【文档说明】安徽省师范大学附属中学2022-2023学年高一上学期期末物理答案.pdf，共(2)页，528.457 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-b737ac2cb8c8f53a8fdd0a14c417c472.html

以下为本文档部分文字说明：

第1页，共2页高一联考物理（参考答案）一二、选择题12345678910CBDAACADBDACDABC三、实验题(本题共2小题，每空2分，共14分)11．（6分）(1)D(2)不能(3)C12．（8分）D0.120.202四、计算题13．（8分）【答案】（1）100N(2)能，

最小值为96N【解析】1分析箱子的受力情况，作出受力示意图，如图根据平衡条件和摩擦力公式得：11cos53sin53FmgF；……2分得：1100cos53sin53mgFN；……2分2设拉力与水平方向夹角为，则得：cossinFmgF……1分有：

2cossin1sinmgmgF……1分F有最小值，其值为2961mgFminN．……1分所以，能求出最小值。……1分14．（14分）【答案】（1）5m（2）5s（3）=16fN=48NFN【解析】（1）木块上滑时,由牛顿第二定律得:mgsin3

7°+μmgcos37°=ma1解得:a1=10m/s2……2分木块上滑的最大距离:v02=2ax……1分解得:x=5m……1分（2）木块下滑时,由牛顿第二定律得:mgsin37°-μmgcos37°=ma2解得:a2=2m/s2……2分由x=½at2……1分得t=5s…

…1分（3）木块向上滑行时斜面体A受力分析如图对B分析可知，cosNFmg……1分cosNfFmg……1分对A根据平衡条件可得，=cossinNNFMgFf……1分=sincosNfFf……1分解得：=48NFN……1分第2页，共2页=16fN

……1分用其它解法得到正确答案也可。15．（16分）【答案】（1）1=0.12=0.2（2）211/ams222/ams（3）6FN【解析】（1）由图b可知，13FN时薄木板开始滑动。有：12FMmg……1分解得：2=

0.2……1分由图b可知，24.5FN时小滑块与薄木板刚好发生相对滑动时，此时小滑块与薄木板间的滑动摩擦力10.5fN。有：11fmg……1分解得：1=0.1……1分（2）小滑块的加速度为1a，薄木板的加速度为2a，根据牛顿第二定

律有：对滑块：11mgma……2分对木板：2122)FmgmMgMa（……2分解得：211/ams……1分222/ams……1分（3）设小滑块脱离薄木板时的速度为v，时间为t，在桌面上

滑动的加速度为3a，小滑块脱离木板前，薄木板的加速度为4a，空间位置变化如图所示：则滑块的速度：1vat……1分对滑块，由牛顿第二定律得：23μmgma……1分小滑块的位移：2112vxa，2232vxa，1212xxL…

…1分木板的位移：224111222vLata……1分根据牛顿第二定律，对木板：4124)FmgmMgMa（……1分解得：46FN要使小滑块脱离薄木板但不离开桌面，拉力6FN.……1分