【文档说明】广西南宁市第二中学2021届高三下学期5月模拟考试理科综合物理试题含答案.docx，共(11)页，393.287 KB，由小赞的店铺上传

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12021年高考广西南宁市二中高三5月模拟考试卷理科综合（物理部分）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项是符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。14.以下说法正确的是（

）A.如果某种物体能够完全吸收入射的各种波长的电磁波而不发生反射，这种物体就是绝对黑体；B.光波是一种概率波，但一个光子通过狭缝后，具体落在哪一点，还是可以确定的；C.光电效应证明了光具有粒子性，康普顿效应则证明了光具有波动性；D.波尔认为

，电子在绕核运动的过程中，服从经典力学规律，轨道半径是连续的，可以取任意值；15.中国北斗卫星导航系统是中国自行研制的全球卫星导航系统，也是继GPS、GLONASS之后的第三个成熟的卫星导航系统，2020年7月31日上午，北斗三号全球卫星导航系统正式开通。假设某卫星在距地面高

度为h的同步轨道做圆周运动．已知地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，万有引力常量为G.下列说法正确的是()A．同步卫星运动的周期为2πRgB．同步卫星运行的线速度为g(R＋h)C．同步轨道处的重力加速度为(RR

＋h)2gD．地球的平均密度为3g4πGR216.如图所示,质量分别为m1、m2的两物体甲、乙位于相邻的两水平台阶上,中间用轻弹簧相连,弹簧与竖直方向夹角为θ。在乙右端施加水平拉力F,使甲、乙均处于静止状态。已知重

力加速度为g,乙表面光滑,则下列说法正确的是()A.弹簧弹力的大小为B.地面对甲的摩擦力大小为FC.甲的表面可能光滑D.m1与m2一定相等17.在图(a)所示交流电路中，电源电压的有效值为200V，理想变压器原、副

线圈的匝数比为10∶1，R1、R2、R3均为固定电阻，R2=10Ω，R3=20Ω，各电表均为理想电表。已知电阻R2中电流i2随时间t变化的正弦曲线如图(b)所示。下列说法正确的是()A.所用交流电的频率为100HzB.电压表的示数为10

0VC.电流表的示数为1.0AD.R1的阻值可求得为20Ω18.近期特斯拉电动车刹车问题成为媒体热点，为检测某新能源动力车的刹车性能，如图所示是一次在平直公路上实验时，某新能源动力车整个刹车过程中位移与速度平方之间的关系图象，下列说法正确的是()A．刹车过程经过6s时

新能源动力车的位移为30mB．刹车过程新能源动力车的加速度大小为5m/s2的2C．刹车过程持续的时间为10sD．新能源动力车的初速度为40m/s19.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是关于直线x＝

x1对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是()A．x1处电场强度最小，且为零B．粒子在0～x2段做匀变速运动，x2～x3段做匀速直线运动C．在0、x1、x2、x3处电势φ0、φ1、φ2、φ3的关系为φ

3>φ2＝φ0>φ1D．x2～x3段的电场强度大小、方向均不变20.如图所示，光滑斜面的倾角为θ，斜面上放置一矩形导体线框abcd，ab边的边长为l1，bc边的边长为l2，线框的质量为m，电阻为R，线框通过绝缘细线绕过光滑的定滑轮与一重

物相连，重物质量为M.斜面上ef线(ef平行底边)的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为B，如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间是做匀速运动的，且线框的ab边始终平行于底边，则下列说法

不正确的是()A．线框进入磁场前运动的加速度为Mg－mgsinθmB．线框进入磁场时匀速运动的速度为（Mg－mgsinθ）RBl1C．线框做匀速运动的总时间为B2l21Mg－mgRsinθD．该匀速运动过程中产生的焦耳热为(Mg－mgsinθ)l22

1.如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端与一质量为m、套在粗糙竖直固定杆A处的圆环相连,弹簧水平且处于原长。圆环从A处由静止开始下滑,经过B处的速度最大,到达C处的速度为零,AC=h。圆环在C处获得一竖直

向上的速度v,恰好能回到A。弹簧始终在弹性限度内,重力加速度为g。则圆环()A.下滑过程中,加速度一直减小B.下滑过程中,克服摩擦力做的功为mv2C.在C处,弹簧的弹性势能为mv2-mghD.上滑经过B的速度大于下滑经过B的速度第Ⅱ卷(非选择题部分共174分)3三

