【文档说明】山西省晋中市平遥中学2019-2020学年高一下学期在线学习质量检测物理试题【精准解析】.doc，共(16)页，786.500 KB，由小赞的店铺上传

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以下为本文档部分文字说明：

物理试卷一、选择题1.下列说法正确的是（）A.伽利略发现了万有引力定律，并测得了引力常量B.根据表达式F=G122mmr可知，当r趋近于零时，万有引力趋近于无穷大C.两物体间的万有引力总是大小相等、方向相反，

是一对平衡力D.在由开普勒第三定律得出的表达式32RT=k中，k是一个与中心天体有关的常量【答案】D【解析】【详解】A．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测得了引力常量，A错误；B．当r趋近于零时，两物体不能看做质

点，万有引力定律不再成立，B错误；C．两物体间的万有引力总是大小相等、方向相反，是一对作用力和反作用力，C错误D．公式32RT=k中k是一个与中心天体有关的常量，D正确。故选D。2.如图所示，斜面体固定在水平地面上，由斜面体顶端的A点以水平速度v抛出小球，小球经t1时间落到斜面上的B点，若仍在A

点将此小球以水平速度0.5v抛出，小球经t2时间落到斜面上的C点，则()A.t1:t2=2:1.B.t1:t2=4:1C.AB:AC=2:1D.AB:AC=8:1【答案】A【解析】小球落在斜面上时，有200122gtygttanxvtv===．则02vtantg=．知运动的时间与初速度成正比，

所以t1：t2=2：1．竖直方向上下落的高度为h=12gt2．知竖直方向上的位移之比为4：1．斜面上的距离s=hsin，知AB：AC=4：1．故BCD错误，A正确．故选A．点睛：解决本题的关键是知道平抛运动

在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移比值一定．3.如图所示，套在竖直细杆上的轻环A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B相连，施加外力让A沿杆以

速度v匀速上升，从图中M位置上升至与定滑轮的连线处于水平N位置，已知AO与竖直杆成θ角，则（）A.刚开始时B的速度为cosvB.A匀速上升时，重物B也匀速下降C.重物B下降过程，绳对B的拉力大于B的重力D.A运动到位置N时，B的速度最大【答

案】C【解析】【详解】A.对于A，它的速度如图中标出的v，这个速度看成是A的合速度，其分速度分别是abvv、，其中av就是B的速率（同一根绳子，大小相同），故刚开始上升时B的速度cosBvv=，故A不符合题意；B.由于A匀速上升，在增大，所以Bv在减小，故B不

符合题意；C.B做减速运动，处于超重状态，绳对B的拉力大于B的重力，故C符合题意；D.当运动至定滑轮的连线处于水平位置时90=，所以0Bv=，故D不符合题意．4.为了探测引力波，“天琴计划”预计发射地球卫星P，其轨道半径约为地球半径的16倍；另一地球卫星Q的轨道半径约为地球半径的4倍

．P与Q的周期之比约为（）A.2:1B.4:1C.8:1D.16:1【答案】C【解析】【详解】本题考查卫星的运动、开普勒定律及其相关的知识点．设地球半径为R，根据题述，地球卫星P的轨道半径为RP=16R，地球卫星Q的轨道半径为RQ=4R，

根据开普勒定律，22PQTT=33PQRR=64，所以P与Q的周期之比为TP∶TQ=8∶1，选项C正确．5.如图所示，两根长度不同的细绳，一端固定于O点，另一端各系一个相同的小铁球，两小球恰好在同一水平面内做匀速圆周运动，则

（）A.A球受绳的拉力较大B.它们做圆周运动的角速度不相等C.它们所需的向心力跟轨道半径成反比D.它们做圆周运动的线速度大小相等【答案】A【解析】【详解】设绳子与竖直方向之间的夹角为，A．小球在竖直方向上的合力等于零，有cosmgF=解得cosmgF=A球与竖直方向上的夹角大，故A球受绳子的

拉力较大，A正确；B．根据牛顿第二定律可得2tansinmgml=两球的竖直高度相同，即cosl相同，则相同，故B错误；C．向心力等于合外力，即tanrFmgmgh==向与r成正比，C错误；D．圆周运动的线速度

sinvl=角速度相同，半径不同，则线速度不等，D错误。故选A。6.有一个质量为4kg的物体在xy−平面内运动，在x方向的速度图像和y方向的位移图像分别如图甲、乙所示，下列说法正确的是（）A.物体做匀变

