【文档说明】安徽省滁州市民办高中2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题【精准解析】.doc，共(15)页，499.000 KB，由小赞的店铺上传

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滁州市民办高中2019-2020学年度上学期期末试卷高一物理试题第I卷选择题(40分)一、选择题(共10小题，1-7小题为单选题，8-10小题为多选题，每小题4分，共40分)1.关于自由落体运动,下列说法中正确的是（g取9.8m/s2）（）A.只在重力作用下的竖直向下的运动是自由

落体运动B.物体刚下落时，速度和加速度都为零C.物体越重，下落得越快D.下落过程中，物体速度每秒增加9.8m/s【答案】D【解析】【详解】A.只在重力作用下，且由静止开始的竖直向下的运动是自由落体运动，选项A错误；B.物体刚下落时，速度为

零，加速度为g，选项B错误；C.轻重物体下落的一样快，选项C错误；D.下落过程中，物体的加速度为9.8m/s2,则物体速度每秒增加9.8m/s，选项D正确.故选D.2.将轻绳和轻弹簧的一端分别固定在圆弧上的A、B两

点，另一端固定在小球a上，静止时，小球a恰好处于圆心O处，如图甲所示，此时绳与水平方向夹角为30°，弹簧恰好水平，现将轻弹簧与轻绳对调，将a球换成b球后，小球仍位于O点，如图乙所示，则a、b两个小球的质量之比为()A.1：1B.3：1C.2：3D

.3：2【答案】C【解析】【详解】在甲图和乙图中，由于弹簧的长度是相等的，所以两种情况下的弹簧的弹力是相等的．甲图中：13tan30=3mgF乙图中:21sin30=2mgF所以：112232

33=2:3132FmmgmmgF，故C项正确，ABD三项错误．3.甲球的重力是乙球的5倍，甲乙分别从高H处、3H处同时自由落下（H足够大），不计空气阻力，下列说法正确的是：A.同一时刻甲的速度比乙大B.下落2m时，甲、乙球的速度相同C.下落过程中甲的加速度

是乙的5倍D.在自由下落的全过程中，两球的平均速度大小相等【答案】B【解析】【详解】A.因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为g，任意时刻的速度为：v=gt，所以两物体下落过程中，在同一时刻甲的速度与乙的速度相等，故A错误；B.根据公式v2=2gh，下

落2m时，甲、乙的速度相同，故B正确；C.因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g，下落过程中甲的加速度与乙的加速度相同，故C错误；D.根据2vgh和02vv可知，两球平均速度大小不等，故D错误.故选B．【点睛】本题关键是对自由落体运动的物体运用位移时间公式和

速度位移公式列式求解．4.某物体运动的v-t图象如图所示，下列说法不正确的是（）A.物体在第1s末加速度方向发生变化B.物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的C.物体在4s末返回出发点D.物体在5s末离出发点最远，且最大位移为0.5m【答案】D【解析】

【详解】A.1s前速度增大，即速度方向和加速度方向相同，1s末后速度开始减小，所以速度方向和加速度方向相反，由于速度方向为正，即没有变化，所以加速度方向发生变化，A正确；B.图像的斜率表示加速度，1~3s过程中的

斜率恒定，所以物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的，B正确；C.在速度-时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，根据图像可知0~4s内图像的面积为零，即位移为零，回到出发点，C正确；D.4s末回到出发点，之后又开始正向运动

，到5s末，虽然速度开始减小，但速度仍为正，即仍朝着正方向运动，到达6s速度为零，正向位移最大，最大位移为12112xm，D错误．故本题选D。5.如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心，一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下从半球形容器最低点缓慢移近最高点．设小滑块所受

支持力为N，则下列判断正确的是（）A.F缓慢增大B.F缓慢减小C.N不变D.N缓慢减小【答案】A【解析】【详解】对物体进行受力分析：物体受重力mg、支持力FN、水平力F．已知小滑块从半球形容器最低点缓慢移近最高点，我们可以

看成小滑块每一个状态都是平衡状态．根据平衡条件，应用力的合成得出：GFtanNGFsin，由于小滑块从半球形容器最低点缓慢移近最高点，所以θ减小，tanθ减小，sinθ减小．根据以上表达式可以发现F

