【文档说明】【精准解析】四川省阆中中学2019-2020学年高一下学期开学考试物理试卷.pdf，共(15)页，333.575 KB，由小赞的店铺上传

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-1-四川省阆中中学2019-2020学年高一（下）开学考试物理试题一、选择题（1到5题单选，6到8题多选）1.定滑轮连接两个质量分别为Am、Bm的小球A、B，它们都穿在一根光滑的竖直杆上，两球静止时，OA绳与水平方向的夹角为2，OB绳与水平方向的夹角为，

不计绳与滑轮间的摩擦及滑轮的重力.则()A.两个小球的质量关系为Am：2cosBm：1B.两个小球的质量关系为ABmmC.定滑轮受到细绳的合力等于ABmmgD.两个小球受到绳子的拉力关系为OAOBTT【答案】A【解析】【详解】分别对AB两球分析，运用合成法，如图所示：由几何知

识得：sin2ATmg，sinBTmg，所以Am：sin2Bm：sin2cos：1，故A正确，B错误；以AB球整体为研究对象，竖直方向受力平衡：cosABFmmg，-2-可见ABFmmg，故C错误；两个小球受到绳子的拉力关系为OAOBTT

，故D错误．所以A正确，BCD错误．2.如图所示，甲、乙两船在同一河岸边A、B两处，两船船头方向与河岸均成θ角，且恰好对准对岸边C点．若两船同时开始渡河，经过一段时间t，同时到达对岸，乙船恰好到达正对岸的D点．若河宽d、河水流速均恒定，两船在静水中的划行速率恒定，不影响各

自的航行，下列判断正确的是（）A.两船在静水中的划行速率不同B.甲船渡河的路程有可能比乙船渡河的路程小C.两船同时到达D点D.河水流速为tandt【答案】C【解析】A.由题意可知，两船渡河的时间相等，两船沿垂直河岸方向的分速度υ1相等，由υ1=υsinθ知两船在静水中的划行速率υ相等，选项A错误

；B.乙船沿BD到达D点，可见河水流速υ水方向沿AB方向，可见甲船不可能到达到正对岸，甲船渡河的路程较大，选项B错误；C.由于甲船沿AB方向的位移大小x=(υcosθ+υ水)t=2dtanθ=AB，可见两船同时到达D点，选项C正确；D.根据速度的合成与分解，υ水=υcosθ，而υsinθ=d/t

,得tandvt水，选项D错误；故选C.小船过河的速度为船在静水中的速度垂直河岸方向的分速度，故要求过河时间需要将船速分解为沿河岸的速度和垂直河岸的速度；要求两船相遇的地点，需要求出两船之间的相对速度，即它们各自沿河岸的速度的和．3.如图所示，将小球从空中的A

点以速度Vo水平向右抛出，不计空气阻力，小球刚好擦过竖直挡板落在地面上的B点．若使小球仍刚好擦过竖直挡板且落在地面上B点的右侧，下列方法可行的是()-3-A.在A点将小球以大于Vo的速度水平抛出B.在A点将小球以小于Vo的速度水平抛出C.在A点正上方某位置将小球以小于Vo的速度水平抛

出D.在A点正下方某位置将小球以大于Vo的速度水平抛出【答案】D【解析】【分析】根据“小球从空中的A点以速度Vo水平向右抛出”可知，本题考查平抛运动的规律，根据平抛的分运动规律，运用运动学公式等，进行分析推断落点.【详解】C、D、根据212hgt，得2htg，水平位移为002hx

vtvg.则知在A点正上方某位置将小球以小于v0的速度水平抛出时，小球刚好擦过竖直挡板时所用时间变长，水平位移不变，初速度变小，能使小球落在挡板和B点之间.在A点正下方某位置将小球抛出时，小球刚好擦过竖直挡板时所用时间变短，水平位移不变，初速度变大，能使