、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22～32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33～38题为选考题，考生根据要求做答。)(一)必考题(共129分)22.（6分）在“探究加速度与质量的关系”的实验中，得到如图(a)所示

的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距s2和D、E间距s4已量出；（1）利用这两段间距计算小车加速度的表达式为__________．(2)同学甲根据实验数据画出如图(b)所示a－1m图线，从从图线可得小沙袋的质量为______kg.(g取10m/s2)

（已做到小沙袋的质量远小于小车的质量）(3)同学乙根据实验数据画出了图(c)，从图线可知乙同学操作过程中可能__________________．23.（9分）某研究小组的同学们准备测量15°C自来水的电阻率，来判断该自来水是

否符合国际标准（国标规定自来水在15°C时电阻率应大于13Ω·m）。他们先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极，电极间装满密封的待测自来水，同学们设计了实验方案并分工进行了以下测量：(1)同学们用游标卡尺测量玻璃管的内径d；向

玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L；用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测量此水柱体的电阻R，表盘的示数如图所示；由图所示可知玻璃管的内径d=______mm，水柱体的电阻R=_______Ω；(2)该小组同学想用伏安法更精确地测

量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：4电压表V（量程15V，内阻约30kΩ）；电流表A（量程5mA，内阻约50Ω）；滑动变阻器R0（0~100Ω，允许最大电流1A）；电池组E（电动势E=12V，内阻r=6Ω）；开关一个、导线若干。请根据情况补全电路原理图

（并不是所有的接线点都要连接）；（）(3)如果测出水柱的长度L、玻璃管的内径d和水柱的电阻R，则自来水电阻率的表达式为_______。（用符号表示）24.（12分）如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第

四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场，现有一质量为m、电量为＋q的粒子(重力不计)从坐标原点O射入磁场，其入射方向与x的正方向成45°角。当粒子第一次进入电场经过坐标为(3L，L)的P点处时速度大小为v0，方向与x轴正方向相同。求：(1)粒子从O点射入磁场时的速度v；(2)匀强电场的场强大

小E0和匀强磁场的磁感应强度大小B0；25.（20分）如图甲所示，半径为R＝0.45m的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，B点为轨道最低点，在光滑水平面上紧挨B点有一静止的平板车，其质量M＝5kg，长度L＝0.75m，车的上表面与B点等高，可视为质点的物块从圆弧轨道最高点A由静止释放，其质

量m＝1kg，g取10m/s2。(1)求物块滑到B点时对轨道压力的大小；(2)若平板车上表面粗糙，物块最终没有滑离平板车，求该过程中系统由于摩擦而产生的热量Q；5(3)若将平板车固定且在上表面铺上一种动摩擦因数逐渐增大的特殊

材料，物块在平板车上向右滑动时，所受摩擦力Ff随它距B点位移L的变化关系部分如图乙所示，物块最终滑离了平板车，求物块滑离平板车时的速度大小。（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题做答。如果多做，则每科按

所做的第一题计分。33．[物理——选修3-3]（15分）（1）（5分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中，A→B和C→D为等温过程，B→C和D→A为绝热过程(气体与外界无热量交换)．这就是著名的“卡诺循环”．○1该

循环过程中，下列说法正确的是________．A．A→B过程中，外界对气体做功B．B→C过程中，气体分子的平均动能增大C．C→D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D．D→A过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化○2该循环过程中，内能减小的过程是________(选填“A

→B”“B→C”“C→D”或“D→A”)．若气体在A→B过程中吸收63kJ的热量，在C→D过程中放出38kJ的热量，则气体完成一次循环对外做的功为________kJ.（2）（10分）如图所示，一连通器与贮有水银的瓶M用软管相连，连通

器的两直管A和B竖直放置，两管粗细相同且上端封闭，直管A和B内充有水银，当气体的温度为T0时，水银面的高度差h＝10cm，两管空气柱长均为h1＝10cm，A管中气体的压强p1＝20cmHg.现使两管中的气体的温度都升高到2.4T0，同时调节M的高度，使B管中的

水银面的高度不变，求流入A管的水银柱的长度．34．【物理——选修3-4】（15分）(1)（5分）图甲为一列简谐横波在t＝0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x＝1.0m处的质点，Q是平衡位置在x＝4.0m处的质点；图乙为质点Q的振动图象，下列说法正确的是()6A．在t＝0.10s

