/s40.04a。（3）由题图结合牛顿第二定律，有MaMgF2,得gFMa2，则

图像斜率M22.13，得到:M=0.8kg，3g,得到3.0。323.（7分）【答案】（1）1.2（2分）4.0（2分）（2）等于（1分）V1（1分）大于（1分）【解析】（1）U2－U1图像见答案

图。由闭合电路的欧姆定律E＝U1＋U2＋U1rR1，得到U2＝E－U1(1＋rR1)，由此可知，电动势E＝1.2V，图像斜率k＝1.20V－00.80V－0＝1＋r8，求得r＝4.0Ω。（2）如果考虑电压表内阻，则E＝U1＋U2＋(U

1R1＋U1RV1)r，U2＝E－U1(1＋rR1＋rRV1)，因此电压表V1的内阻对干电池电动势的测量没有影响，图像的斜率为k＝1＋rR1＋rRV1，因此实验测得的干电池的内阻比真实值大。24.【答案】（1）0.1m；（2）0.8m；（3）255m/s【解析】（1）小球在水平方向先向左做

匀减速运动而后向右做匀加速运动，小球在竖直方向上做自由落体运动．将小球的运动沿水平方向和竖直方向分解水平方向：xmaF……………………2分则．axv220得到:0.1mx……………………2分（2）水平方向速度减小为零所需的时间xavt01…

…………………1分所以从A点到B点时间12tt……………………1分竖直方向上：221gtyAB……………………1分解得：0.8mABy……………………1分（3）将速度进行分解当v⊥=0时，小球速度最小．此

时cos//minvvv……………………2分根据力的关系知22)(cosmgFmg……………………1分解得min25m/s5v……………………1分425.【答案】（1）正电，mgE（2）2228gBLLE（3）

03BgLvE（4）（i）3BgLgLE时，时间的最小值为：min24ELtBgg（ii）3BgLgLE时，时间的最小值为：min(26)23EBLtBgE【解析】（1）小球在△ab

c区域做圆周运动，则满足重力与电场力平衡，所以小球带正电……………………1分且mgqE则Emgq①……………………2分（2）小球的运动轨迹如右图所示。小球在磁场中的轨迹半径2Lr，由rmvqvB2②……………………1分得到小球的入射速度：m

qBLv2③……………………1分小球在△acd做匀速直线运动，离开cd边界竖直上抛运动离开cd边界后上升的高度：gvh22④……………………1分所以最高点到边界ab的距离：LhH⑤……………………1

分解①③④⑤式得：2228gBLHLE⑥……………………1分（3）如左图，当入射速度较小时，一定可以从ad边射出。若运动轨迹与边界bc相切（如右图），这是满足条件的入射速度最大值得到轨迹半径：3Lr⑦……………………2分由、rm

vBqv2maxmax，得到EBgLmqBLv33max⑧……………………2分所以入射速度的范围是EBgLv30⑨……………………1分（4）设粒子在磁场中轨迹半径为r，经分析可得，5在磁场中运动时间BgEqBmt221

⑩……………………1分在电场中运动时间vLvrLrt2)(222⑪……………………1分在边界cd上方运动时间gvt23⑫……………………1分总时间gvvLBgEt222，当gLv时，有最小值。⑬……………………2分（i）EBgLg

L3时，时间的最小值为：min22224gLELELtBggBgggL⑭……………………1分（ii）EBgLgL3时，时间的最小值为：min222(26)2333BgLELEBLEtBgLBggBgEE⑮……………

………1分33.【答案】（1）ABD（2）（i）450K（ii）3kg（2）【解析】（i）活塞上升过程为等压变化，则V1＝LS……………………1分232VLS……………………1分1212VVTT……………………2分得T2＝450K……………………1分（ii）活塞碰

到重物后到绳的拉力为零是等容过程，设重物质量为M，则20PSPSmg……………………1分30()PSPSmMg……………………1分3223PPTT……………………2分6可得M＝3kg……………………1分34.【答案】（1）ACE（2）（i）3（ii）4.1m【解析】（1）由图

可知，波源A、B起振的方向均沿y轴正方向，A波源产生的波先传到x=4m处，则质点P的起振方向沿y轴正方向，选项A正确；波源不会随波迁移，选项B错误；A波源的振动传到x=4m处的时间为t=1.5s，则在t=2s时，质点P位于波峰处，又振动了0.3s（小于T/4），则质点P位于平衡位

置的上方且沿y轴负方向运动，选项C正确；两列波在P点相遇后，P点为振动减弱点，振幅为0，选项D错误；t=3s时，两列波已经在P点相遇，质点P是振动减弱点，振幅为0，选项E正确。（2）【解析】（i）如图所示，设入射角、折射角分别为i、r，设s

QM，有1sinsis……………………1分2sinss……………………1分根据光的折射定律sinsininr……………………2分联立，解得123sns……………………2分（ii）当鱼饵灯离水面的深度为h时，

水面PQ间恰好无光射出，此时鱼饵灯与浮标的连线和竖直方向夹角恰好为临界角C，有1sinCn……………………2分而2222sinsCsh……………………1分解得21.4hmm……………………1分获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号

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