速直线运动B.物体所受的合外力为22NC.2s时物体的速度为6m/sD.0时刻物体的速度为5m/s【答案】D【解析】【详解】A．从图中可知物体在x轴方向上做匀加速直线运动，在y方向上做匀速直线运动，合力恒定，合力方向

与速度方向不共线，故质点做匀变速曲线运动，A错误；B．由图知物体的加速度2631.5m/s2vat−===根据牛顿第二定律41.56NFma===B错误；C．由图知，2s末在x方向上速度为6m/s，在y方向上初速度为8m/s4m/s2=匀速运动，根据运动的合成，则

质点的初速度的大小为2264213m/sv=+=故C错误；D．由图知，在x方向上做初速度为3m/s，在y方向上初速度为4m/s的匀速运动，根据运动的合成，则质点的初速度的大小为22345m/sv=+=故D正确。故选D。7.2

017年6月19日，“中星9A”卫星在西昌顺利发射升空。卫星变轨如图所示，卫星先沿椭圆轨道Ⅰ飞行，后在远地点Q改变速度成功变轨进入地球同步轨道Ⅱ，P点为椭圆轨道近地点。下列说法正确的是（）A.卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P点的速度等于在Q点的速度B.卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点加速度

大于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度C.卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点的速度D.卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小【答案】C【解析】【详解】A．卫星在椭圆轨道I运行时，根据开普勒第二定律知，在P点的速度大于在Q点的速度

，A错误；B．卫星经过Q点时的加速度由万有引力产生，根据牛顿第二定律得2GMmmar=得2GMar=可知，卫星在椭圆轨道I的Q点加速度等于在同步轨道Ⅱ的Q点的加速度，B错误；C．卫星变轨过程，要在椭圆轨道I上的Q点加速然后进入同步轨道II，因此卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q点的速度小于在同步轨道Ⅱ的Q点

的速度，C正确；D．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能变小，轨道半径变小，根据GMvr=知速度变大，则动能变大，D错误。故选C。8.一木块前端有一滑轮，绳的一端系在右方固定处，另一端穿过滑轮用恒力F拉住保持两股绳之间的夹角θ不变，如图所示，当用力拉绳使木块前进s时，力F对木块做的功（不

计绳重和摩擦）是（）A.FscosθB.Fs（1＋cosθ）C.2FscosθD.2Fs【答案】B【解析】拉绳时，两股绳中的拉力都是F，它们都对物体做功，根据恒力做功的表达式：WFScosθ=，得到：斜向右上方的拉力F做功为：1FScosθW=水平向右的拉力做功

为：2FSW=因此其对物体做的功为()12WFScosθFSFS1cosθWW=+=+=+故选B．9.若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球从抛出到落地的位移为L。已知月球半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A.月球表面的重力加速度2022hvgL

h=−月B.月球的质量22022()hRvmGLh=−月C.月球的第一宇宙速度0222hRvvLh=−D.月球的平均密度202232()hvGLh=−【答案】C【解析】【详解】A．由小球平抛，依题意有212hgt=月220Lhvt−=则20222=hvgLh−月故A错

误；B．由2=GmgR月月则()220222=hRvmGLh−月故B错误；C．第一宇宙速度0222=hRvgRvLh=−月故C正确；D．根据34=3mR月则月球平均密度()20223=2hvGRLh−故D错误。故选C。10.振动电机实际上是一个偏心轮，简化模型如图1所示，一轻杆一

端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，杆与小球间弹力的大小为F，小球在最高点的速度大小为v，F－v2图像如图2所示。下列说法正确的是（）A.小球的质量为aRbB.当vb=时，球对杆有向下的

压力C.当vb时，球对杆有向下的拉力D.若2cb=，则此时杆对小球的弹力大小为2a【答案】AC【解析】【详解】A．在最高点，若v=0，则F=mg=a；当F=0时，则有：2vbmgmmRR==解得：bgR=，aRmb=故A正确

；B．当v2=b时，即vb=时，杆子的作用力为零，故B错误；C．当vb杆子表现为支持力，则球对杆有向下的压力，故C正确；D．当v2=c=2b时，根据牛顿第二定律得2bFmgmR+=解得F=mg=a故D错误。故选A