时，质点Q向y轴正方向运动B．在t＝0.25s时，质点P的加速度方向与y轴正方向相同C．从t＝0.10s到t＝0.25s，该波沿x轴负方向传播了6mD．从t＝0.10s到t＝0.25s，质点P通过的路程为30cmE．质点Q简谐

运动的表达式为y＝0.10sin10πt(国际单位)(2)（10分）如图，三角形ABC为某透明介质的横截面，O为BC边的中点，位于截面所在平面内的一束光线自O以角i入射，第一次到达AB边恰好发生全反射．已知θ＝15°，BC边长为2L，该介质的折射率为

2.求：①入射角i；②从入射到发生第一次全反射所用的时间(设光在真空中的速度为c，可能用到：sin75°＝6＋24或tan15°＝2－3)．南宁二中2021年5月月考物理参考答案14.【答案】A【解析】A选项来自于教材中有关黑体的定义，正确；B选项，光波是一种概率波，一个光子通过狭缝后，落在

各点的概率是不一样的；B错误，C选项，光电效应和康普顿效应同时都证明了光具有粒子性的一面，所以C错误；则证明了光具有波动性；D选项，波尔认为电子在绕核运动的过程中，服从经典力学规律，但电子的轨道是量子化的，D错误。故选择A；15.【答案】C【解析】地球同步卫星在距地面高度为h

的同步轨道做圆周运动，万有引力提供向心力，有：GMm(R＋h)2＝m4π2(R＋h)T2，在地球表面附近，重力等于万有引力，有：mg＝GMmR2，故同步卫星运动的周期为：T＝2π(R＋h)3gR2，7故A错误；根据万有引力提供向心力，有：GMm(R＋h)2＝mv2R＋h，解得同

步卫星运行的线速度为：v＝gR2R＋h，故B错误；根据万有引力提供向心力，有：GMm(R＋h)2＝mg′，解得g′＝(RR＋h)2g，故C正确；由mg＝GMmR2得：M＝gR2G，故地球的平均密度为：ρ＝M4πR33＝

3g4πGR，故D错误．16.【答案】B【解析】:对两物体及弹簧整体受力分析可知,整体受重力、支持力、拉力及摩擦力;要使整体处于平衡,则水平方向一定有向左的摩擦力作用在甲上,且大小与F相同,故B正确。因甲与地面间有摩擦力,

故C错误。再对甲受力分析可知,弹力水平方向的分力应等于摩擦力,即等于F,故弹力F弹=;因竖直方向上地面对甲、乙的支持力大小不明确,无法确定两物体的质量关系,也无法求出弹簧弹力与重力的关系,故A、D错误。17.【答案】B【解析】:交流电的频率为1150Hz0.

02sfT===；A错误，副线圈中流过的总电流为2A1A0.5A1.5AIII=+=+=，副线圈两端电压U2=10V；原线圈流经的电流I1=0.15A，原线圈两端电压U1=100V，所以电压表示数为U=U0-U1=100V，故B正确，C错误；综上，R1的阻值应该为R1=U/I1

=666.7Ω，D错误。18.【答案】B【解析】根据v2－v02＝2ax得：图线斜率xv2＝－12a，可知12a＝40400，解得刹车过程中加速度的大小a＝5m/s2，故B正确；刹车过程持续的时间t＝v0a＝205s＝4s，故C错误；刹车过程中6s

内的位移等于4s内的位移，则x＝v202a＝40010m＝40m，故A错误。由题图可知，新能源动力车的初速度的平方v20＝400m2/s2，则v0＝20m/s，故D错误。19.【答案】AD【解析】：根据Ep＝qφ，E＝ΔφΔx，得E＝1q·ΔEpΔx，由数学知识可知Ep－x图

象切线的斜率等于ΔEpΔx，x1处切线斜率为零，则知x1处电场强度为零，故A正确；由题图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知电场强度减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动，x1～x2段图象切线的斜率不断增大，电场强度增大，粒子所

受的电场力增大，做非匀变速运动，x2～x3段斜率不变，电场强度不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B错误，D正确；根据Ep＝qφ，粒子带负电，q<0，则知，电势

