【文档说明】湖南省岳阳市临湘市2024-2025学年高一上学期11月期中物理试题 Word版含解析.docx，共(16)页，1016.851 KB，由管理员店铺上传

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2024年高一上学期物理期中考试试卷一、单选题1.在物理学发展过程中，科学家们应用了许多物理学的研究思想、方法，以下相关内容的叙述不正确的是（）A.根据速度定义式xvt=，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想B.在推导匀变速直线运动位移

公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了类比思想C.“重心”“合力与分力关系”都用到了“等效替代”的思想D.在物体的大小和形状不影响我们所研究的问题时，可以将物体视为质点，这里运用了理想模型法【答案】B【解析】

【详解】A．根据速度定义式xvt=，当t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想，故A正确，不满足题意要求；B．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运

动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元思想，故B错误，满足题意要求；C．“重心”“合力与分力的关系”都用到了“等效替代”的思想，故C正确，不满足题意要求；D．在物体的大小和形状不影响我们所研究的问题时，可以将物体视为质点，这里运用了理想模

型法，故D正确，不满足题意要求；故选B。2.一篮球运动员在标准的场地进行投篮练习，某次扣篮时，篮球以3m/s的竖直向下的速度穿过篮圈，经过一段时间篮球与地面发生碰撞，碰后沿竖直向上的方向弹起，在距离地面1.55m高处的速度大小为5m/s，已知

篮圈距离地面的高度为3.05m，上述过程所用的时间t=1.0s，篮球可视为质点，规定竖直向下的方向为正方向。该过程中，篮球运动的路程、速度的变化量、平均速度以及平均加速度分别用s、Δv、v、a表示。则下列说法正确的是（）A.s=-4.6mB.Δv=2m/sC.v=1.5m/sD.a=8

m/s2【答案】C【解析】的的【详解】A．篮球由3.05m高处下落经1.0s的时间经地面反弹上升到1.55m高处，则该过程中篮球运动的路程为4.6ms=路程为标量，没有方向，故A错误；B．该过程中篮球速度的变化量Δ(53)m/s8m/sv=−−=−故B错误

；C．该过程中篮球的位移Δ(3.051.55)m1.5mx=−=则该过程中篮球的平均速度Δ1.5m/sΔxvt==故C正确；D．该过程中篮球的平均加速度2Δ8m/sΔvat==−故D错误。故选C。3.如图所示是羽毛球被

击出后在空中飞行的频闪照片，O、P、Q三点分别是羽毛球在上升、到达最高点和下落阶段的位置。羽毛球在飞行过程中会受到重力、与运动方向相反的空气阻力的作用，则关于羽毛球在O点所受合外力方向和速度方向的示意图，下列选项中正确的是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】羽毛球在飞行过

程中会受到重力、空气阻力作用，重力方向竖直向下，空气阻力方向与运动方向相反，根据平行四边形定则，羽毛球在O点所受合外力方向如图A所示。故选A。4.如图所示，人在划船时若某时刻船桨与水平方向的夹角为，水对船桨

的作用力大小为F，方向垂直于船桨，则（）A.F在水平方向的分力大小为sinFB.F在竖直方向的分力大小为sinFC.船桨对水的作用力小于FD.水对船桨的力与船桨对水的力合力为0【答案】A【解析】【详解】AB．把水对船桨的作用力大

小为F正交分解如图所示根据几何知识2=−F在水平方向的分力大小为1cossin2FFF=−=（）F在竖直方向的分力大小为2sincos2FFF=−=（）故A正确，B错误；CD．根据牛顿第三定律知水对船桨的力与船桨对水的力是一对相互作

用力，大小相等、方向相反、分别作用于水和船桨上，所以水对船桨的力与船桨对水的力不能求合力，故CD错误。故选A。5.如图所示，臂力器装有四根弹簧，每根弹簧的自然长度均为50cm。臂力器可以通过装不同劲度系数、不同数量的弹簧来调节臂

力器的强度。某人第一次只装了中间两根劲度系数均为1200N/mk=的弹簧，然后把两根弹簧都拉到了150cm长；第二次又在两边加装了两根劲度系数均为2300N/mk=的弹簧，然后用与第一次相同大小的力拉四根弹簧。下列说法中正确的是（）

A.第一次每只手受到臂力器的拉力大小为200NB.第二次每只手受到臂力器的拉力大小为800NC.第二次每根弹簧的长度为130cmD.第二次两边两根弹簧每根的弹力为120N【答案】D【解析】【详解】AB．由胡克定律可得