C。11.一质量为m的物体被人用手由静止竖直向上以加速度a匀加速提升h。关于此过程，下列说法中正确的是（）A.提升过程中手对物体做功m（a＋g）hB.提升过程中合外力对物体做功m（a＋g）hC.提升过程中物体的重力势能增加m（

a＋g）hD.提升过程中物体克服重力做功mgh【答案】AD【解析】【详解】A．设人对物体的拉力F，由牛顿第二定律得F-mg=ma，即F=m（g+a）提高过程中手对物体做功为m（a+g）h，故A正确；B．提高过程中合外力对物体做功W合=mah，故B错误；CD．提高过程中物体克

服重力做功mgh，物体重力势能增加mgh，故C错误D正确；故选AD。12.如图轨道是由一直轨道和一半圆轨道组成，一个小滑块从距轨道最低点B为h的A处由静止开始运动，滑块质量为m，不计一切摩擦。则（）A

.若要使滑块能返回到A点，则h≤RB.若滑块能通过圆轨道最高点D，h最小为2.5RC.若h=2R，滑块会从C、D之间的某个位置离开圆轨道做斜抛运动D.若h=2R，当滑块到达与圆心等高C点时，对轨道的压

力为3mg【答案】ABC【解析】【详解】A．若要使滑块能返回到A点，则物块在圆弧中运动的高度不能超过C点，否则就不能回到A点，则h≤R，故A正确；B．要使物体能通过最高点，则由2vmgmR=，可得：vgR=，从A到D根据机械能守恒定律得：2122mghmgRmv=+解得h=2.5R，故B正确；C．

若h=2R，小滑块不能通过D点，在CD中间某一位置即做斜上抛运动离开轨道，做斜抛运动，故C正确；D．若h=2R，从A到C根据机械能守恒定律得：212mghmgRmv=+在C点有：2vNmR=解得：N=2mg，故D错误。故选A

BC。二、非选择题13.“研究平抛运动”实验(1)在“研究平抛运动”实验中，小球每次必须从斜槽上_________由静止滚下；(2)坐标原点不是槽口的端点，应是小球出槽口时________在木板上的投影点；(3)如图是某同学用频闪照相研究平抛运动时拍下的照片，背景方格纸的边长为2.5cm，

A、B、C是同一小球在频闪照相中拍下的三个连续的不同位置时的照片，则：（g=10m/s2）。①频闪照相相邻闪光的时间间隔_________s；②小球水平抛出的初速度v0=_________m/s；③小球经过B点时其竖直分速度大小为vBy=__________

m/s。【答案】(1).同一位置(2).球心(3).0.05(4).1.5(5).0.75【解析】【详解】(1)[1]为了使小球每次抛出的水平初速度相同，需让小球每次从同一位置静止释放。(2)[2]坐标原点不是槽口的端点，应是小球

出槽口时球心在木板上的投影点。(3)[3]A、B、C三点在水平方向上的位移相等，可知三点间的时间间隔是相等的，设此时间间隔为t，根据平抛运动的规律，在竖直方向上小球做自由落体运动，则有2BCABhhgt−=代入数据有22(2.522.5)10m10t−−=解得t=0.05s[4

]在水平方向上，有0ABxvt=代入数据2032.510m0.05sv−=解得小球水平抛出的初速度v0=1.5m/s[5]B点是A、C之间的中间时刻，小球经过B点时其竖直分速度大小为232.510=m/s0.75m/s220.05ACBxvt−==14

.如图所示，在“探究功与物体速度变化的关系”的实验中，关于橡皮筋做的功，下列说法中正确的是（）A.橡皮筋做的功可以直接测量B.橡皮筋在小车运动的全程中始终做功C.把橡皮筋拉伸为原来的两倍，橡皮筋做功也增加为原来的两倍D.通过增加橡皮筋的条数可以使橡皮筋对小车做的功成整数倍增

加【答案】D【解析】【详解】A．橡皮筋完全相同，通过增加橡皮筋的条数来使功倍增，因此不需要计算橡皮筋每次对小车做功的具体数值，故A错误；B．橡皮筋伸长的长度在逐渐较小，所以弹力也在逐渐减小，小车作加速度减小的

加速运动，在橡皮筋恢复原长后，小车受力平衡，将做匀速直线运动，并非全程做功，故B错误；C．把橡皮筋拉伸为原来的两倍，形变量变为原来2倍，做功变为原来的4倍，故C错误；D．该实验中利用相同橡皮筋形变量相同时对小车做功相同，通过增加橡皮筋的条数可以使橡

皮筋对小车做的功成整数倍增加，这个设计很巧妙地解决了直接去测量力和计算功的困难。故D正确。故选D。15.如图，水平转盘上放有质量为m的物块，物块到转轴的距离为r，物体和转盘间的摩擦因数为μ，设物体受到的最大静摩擦力等于滑