能越大，粒子所在处的电势越低，所以有φ1>φ2＝φ0>φ3，故C错误．20.【答案】ABC8【解析】：由牛顿第二定律得，Mg－mgsinθ＝(M＋m)a，解得线框进入磁场前运动的加速度为Mg－mgsinθM＋m，A错误；由平衡条件，Mg－mgsinθ－F安＝0，F安＝

BIl1，I＝ER，E＝Bl1v，联立解得线框进入磁场时匀速运动的速度为v＝（Mg－mgsinθ）RB2l21，B错误；线框做匀速运动的总时间为t＝l2v＝B2l21l2（Mg－mgsinθ）R，C错误；由能量守恒定律，该匀速运动过程中产生的焦耳热等于系统重力势能的减小

量，为(Mg－mgsinθ)l2，D正确．20.【答案】BD【解析】下滑过程中,圆环先加速然后减速,其加速度开始时竖直向下(大小逐渐减小),然后改为竖直向上(其大小逐渐增大),选项A错误;设下滑过程克服摩擦力做功

为Wf,则上滑过程克服摩擦力做功也为Wf,对下滑过程由动能定理有mgh-Wf-W弹=0,对上滑过程由动能定理有W弹-mgh-Wf=0-mv2,联立以上两式得Wf=mv2,E弹C=W弹=mgh-mv2,

可知选项B正确,C错误;设环下滑时经过B点时速度为v1,对环由A至B的过程有mghAB-Wf'-W弹'=-0,设环上滑时经过B点时速度为v2,对环由B至A的过程有-Wf'-mghAB+W弹'=0-,比较以上两式易知v2>v1,选项D正确。22.【答案】（每空2分

）(1)a＝s4－s22T2(2)0.02(0.018～0.022均正确)(3)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】(1)根据逐差法得：s4－s2＝2aT2解得a＝s4－s22T2.(2)根据牛顿第二

定律可知，a＝Fm，则F即为a－1m图象的斜率，所以小沙袋的总重力m′g＝F＝2.412N＝0.2N，解得m′＝0.02kg.(3)由图(c)可知，图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，可知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足另外，看斜

率，图（c）的斜率更小表示合力更小，合钩码=G-fF23.【答案】(1).54.14（2分）(2)26×102或2.6×103（2分）(3).（3分）(4).24RdL（2分）【解析】(1).该游标卡尺为50分度游尺，主尺上为54毫米

，游尺上0刻线后第7刻度线与主尺对齐，所以游尺上的读数应为：0.027mm0.14mm=，所以玻璃管的内径为：540.14mm54.14mmd=+=。多用电表读数为26、档位为“×100”挡，所以水柱体的电阻为：261002600R==。(2).因为电压表V内阻约30kΩ，与水体电

阻接近，电流表A内阻约50Ω，远小于水体电阻，所以应用内接法连接电表，也就是待测电阻与电流表串联后再与电压表并联；又因滑动变阻器R0（0~100Ω，允许最大电流1A），所以滑动变阻器应为分压式连接；也就是电压表负接线柱与电流表负接线柱连接，再与滑动变阻器上滑片连接。9(3).电阻率为：RS

L=，R为电阻阻值，S为电阻横截面积，L为电阻长度，所以可得：2224dRRSRdLLL===24.【答案】：(1)2v0(2)mv022qL2mv0qL【解析】：(1)若粒子第一次在电场中到达最高点P，则

其运动轨迹如图所示，粒子在O点时的速度大小为v，OQ段为圆周，QP段为抛物线，根据对称性可知，粒子在Q点时的速度大小也为v，方向与x轴正方向成45°角，可得：v0＝vcos45°（2分）解得：v＝2v0。（2分）

(2)在粒子从Q运动到P的过程中，由动能定理得：－qEL＝12mv02－12mv2（2分）解得：E＝mv022qL（1分）又在匀强电场由Q到P的过程中，水平方向的位移为：x＝v0t1（1分）竖直方向的位移

为：y＝v02t1＝L（1分）由OQ＝2Rcos45°，故粒子在OQ段圆周运动的半径：R＝22L（1分）及qvB＝mv2R（1分）解得：B0＝2mv0qL。（1分）25.【答案】：(1)30N(2)Q＝3.75J(3)v＝m

/s【解析】：(1)物块从圆弧轨道A点滑到B点的过程中机械能守恒：mgR＝12mv2B（2分）解得：vB＝3m/s（1分）在B点由牛顿第二定律得FN－mg＝mv2BR（2分）解得：FN＝30N（1分）据牛顿第三定律，物块滑到B点时对轨道的压力FN′＝FN