增大，FN增大．故选A.【点睛】物体的动态平衡依然为高考命题热点，解决物体的平衡问题，一是要认清物体平衡状态的特征和受力环境是分析平衡问题的关键；二是要学会利用力学平衡的结论（比如：合成法、正交分解法、

效果分解法、三角形法、假设法等）来解答；三是要养成迅速处理矢量计算和辨析图形几何关系的能力．6.在粗糙水平面上有一个三角形木块，在它的两个粗糙斜面上分别放着质量为1m和2m的两个小木块A、B，12mm，如图所示．已知三角形木块和两小木块都是静止的，则粗糙水平面对三角形

木块()A.有摩擦力的作用，摩擦力的方向水平向右B.有摩擦力的作用，摩擦力的方向水平向左C.有摩擦力的作用，但摩擦力方向不能确定，因为1m、2m、1、2数值未知D.以上判断都不对【答案】D【解析】【分析】判断物体是否受到摩擦力的作用，关键要看物体相对地面有无运动趋势。【详解】取三

角形木块及小块A和B整体为研究对象，则物体只受重力和支持力的作用，水平方向没有外力，故三角形木块不受地面的摩擦力，故D正确ABC错误。7.质量相同的甲、乙两人乘坐两部构造不同、倾角相同的电梯去商场，他们均相对于电梯静止，则下列说法正确的是（）A.若两电梯匀速上升，则甲、乙两

人均没有受到摩擦力B.若两电梯匀速上升，则甲受到的重力和支持力C.若两电梯匀加速上升，则两人均受到沿速度方向的摩擦力D.无论电梯加速或匀速上升，甲都不会受到摩擦力的作用【答案】B【解析】【详解】AB.若两电梯均为匀速上升，则甲只受重力和支持力，乙则受重力、支持力和摩擦

力，所以A错误，B正确；C.若两电梯匀加速上升，则甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，C错误，D错误；故选B.【点睛】对人受力分析，由牛顿第二定律及共点力的平衡条件可确定人是否受到摩擦力．8.如图所示，用大小相等、方向相反且在同一水平面上的两个力FN挤压同样的

木板，木板中间夹着两块同样的砖，砖和木板均保持静止．下述结论正确的是（）A.两砖间有弹力B.两砖间没有摩擦力C.FN越大，板和与之相接触的砖之间的摩擦力越大D.FN越大，每块砖所受各力的合力越大【答案】AB【解析】【详解】BC.设每一块砖

的重力为G，一侧木板对砖的摩擦力大小为f1，两块砖之间的摩擦力大小为f2．根据平衡条件得：对整体，有：2f1=2G，得f1=G．对左侧砖，有：f1+f2=G．解得f2=0．即两砖间摩擦力为零，而且这个结果与FN无关．故B正确，C错误；AD.两砖始终受力平衡，合力为零，且两

砖之间有相互挤压的力．故A正确，D错误．故选AB．9.一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示，在A点，物体开始与弹簧接触，当物体下降到最低点B后又被弹簧弹回．设物体在整个运动过程中，弹簧受力一直处于弹性限度

内，则（）A.物体从A下降到B的过程中，速度不断变小B.物体从A下降到B的过程中，速度不断变大C.物体从A下降到B的过程中，加速度是先减小后增大D.物体从A下降到B，以及B上升到A的过程中，速度都是先增大后减小【

答案】CD【解析】【详解】ABC.在A下降到B的过程中，开始重力大于弹簧的弹力，加速度方向向下，物体做加速运动，弹力在增大，则加速度在减小，当重力等于弹力时,速度达到最大，然后在运动的过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二定律知，加速度方向向上，加速度方向与速

度方向相反，物体做减速运动，运动的过程中弹力增大，加速度增大,到达最低点，速度为零.知加速度先减小后增大，速度先增大后减小。故A、B错误，C正确；D.物体从B回到A的过程是A到B过程的逆过程,返回的过程速度先增大后减小.所以D选项是正确的.故选：CD【点睛】本题受力分析是关键，在物体下

落过程中由于弹力在变化，导致合力发生变化，所以加速度也在变化，当加速度为零时，速度达到最大，当物体运动到最低点时速度为零，这些会作为运动中的临界条件来用，也是求解某些问题的关键所在．10.如图所示为甲、乙两个物体在同一直线上运动的x-t图象，下列说法正确的是()A.两物体的