动摩擦力，已知重力加速度为g，求：（1）当水平转盘以角速度1匀速转动时，物块与转盘刚好能相对静止，求1的值是多少？（2）将物块和转轴用细绳相连，当转盘的角速度23gr=时，求细绳的拉力T2的大小．（3）将物块和转轴用细绳相连，当转盘的角速

度353gr=时，求细绳的拉力T3的大小．【答案】（1）1gr=（2）20T=（3）323Tmg=【解析】（1）设水平转盘以角速度ω1匀速转动时，物块与转盘刚好要相对滑动，此时物体所需向心力恰好最大静摩擦力提供，则μmg=mrω12解得：1gr=（2）由于ω2＜ω1；物体受到的最大

静摩擦力大于所需向心力，此时绳对物体没有拉力，故FT2=0（3）由于ω3＞ω1；物体受到的最大静摩擦力不足以提供所需向心力，此时绳对物体有拉力由μmg+FT3＝mω32r得此时绳子对物体拉力的大小为FT3＝23μmg点睛：解决本题的关键求出绳子恰好有

拉力时的临界角速度，当角速度大于临界角速度，摩擦力不够提供向心力，当角速度小于临界角速度，摩擦力够提供向心力，拉力为0．16.现代观测表明，由于引力作用，恒星有“聚集”的特点。众多的恒星组成不同层次的恒星系统，最简单的恒星系统是两颗互相绕

转的双星，如图所示，两星各以一定速率绕其连线上某一点匀速转动，这样才不至于因万有引力作用而吸引在一起，已知双星质量分别为1m、2m，它们间的距离始终为L，引力常数为G，求：(1)双星旋转的中心O到1m的距离；(2)双星的转动周期。【答案】(1)212mLmm+；(2)1

22()LLGmm+【解析】【详解】(1)设m1到中心O的距离为r，由万有引力提供向心力，有2121224πmmGmrLT=()2122224πmmGmLrLT=−联立解得双星旋转的中心O到1m的距离212mrLmm=+(2)将r代入2121224πmmGmrLT=，可得双星的转动周期12

2πLTLG(mm)=+答：(1)双星旋转的中心O到1m的距离为212mLmm+；(2)双星的转动周期为122πLLG(mm)+。17.如图所示，ABCD为同一竖直平面内的轨道，其中BC水平，A点比BC高出10m，BC长1m，AB和CD轨道光滑。一质量

为1kg的物体，从A点以4m/s的速度开始运动，经过BC后运动到高出C点10.3m的D点时速度为零。求：（g取210m/s）(1)物体与BC轨道间的动摩擦因数；(2)物体第5次经过B点时的速度；(3)物体最后停止的位置（到B点的距离）。【答案】(1)0.5；(2)13.3

m/s（或411m/s）；(3)0.4m【解析】【详解】(1)由动能定理得211()02BCmghHmglmv−−−=−代入数据解得0.5=(2)物体第5次经过B点时，已在BC轨道上运动了4次，由动能定理得222111422BCmgHmglmvmv−=−解得2411m/s1

3.3m/sv=(3)分析整个过程，由动能定理得21102mgHmglmv−=−解得21.6ml=所以物体在ABCD轨道上来回运动了10次后，还可以运动1.6m，故最后停止的位置离B点的距离为2m1.6m0.4m−=18.一辆汽车发动

机的额定功率P=200kW，若其总质量为m=103kg，在水平路面上行驶时，汽车以加速度a1=5m/s2从静止开始匀加速运动能够持续的最大时间为t1=4s，然后保持恒定的功率继续加速t2=14s达到最大速度。设汽车行驶过程中受到的阻力恒定，取g=10m/s2.求：(1)汽车

所能达到的最大速度；(2)汽车从启动至到达最大速度的过程中运动的位移。【答案】(1)40m/s；(2)480m【解析】【详解】(1)汽车匀加速结束时的速度11120m/svat==由P=Fv可知，匀加速结束时汽车的牵引力11FPv==1×104N由牛顿第二定律得11Ffma−=解得f=5000N汽

车速度最大时做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可知，此时汽车的牵引力F=f=5000N由PFv=可知，汽车的最大速度：v=PPFf==40m/s(2)汽车匀加速运动的位移x1=1140m2vt=对汽车，由动能定理得2112102FxPtfsmv=−−+解得s=480m