＝30N.（1分）(2)物块滑上平板车后，系统的动量恒，mvB＝(m＋M)v共（2分）Q=12mv2B-12(m+M)v共2（2分）解得Q＝3.75J.（1分）(3)根据图像，求得L=0.75m时，Ff’=8N（1分）物块在平板车上滑行时克服摩擦力做的功为Ff－L图线与横轴所围的面积

，则克服摩擦力做功为10Wf＝（2分）求得Wf=3.75J；（1分）物块在平板车上滑动的过程中，由动能定理得：－Wf＝12mv2－12mv2B（3分）解得：v＝m/s.（1分）33（1）【答案】○1C（2分）○2B→C（2分）25（1分）【解析】○1在A→B的过程

中，气体体积增大，故气体对外界做功，A错误；B→C的过程中，气体对外界做功，W＜0，且为绝热过程，Q＝0，根据ΔU＝Q＋W，知ΔU＜0，即气体内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，B错误；C→D的过程中

，气体体积减小，单位体积内的分子数增多，故单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，C正确；D→A的过程为绝热压缩，故Q＝0，W＞0，根据ΔU＝Q＋W，ΔU＞0，即气体的内能增加，温度升高，所以气体分子的速率分布曲线发生变化，

D错误．○2从A→B、C→D的过程中气体做等温变化，理想气体的内能不变，内能减小的过程是B→C，内能增大的过程是D→A.气体完成一次循环时，内能变化ΔU＝0，热传递的热量Q＝Q1－Q2＝(63－38)kJ＝25kJ，根据ΔU＝Q＋W，得W＝－Q＝－25kJ，即气体对外做功25kJ.（

2）【答案】：2cm【解析】：由题意可知，当温度为T0时B管中气体的压强pB1＝30cmHg（1分）当温度为2.4T0时，B管中气体体积不变，设其压强为pB2，B中气体状态变化为等容过程，由查理定律有：pB1T0＝pB22.4T0（2分）解得：pB

2＝72cmHg（1分）当温度为T0时A管中气体的压强pA1＝20cmHg，体积为VA1＝h1S（1分）设流入A管的水银柱的长度为x，则温度为2.4T0时，压强pA2＝pB2－ρ(h＋x)g＝(62－x)cmHg（1分）体积VA2＝(h1－x)S（1分

）A中气体状态变化符合理想气体状态方程，则pA1VA1T0＝pA2VA22.4T0（2分）代入数据整理得：x2－72x＋140＝0解得：x＝2cm(另一解舍去)．（1分）34.(1)（5分）【答案】BCE【解析】由y－t图象可知，t＝0.10s时质点Q沿y轴负方向运动，A错误；由

y－t图象可知，波的振动周期T＝0.2s，由y－x图象可知λ＝8m，故波速v＝λT＝40m/s，根据振动与波动的关系知波沿x轴负方向传播，则波在0.10s到0.25s内传播的距离Δx＝vΔt＝6m，C正确；t＝0.25s时，

波形图如图中虚线所示，此时质点P的位移沿y轴负方向，而回复力、加速度方向沿y轴正方向，B正确；Δt＝0.15s＝34T，质点P在其中的12T内路程为20cm，11在剩下的14T内包含了质点P通过最大位移的位置，故其路程小于10cm，因此在Δt＝0.15s内质点P通过

的路程小于30cm，D错误；由y－t图象可知质点Q做简谐运动的表达式为y＝0.10·sin2π0.2t(m)＝0.10sin10πt(m)，E正确．(2)（10分）【答案】（1）i＝45°（2）t＝6＋22cL【解析】①根据全反射定律可知，光线在AB面上P点的入射角等于临界角C，由折射定律得s

inC＝1n①（1分）代入数据得C＝45°②（1分）设光线在BC面上的折射角为r，由几何关系得r＝30°③（1分）由折射定律得n＝sinisinr④（1分）联立③④式，代入数据得i＝45°.⑤（1分）②在△OPB中，根据正弦定理得OPsin7

5°＝Lsin45°⑥（2分）设所用时间为t，光线在介质中的速度为v，得OP＝vt⑦（1分）v＝cn⑧（1分）联立⑥⑦⑧式，代入数据得t＝6＋22cL.（1分）