小球落在地面上的B点右侧，故C错误，D正确.A、B、在A点将小球抛出时，落地时平抛运动的时间相等，当初速度大于v0时，小球运动到挡板正上方所用时间变短，下落的高度变小，将从挡板正上方越过.当初速度小于v0时，小球运动到挡板时所用时间变长，下落的高度变大，将撞在挡板上.故

A、B错误.故选D.【点睛】解决本题的关键要掌握其研究方法：运动的分解法，将平抛运动分解为水平和竖直两个方向进行研究，再由运动学公式列式分析.4.如图，从半径为R=1m的半圆AB上的A点水平抛出一个可视为质点的小球，经t=0.4s小球

落到半圆上，已知当地的重力加速度g=10m/s2，则小球的初速度v0可能为（）A.1m/s或2m/sB.2m/s或3m/s-4-C.3m/s或4m/sD.1m/s或4m/s【答案】D【解析】【详解】根据题意可知小球下降的高度2211100.4m0.8m22hgt平抛

运动轨迹如图所示若小球落在圆弧左边上，根据几何关系有222RhRx解得水平位移x=0.4m则初速度00.4m/s1m/s0.4xvt若小球落在圆弧右边上，根据几何关系有R2=h2+x′2解得x′=0.6m则水平位移x=1.6m初速度01.6m/s4m/s

0.4xvt故D正确，ABC错误。故选D。5.如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为r1、r2、r3．若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为（）-5-A.311rrB.113rrC.312rrD.11

2rr【答案】B【解析】【详解】由甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑知三者线速度相同，其半径分别为r1、r2、r3，则：ω1r1＝ω2r2＝ω3r3，故ω3=113rr.A.311rr，与结论不相符，选项A错误；B.113rr，与结论相符，选项B正确；

C.312rr，与结论不相符，选项C错误；D.112rr，与结论不相符，选项D错误；6.如图所示，倾角为θ的斜面放在粗糙的水平地面上，现有一带固定支架的滑块M正沿斜面加速下滑。支架上用细线悬挂质量为m的小球达到稳定(与滑块相对静止)后，悬线的方向与竖直方向的夹角也为θ，斜面体始终保

持静止，则下列说法正确的是()A.斜面光滑B.斜面粗糙C.达到稳定状态后，地面对斜面体的摩擦力水平向左D.达到稳定状态后，地面对斜面体的摩擦力水平向右【答案】AC-6-【解析】【详解】AB．如果斜面光滑，根据牛顿第二定律得；对整体，加速度sin

sinmMgagmM方向沿斜面向下，对小球，合力F合=ma=mgsinθ则摆线必定与斜面垂直，故A正确，B错误；CD．小球的加速度和整体的加速度相同，对整体，加速度有水平向左的分量，合力水平向左，根据牛顿第二定律，

地面对斜面体的摩擦力水平向左，故C正确，D错误。故选AC。【点评】本题考查运用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力，采用整体法和隔离法交叉的方法处理．7.如图所示，一个固定在竖直平面上的光滑半圆形管道，管道里有一

个直径略小于管道内径的小球，小球在管道内做圆周运动，从B点脱离后做平抛运动，经过0.3s后又恰好垂直与倾角为45°的斜面相碰．已知半圆形管道的半径R＝1m，小球可看做质点且其质量为m＝1kg，g取10m/s2．则()A.

小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是0.9mB.小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是1.9mC.小球经过管道的B点时，受到管道的作用力FNB的大小是1ND.小球经过管道的B点时，受到管道的作用力FNB的大小是

2N【答案】AC【解析】【分析】小球恰好垂直与倾角为45°的斜面相碰到，说明小球在C点竖直方向的分速度和水平分速度相等，代人公式即可；小球经过圆弧轨道的B点时做圆周运动，所受轨道作用力与重力一起提供向心力，根据牛顿第二定律列式可求得受管道的作用力．

-7-【详解】根据平抛运动的规律和运动合成的可知tan45yxvv，则小球在C点竖直方向的分速度和水平分速度相等，得3/xyvvgtms，则B点与C点的水平距离为：30.30.9xxvtm，A正确B错误；B点的速度为3m/s，