，第一次每根弹簧上的拉力为112001N=200NFkx==两根弹簧的拉力为400N，由牛顿第三定律可知，每只手的拉力为400N，由于第二次用与第一次相同大小的力拉四根弹簧，则第二次每只手的拉力也为400N，AB错误；C．设第二次中间

两根弹簧每根的伸长量'x，结合AB分析，由胡克定律有''112Fkxkx=+解得'40cmx=故每根弹簧的长度'090cmLLx=+=C错误；D．第二次两边两根弹簧每根的弹力为'223000.4N=120NFkx==

D正确。故选D。6.某星球表面的重力加速度大小为5m/s2，航天员登陆该星球后，在该星球表面以大小为v0=20m/s的初速度竖直向上抛出一小球，小球可视为质点，忽略星球自转的影响，引力视为恒力，阻力可忽略，则（）A.经过2s小球速度变为零B

.抛出的小球在前6s内的位移大小为40mC.小球在第1s末、第2s末、第3s末的速度大小之比为3:2:1D.小球第一个1s内、第二个1s内、第三个1s内、第四个1s内的位移大小之比为1:3:5:7【答案】C【解析】【详解】A．小球速度减为零时间为020s4s5vt

g===故A错误；B．抛出的小球在前6s内的位移大小为20130m2xvtgt=−=故B错误；CD．由于小球到达最高点速度为零，且用时4s，根据逆向思维法及初速度为零的匀加速度直线运动的比的例关系可

知，小球在第1s末、第2s末、第3s末的速度大小之比为3:2:1，小球第一个1s内、第二个1s内、第三个1s内、第四个1s内的位移大小之比为7:5:3:1，故C正确，D错误。故选C。二、多选题7.高层建筑室外玻璃清洗风险较大，工

人身上都绑有安全带，安全带上有救生缓降器。工人从高处通过缓降器返回地面全过程的vt−图像如图所示，1t时刻工人的速度达到最大值1v，下列说法正确的是（）A.10~t时间内工人的平均速度大于112vB.10~t时间内工人做加速度增大的加速运动C.1t时刻工人加速度为零D.21~tt时间

内工人做加速度减小的减速运动【答案】AC【解析】详解】A．若0~t1时间内工人匀加速下降，如图中虚线所示则平均速度为12vv=而实际图像围成的面积大于虚线围成的面积，即实际位移大于匀加速的位移，则实际的平均速度大于匀加速的平均速度，即大于12v，故A正确；B．vt−图线的斜率表示加速度，由图可知

，0~t1时间内斜率减小，即此时间内，工人做加速度减小的加速运动，故B错误；C．vt−图线的斜率表示加速度，1t时刻斜率为零，所以1t时刻工人的加速度为零，故C正确；的【D．vt−图线的斜率表示加速度，可知t1~t2时间内工人的加速度先增大后减小，故D错误。故选AC。8.为

研究木板与物块之间的摩擦力，某同学在粗糙的长木板上放置一物块，物块通过细线连接固定在试验台上的力传感器，如图（a）。水平向左拉木板，传感器记录的F-t图像如图（b）。下列说法中正确的是（）A.物块受到的摩擦力方向始终水平向左B.1.0~1.3s时间内，木板与物块间的摩擦力大小与物块对木板的正压力成

正比C.1.0~1.3s时间内，物块与木板之间的摩擦力是静摩擦力D.2.4~3.0s时间内，木板可能做变速直线运动【答案】ACD【解析】【详解】A．木板始终向左运动或者有向左运动的趋势，可得物块对木板的摩擦力始终向右，所以物块受到木板对其的摩擦力方向始

终水平向左，故A正确；BC．根据图像可得，在1.0~1.3s时间内物块受到摩擦力在变化，所以可得此时摩擦力为静摩擦力，而静摩擦力的大小与物块对木板的正压力无关，故B错误，C正确；D．2.4~3.0s时间内传感器示数不再变化

，说明此时摩擦力已经变为滑动摩擦力，此时木板只要运动就行，可能做变速直线运动，故D正确。故选ACD。9.在光滑水平面上，一质点由静止从A点开始做匀加速直线运动，加速度大小为1a，经时间t运动到B点，此时速度大小为Bv，紧接着做加速度方向与1a方向相反、大小为2a的匀变速直线运动，经过t时间