速度大小相等，方向相反B.在t=1s时，甲、乙两物体相遇C.在前2s时间内，甲、乙两物体的位移相同D.在t=2s时，乙物体的运动方向发生了变化【答案】AB【解析】【详解】A．位移时间图像的斜率表示速度大小，甲的速度为15m/sv，乙的速度为25m/sv，负号表示运动方向，所以两者的速度

大小相等，方向相反，A正确；B．在t=1s时，两者位移大小相同，都到达了x=5m位置，两者相遇，B正确；C．前2s甲的位移为10m，乙的位移为-10m，位移大小相同，方向不同，C错误；D．乙的速度一直为负，即一直朝着负方向运

动，D错误；故选AB。第II卷非选择题二、实验题(共2小题，共18分)11.请完成“验证力的平行四边形定则”实验的相关内容.(1)如图甲所示,在铺有白纸的水平木板上,橡皮条一端固定在A点,另一端拴两个细绳套.(2)如图乙所示

,用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条,使绳与橡皮条的结点伸长到某位置并记为O点,记下此时弹簧测力计的示数F1和F2及_________________.(3)如图丙所示,用一个弹簧测力计拉橡皮条,使绳与橡皮条的结点拉到O

点,记下此时弹簧测力计的示数F=____________N和细绳的方向.(4)如图丁所示,已按一定比例作出了F1、F2和F的图示,请用作图法作出F1和F2的合力F/._____(5)F/与F大小相等,

方向略有偏差,如果此偏差仅由F1引起,则原因是F1的大小比真实值偏_______(填“大”或“小”)或F1与F2的夹角比真实夹角偏______________.(填“大”或“小”)．【答案】(1).两细绳的方向(2).3.00(3).由

力的图示作出F1和F2的合力F',如图(4).大(5).大【解析】（1）实验时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使绳与橡皮条的结点伸长到某位置并记为O点，记下此时弹簧测力计的示数F1和F2及两细绳的方向；（2）分度值为0.1N，要估读到分度值下一位，弹簧测力计的示数3.00N

；（3）由力的图示作出F1和F2的合力（4）F/与F大小相等，方向略有偏差，此偏差仅由F1引起，F2的真实值，合力的真实值为F′，F1为测量值，由图可知，F1的大小比真实值偏大，F1的方向使它与F2的方向

夹角比真实值偏大．12.利用如图甲所示的实验装置探究加速度与合外力的关系，实验中认为细绳对木块的拉力等于砝码和砝码桶的总重力。请思考探究思路并回答下列问题。（1）下列做法正确的是________（填字母代号）。A．在找不到合适的学生电源的情况下，可以使用四节干电池串联作为打点计

时器的电源B．平衡摩擦力的方法是悬挂砝码桶但不得在砝码桶中添加砝码，使木块能拖着纸带匀速滑动C．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行D．实验时，先接通打点计时器的电源再放开木块（2）如图乙所示，是挂上砝码桶，装入适量砝码，按实验要求打出的一条

纸带：A、B、C、D、E是纸带上选取的五个计数点，相邻两个计数点之间还有四个计时点未画出。用刻度尺测出各计数点到A点之间的距离，已知打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端。其中打出计数点C时木块的速度vC=______m/s，木块的加速度a=__________m/s2（结果均保留两位有效数字

）。（3）实验时改变砝码及砝码桶的总质量m，分别测量木块对应的加速度a。根据测得的多组数据画出a-m关系图象，如图丙实线所示。此图象的上端明显偏离直线，造成此现象的主要原因可能是____________。【答案

】(1).CD(2).0.54(3).1.0(4).砝码和砝码桶的总质量不再满足远小于木块质量【解析】【详解】(1)[1]A．在找不到合适的学生电源的情况下，打点计时器使用的为交流电源，也不能使用干电池，A错误；B．平衡摩擦力的方法是在木板的右端垫高撤掉砝码桶，打开电源拖动纸带做匀速运动，B错误

；C．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，C正确；D．实验时，为了充分利用纸带获得较多的数据，先接通打点计时器的电源再放开木块，D正确；故选：CD。(2)[2]相邻计数点间的时间间隔为0.0250.1sT；C点的瞬时速度等于BD间的平均速度，则0.54m/s2BDCxvT

；[3]根据2xaT可得221.0m/s4CEACxxaT(3)[4]随着力F的增大，即砝码和小盘总质量的增大，不再满足砝码和砝码桶的质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象。三、计算题(共3小题，共42分。解答应写出必要的文字说明与演算步骤.