根据牛顿运动定律，在B点设轨道对球的作用力方向向下，2BNBvFmgmR，代入解得1NBN，负号表示轨道对球的作用力方向向上，C正确D错误．8.如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面

上．小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）．现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止．则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（）A.Q受到桌面的支持力变大B.Q受到桌面的静摩擦力变大C.小球P运动的角速度变大D.小

球P运动的周期变大【答案】BC【解析】【详解】试题分析：对小球分析，设绳子拉力为F，绳子与竖直方向夹角为θ，绳子长度为l，则有Fcosθ=mg，Fsinθ=m（2π/T）2r,r=lsinθ，解得T2=4π2lcosθ/g,当小球位置升高时，周期减小

，角速度增大，C正确，D错误．Q物块处于平衡状态，有N=Mg+Fcosθ=（M+m）g，支持力不变，A错误；f=Fsinθ=mgtanθ，物块位置升高，θ增大，f增大，B正确．考点：本题考查圆周运动向心力分析和物体平衡．二、

实验题（2小题）-8-9.图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图。(1)实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线_______。每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛__________。(2)图乙是正确实验取得的

数据，其中O为抛出点，则此小球做平抛运动的初速度为__________m/s（g＝9.8m/s2）。(3)在另一次实验中将白纸换成方格纸，每个格的边长L＝5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所

示，则该小球做平抛运动的初速度为_______m/s；B点的竖直分速度为________m/s（g＝10m/s2）。（结果均保留两位有效数字）【答案】(1).水平(2).初速度相同(3).1.6(4).1.5(5).2.0【解析】【详解】(1)[1][2]为了保证

小球的初速度水平，斜槽末端应切线水平，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛运动的初速度相等。(2)[3]根据212ygt得，运动时间为220.1960.2s9.8ytg则小球平抛运动的初速度为00.32m/s1.6m/s0.2xvt(3)[4][5]

在竖直方向上，根据22yLgT得220.050.110LTsg则小球平抛运动的初速度为-9-0330.051.5m/s0.1LvTB点的竖直分速度为880.052.0m/s220.1yBLvT10.根据公式2vFmr向和2Fmr向，某同学设计了一

个实验来感受向心力．如图甲所示，用一根细绳（可视为轻绳）一端拴一个小物体，绳上离小物体40cm处标为点A，80cm处标为点B．将此装置放在光滑水平桌面上（如图乙所示）抡动细绳，使小物体做匀速圆周运动，请另一位同学帮助用秒表计时．操作一：手握A点，使小物体在

光滑水平桌面上每秒运动一周，体会此时绳子拉力的大小1F．操作二：手握B点，使小物体在光滑水平桌面上每秒运动一周，体会此时绳子拉力的大小2F．操作三：手握B点，使小物体在光滑水平桌面上每秒运动两周，体会此时绳子拉

力的大小3F．（1）小物体做匀速圆周运动的向心力由________提供；（2）操作二与操作一相比，是为了控制小物体运动的________相同；（3）如果在上述操作中突然松手，小物体将做________．【答案】(1).绳子拉力(2).周期（或角速度、转速）

(3).匀速直线运动【解析】【详解】(1)[1]小物体做匀速圆周运动时，竖直方向受到重力与支持力，二力平衡，向心力由绳子拉力提供．(2)[2]操作二与操作一相比，是为了控制小物体运动的周期（或角速度、转

速）相同．(3)[3]在上述操作中突然松手，绳子的拉力突然消失，小物体将做匀速直线运动．三、计算题（3小题）11.在光滑的水平面内，一质量m=1kg的质点以速度v0=10m/s沿x轴正方向运动，经过原点后

受一沿y轴正方向(竖直方向)的恒力F=15N作用，直线OA与x轴成α=37°，如图所示曲线-10-为质点的轨迹图(g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8)，求：（1）如果质点的运动轨迹与直线O