质点恰好回到了出发点A点，此时速度大小为Av，下列说法正确的是（）A.1214aa=B.1213aa=C.12ABvv=D.2ABvv=【答案】BD【解析】【详解】AB．质点加速阶段位移2112xat=1Bvat=在接下来的t时间内的位移2212Bxvtat−=−解得121

3aa=故A错误，B正确；CD．根据匀变速直线运动速度与时间的关系可得21111322ABvvatatatatat=−=−=−=所以1122ABvatvat==故C错误，D正确。故选BD。10.如图所示，高铁站台上，5位旅客在各自车厢候车

线处候车，候车线的距离均为d。若动车共有6节车厢（含车头、车尾），每节车厢长均为d，动车进站时（从左往右）做匀减速直线运动。站在2号候车线处的旅客发现1号车厢经过他所用的时间为t，动车停下时该旅客刚好在2号车

厢门口（2号车厢最前端），则（）A.动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，经历的时间为2tB.动车1号车厢头部经过5号候车线处的旅客时的速度为4dtC.动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，平均速度为d

tD.动车1号车厢经过3号候车线处的旅客所用的时间为()32t−【答案】AB【解析】【详解】A．采用逆向思维，可认为动车反向做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为a，站在2号候车线处的旅客发现1号车厢经过他所用的时间为t，动车停下时该旅客刚好在2号车厢门口，动车所走位移大小为d，故有212

dat=动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，所走的位移大小为4d，则有25142dat=解得52tt=故A正确；C．动车从开始经过5号候车线处的旅客到停止运动，平均速度为422ddvtt==故C错误；B．设动车号车厢

头部经过5号候车线处的旅客时的速度为5v，从动车号车厢头部经过5号候车线到停止，可得5022vdvt+==解得54dvt=故B正确；D．动车从开始经过3号候车线处的旅客到停止运动，所走的位移大小为2d，则有231

22dat=解得52tt=故动车1号车厢经过3号候车线处的旅客所用的时间为3(21)tttt=−=−故D错误。故选AB。三、实验题11.某物理兴趣小组用图示器材探究两个互成角度的力的合成规律。在水平圆形桌面上平铺一张白纸，在桌子边缘安装三个光滑的滑轮，其中滑轮1P固定在桌子边，滑轮2P、3

P可沿桌边移动。在三根轻绳下挂上一定数量的钩码，并使结点O（不与桌面接触）静止。（1）若一根绳挂的钩码质量为5m，另一根绳挂的钩码质量为12m，则第三根绳挂的钩码质量一定不小于______。（2）若滑轮1P下所挂的钩码质量为13m、滑轮2P、3P下所挂的

钩码质量分别为12m、5m，则结点O静止时，2OP、3OP之间轻绳的夹角为______；若实验中桌面不水平，实验的结论______（填“受”或“不受”）影响。【答案】（1）7m（2）①.90°②.不受【解析】【小问1详解】若一根绳挂的质量为5m，另一根绳

挂的质量为12m，则两绳子的拉力分别为：5mg、12mg，两绳子拉力的合力F的范围是|12mg−5mg|⩽F⩽12mg+5mg7mg⩽F⩽17mg三力的合力为零，则第三根绳挂的质量一定不小于7m；【小问2详

解】[1]三力的合力为零，则三力必然为首位相连的矢量三角形，根据勾股定理，三根绳的拉力刚好构成首位相连的直角三角形，则OP2和OP3之间轻绳的夹角一定为90°；[2]桌面不水平只要保证能使结点平衡即可，所以桌面不水平也不会影响实验的结论。

12.某同学利用如图（a）所示的实验装置探究物体做直线运动时平均速度与时间的关系。让装有钩码的木块左端和纸带相连，右端用细绳跨过定滑轮和3个钩码相连。在水平长木板左端由静止释放木块，钩码下落，带动木块运动，打点计时器在纸带上打下一系

列的点。某次实验中得到的纸带如图（b）所示。（1）已知图（b）中相邻两个计数点的时间间隔均为T，以打下A点时木块的位置为初始位置，则从打下A点到D点的过程中，木块的平均速度ADv=_____（用题中字母表示）。（2）根据图（b）中的数据，得到

小车平均速度v随时间t的变化关系，如图（c）所示。从实验结果可知，小车运动的vt−图线可视为一条直线，纵截距为b，斜率为k。木块的加速度大小a=_____。初速度大小等于_____（结果均用字母k、b表示）【答案】（1