)13.羚羊从静止开始奔跑，经过50m能加速到最大速度25m/s，能维持这个速度较长的时间．猎豹从静止开始奔跑，经过60m能达到最大速度30m/s，以后只能维持这个速度4s．设猎豹与羚羊距离为x时，猎豹开始攻击．羚羊在猎豹开始攻击1s后才开始奔跑

．设它们在加速阶段均作匀加速直线运动，求：（1）猎豹要在减速前追上羚羊，求x的最大值；（2）猎豹要在加速阶段追上羚羊，求x的范围．【答案】（1）55xm（2）31.87531.9xmm【解析】【详解】（1）羚羊做加速运动的加速度为：221116.25m/s2vas

羚羊做加速运动的时间为：1114svta猎豹做加速运动的加速度为：222227.5m/s2vas猎豹做加速运动的时间为:2224svta显然由12tt可知，当猎豹进入匀速运动过程1s后，羚羊将做匀速运动．当猎豹匀速运动t=4.0s时，根据位移关系

有：22111svtsxvt解得：55mx（2）豹加速过程中，羊加速了：3213stt此过程羊运动的距离：2613128.125m2xat则：7266028.125m31.875mxxx故x≤31.875m≈31.9m14.如图所示，质量M＝1kg

的木板A静止在水平地面上，在木板的左端放置一个质量m＝1kg的铁块B(大小可忽略)，铁块与木块间的动摩擦因数μ1＝0.3，木板长L＝1m，用F＝5N的水平恒力作用在铁块上，g取10m/s2．(1)若水

平地面光滑，计算说明铁块与木板间是否会发生相对滑动；(2)若木板与水平地面间的动摩擦因数μ2＝0.1，求铁块运动到木板右端所用的时间．【答案】（1）不发生相对滑动；（2）2s【解析】【详解】（1）假设不发生相对滑动对A

B整体受力分析，根据牛顿第二定律得：FMma()单独对A受力分析，则它受到的静摩擦力：fMa解得：2.53mfNfN则假设成立，A和B之间没有发生相对滑动。（2）对B受力分析得：2Fmgma对A受力分析得：121()mgmMgMa根据运动学公式有：21112xat2

2212xat12xxL解得：2ts【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，抓住A、B的位移关系，结合A、B的加速度，运用运动学公式的进行求解．15.如图所示，传送带水平部分xab=0.2m，斜面部分

xbc=5.5m，bc与水平方向夹角α=37°，一个小物体A与传送带间的动摩擦因数μ=0.25，传送带沿图示方向以速率v=3m/s运动，若把物体A轻放到a处，它将被传送带送到c点，且物体A不脱离传送带，经b点时速率不变．(取g=10m/s2，sin37

°=0.6)求：（1）物块从a运动到b的时间；（2）物块从b运动到c的时间．【答案】（1）0.4s；（2）1.25s．【解析】【分析】根据牛顿第二定律求出在ab段做匀加速直线运动的加速度，结合运动学公式求出a到b的运动时间．到达b点的速度小于传送带的速度，根据牛顿第二定律求出在bc段匀加速运动

的加速度，求出速度相等经历的时间，以及位移的大小，根据牛顿第二定律求出速度相等后的加速度，结合位移时间公式求出速度相等后匀加速运动的时间，从而得出b到c的时间．【详解】（1）物体A轻放在a处瞬间，受力分析由牛顿第二定律得：1mgma解得：212.5m/saA与皮带共速需

要发生位移：2191.8m0.2m25vxma共故根据运动学公式，物体A从a运动到b：21112abxat代入数据解得：10.4st（2）到达b点的速度：111m/s3m/sbvat由牛顿第二定律得：2

2sin37mgfma2cos37Nmg且22fN代入数据解得：228m/sa物块在斜面上与传送带共速的位移是：2222bvvsa共代入数据解得：0.5m5.5ms共时间为：2231s0.

25s8bvvta因为22sin376m/scos372m/sgg＞，物块继续加速下滑由牛顿第二定律得：23sin37mgfma2cos37Nmg，且22fN代入数据解得：

234m/sa设从共速到下滑至c的时间为t3，由233312bcxsvtat共，得：31st综上，物块从b运动到c的时间为：231.25stt