A相交于P点，质点从O点到P点所经历的时间以及P点的坐标；（2）质点经过P点时的速度大小．【答案】（1）1s；(10m，7.5m)；（2）513m/s【解析】【详解】（1）质点在水平面内做曲线运动，在x方向上不受外力作用做匀速直线运动，y方向受恒力F作

用做匀加速直线运动，在竖直方向上光滑平面的支持力与重力平衡，由牛顿第二定律得2215m/s15m/s1Fam设质点从O点到P点经历的时间为t，P点坐标为(xP，yP)，则有xP=v0t，yP=212at又tanα=PPyx联立解得t=1s，xP=10m，yP=7.5m即P点坐标为

(10m，7.5m)（2）质点经过P点时沿y方向的速度vy=at=15m/s故P点的速度大小22P0y513m/svvv12.如图所示，水平转盘可绕竖直中心轴转动，盘上放着质量均为1kg的A、B两个物块，物块之间用长为1m的细线相连，细线刚好伸直且通过转轴中心O，A

物块与O点的距离为0.4m，物块可视为质点。A、B与转盘间的动摩擦因数均为0.1，且认为最大静摩擦力等于滑动摩擦-11-力，g取10m/s2。（1）当转盘至少以多大的角速度匀速转动时，细线上出现拉力？（2）

当转盘以ω1=1rad/s的角速度匀速转动时，A、B受到的摩擦力分别是多大？（3）当转盘至少以多大的角速度匀速转动时，A、B两个物块均会在转盘上滑动？【答案】（1）5rad/s3；（2）0.4N，0.6N；

（3）10rad/s【解析】【详解】（1）（2）A、B做圆周运动，角速度大小相等，当角速度增大时，B先达到最大静摩擦力，对B物块，有222mgmr解得220.1105rad/srad/s0.63gr因

为5rad/s>1rad/s3可知A、B均未达到最大静摩擦力，则fA=mω12r1=0.4NfB=mω12r2=0.6N（3）设细线拉力为T，当A、B所受摩擦力均达到最大，对A物块T−μmg=mω32r1对B物块T+μmg=mω32r2联立解得-12-32

1220.110rad/s10rad/s0.60.4grr13.物体A的质量M=1kg，静止在光滑水平面上，平板车B的质量为0.5kgm、长1mL，某时刻A以04m/sv向右的初速度滑上木板B的上表

面，在A滑上B的同时，给B施加一个水平向右的拉力忽略物体A的大小，已知A与B之间的动摩擦因数0.2，取重力加速度21m/sg，试求：（1）若2NF，物体A在小车B上相对小车B滑行的时间和最大距离；（2）如果要使A不至于从B上滑落，拉力F的大小应

满足的条件。【答案】（1）0.4s，0.8m；（2）1N≤F≤3N【解析】【详解】（1）物体A滑上木板B以后，作匀减速运动，由牛顿第二定律得µMg=maA解得aA=µg=0.2×10m/s2=2m/s2木板B作加速运动，由牛顿第二定律得F+µMg=maB代入数据解得aB=8m/s2两

者速度相同时v0-aAt=aBt解得t=0.4sA滑行距离2012AAxvtat代入数据解得-13-1.44mAxB滑行距离212BBxat代入数据解得0.64mBx代入数据解得，最大距离△x=xA-xB=0.8m（2）物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端

时，A、B具有共同的速度v1，有222011=+22ABvvvLaa又有011=ABvvvaa代入数据解得aB=6m/s2由牛顿第二定律得F+µMg=maB解得F=maB-µMg=0.5×6-0.2×1×10=1N若F＜1N，则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，于是将从

B上滑落，所以F必须大于等于1N；当F较大时，在A到达B的右端之前，就与B具有相同的速度，之后，A必须相对B静止，才不会从B的左端滑落．由牛顿第二定律得µmg=ma可得a=μg=0.2×10m/s2=2m/s2则有F=（M+m）a=（1+0.5）×2N=3N若F大于

3N，A就会相对B向左滑下；-14-综上所述，力F应满足的条件是1N≤F≤3N-15-