）1233xxxT++（2）①.2k②.b【解析】【小问1详解】从打下A点到D点的过程中，木块的平均速度1233ADxxxvT++=【小问2详解】[1][2]根据21()2Axvtat=+可得12Axvvatt==+由vt−图像可知初速度大小等于Avb=vt−图像的斜

率为12ak=可得木块的加速度大小为2ak=四、解答题13.如图所示，小孩与冰车静止在冰面上，大人用40NF=的恒定拉力，使小孩与冰车沿水平冰面一起向右滑动。已知拉力方向与水平冰面的夹角37=，小孩与冰

车的总质量20kgm=，冰车与冰面间的动摩擦因数0.1=，重力加速度210m/sg=，sin370.6=°，cos370.8=°。求：（1）冰车受到冰面的支持力大小；（2）小孩与冰车所受合外力的大小与方向。【答案】（1）176N（2）14.4N，方向水平向右【解析】【小问

1详解】以小孩与冰车为对象，竖直方向根据受力平衡可得sinFNmg+=解得冰车受到冰面的支持力大小为sin2010N400.6N176NNmgF=−=−=【小问2详解】以小孩与冰车为对象，受到的滑块摩擦

力大小为17.6NfN==则小孩与冰车所受合外力的大小为cos3714.4NFFf=−=合方向水平向右。14.汽船甲在雾中以大小120m/sv=的恒定速度沿直线航行，某一时刻汽船甲拉响汽笛，经过03st=，听到了由正前方的障碍物传来的

回声。声音在空气中传播的速度340m/sv=，将汽船视为质点。（1）若障碍物为山峰，求汽船甲接收到回声时与山峰之间的距离1L；（2）若障碍物为以大小234m/sv=的恒定速度相向驶来的汽船乙，求汽船甲接收到回声时与汽船乙之间的距离2L

；（3）若在（2）中情况下，汽船乙的运动不变，汽船甲接收到回声后急转弯以免与汽船乙相撞，求汽船甲接收到回声到采取急转弯措施的时间t应满足的条件。【答案】（1）1480mL=（2）2432mL=（3）8st【解析】【小问1详解】设汽船甲拉响汽笛时与山峰之间

的距离为0L，有00102Lvtvt=+解得0540mL=经分析可知1010LLvt=−解得1480mL=【小问2详解】设从汽船甲拉响汽笛至汽船乙接收到汽笛声的时间为t，有()010vtvttvt=−+解得27s17t=经分析可知()()20

20Lvttvtt−−=−解得2432mL=【小问3详解】汽船甲与汽船乙不会相撞需满足的条件为()122vvtL+解得8st15.某国产新能源汽车上市之前在一直线跑道上进行“单踏板模式”性能测试，测试过程分

为三个阶段。Ⅰ阶段：驾驶员踩下电门至某一位置，汽车由静止启动，其加速度a与速度v满足关系qavp=+（其中10m/sp=，2320m/sq=），当汽车加速至120m/sv=时进入Ⅱ阶段。Ⅱ阶段：驾驶员通过适当调节电门使汽车做匀加速直线运动，加速度2/s2ma=，加速至230m/sv=时进入Ⅲ阶

段。Ⅲ阶段：驾驶员松开电门，汽车的能量回收制动系统启动，汽车开始减速直至停下，该减速过程中汽车的加速度a与速度v满足关系akv=−（其中11sk−=）。（1）求Ⅱ阶段汽车运动的时间和位移大小；（2）作出Ⅰ阶段

的1va−图像，并根据该图像求Ⅰ阶段经历的时间；（3）求Ⅲ阶段汽车的位移大小（温馨提示：可以用图像分析）。【答案】（1）5s，125m（2），20s（3）30m【解析】【小问1详解】汽车运动的时间为212Δ3020s5s2vvvtaa−−====位移为1222220

305m125m22vvxvtt++====【小问2详解】根据qavp=+可知1vpaq+=代入数据，整理得111202va=+所以1va−图像如图所示根据加速度的定义式ΔΔvat=可得ΔΔvta=即1va−图线与横轴所围面积为加速时间，则Ⅰ阶段经历的时间为10.51.520s20s2

t+==（）【小问3详解】Ⅲ阶段汽车的加速度akv=−，因此其at−图像与t轴围成的面积是vt−图像与t轴围成的面积的k倍，故速度改变量的大小是位移大小的k倍，即20vkx−=解得30mx=