【文档说明】【精准解析】2019年福建省泉州五中高三5月考前适应性考试理综物理试题（解析版）.doc，共(17)页，1.057 MB，由小赞的店铺上传

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泉州五中2019届高三理科综合适应性考试二、选择题：本题共8小题。每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.如图是世界物理学史上

两个著名实验的装置图，下列有关实验的叙述正确的是A.图甲是粒子散射实验装置，卢瑟福指导他的学生们进行粒子散射实验研究时，发现了质子和中子B.图甲是粒子散射实验装置，汤姆孙根据粒子散射实验，提出了原子“枣糕模型”结构C.图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应规律，超过极限频率的入射光频

率越大，则光电子的最大初动能越大D.图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应规律，超过极限频率的入射光光照强度一定，则光的频率越大所产生的饱和光电流就越大【答案】C【解析】【详解】AB、图甲是粒子散射实验装置

，卢瑟福提出了核式结构模型；卢瑟福通过用粒子轰击氮原子放出氢核，发现了质子；查得威克发现了中子；汤姆孙通过研究阴极射线中粒子的性质发现了电子，故选项A、B错误；C、图乙是研究光电效应的实验装置，根据光电效应方程kmEhvW=−可知超过极限频

率的入射光频率越大，则光电子的最大初动能越大，故选项C正确；D、光较强时，包含的光子数较多，照射金属时产生的光电子较多，因而饱和电流较大，入射光的光强一定时，频率越大，光电子的最大初动能最越大，而不是所产生的饱和光电流就越大，故选项

D错误．2.2018年12月12日，在北京飞控中心工作人员的精密控制下，嫦娥四号开始实施近月制动，成功进入环月圆轨道工．12月30日成功实施变轨，进入椭圆着陆轨道Ⅱ，为下一步月面软着陆做准备．如图所示B为近月点，A为远月点，关于嫦娥四号卫星，下列说法正确的是A.卫星在轨道Ⅱ上A点的加速度大于在B

点的加速度B.卫星沿轨道I运动的过程中，卫星中的科考仪器处于超重状态C.卫星从轨道I变轨到轨道Ⅱ，机械能增加D.卫星在轨道Ⅱ经过A点时的动能小于在轨道Ⅱ经过B点时的动能【答案】D【解析】【详解】A．根据万有引力提供加

速度有：2MmGmar=，B点距月心更近，所以加速度更大，A错误B．在轨道I运动的过程中，万有引力全部提供向心力，所以处于失重状态，B错误C．卫星从高轨道变轨到低轨道，需要点火减速，近心运动到低轨道，

所以从轨道I变轨到轨道Ⅱ，外力做负功，机械能减小，C错误D．从A点到B点，万有引力做正功，动能增大，所以B点动能大，D正确3.如图，橡皮条一端固定在O点，另一端系着中心有孔的小球，小球穿在固定的水平杆上，杆上O点在O点正下方，橡皮条的自由

长度等于OO．将小球拉至A点后无初速释放，小球开始运动，由于球与杆之间有摩擦，球向右运动的最远处为杆上B点．在小球从A向B运动的过程中A.在O点，小球的加速度为零B.在A、O之间的某点，小球的动能最大C.在O、B之间的某点，小球的动量最大D.小球和橡皮条系统的机械能先减小后增大

【答案】B【解析】【详解】在小球从A向B运动的过程中，受到重力、杆对小球的支持力、橡皮条对小球的拉力和杆对小球的摩擦力，小球沿杆先做加速直线运动，再做减速直线运动；在O点橡皮条对小球无拉力，小球的合力等于杆对小球

的摩擦力，所以小球的加速度不为零；在A、O之间的某点，橡皮条对小球的拉力的水平方向的分力等于杆对小球的摩擦力，合力为等于零，小球的速度最大，小球的动能最大，根据动量定义可知小球的动量最大；由于杆对小球的摩擦力做负功，所以小球和橡皮条系统的机械能一直减小，故选项B正确，A、C、D错误．4

.如图所示，ABC和ABD为两个光滑固定轨道，A、B、E在同一水平面上，C、D、E在同一竖直线上，D点距水平面的高度为5m，C点距水平面的高度为10m，一滑块从A点以某一初速度分别沿两轨道滑行到C点或D点后水平抛出．要求从C点抛出时的射程比从D点抛出时的小，取重力加速度大小g=10m/s

2，则滑块在A点的初速度大小可能为A.10m/sB.12m/sC.15m/sD.18m/s【答案】C【解析】【分析】滑块从A到C或D，根据机械能守恒算得C或D的速度；根据平抛运动列出水平射程表达式，通过sC<sD求解初速

度的v0的范围；同时要满足滑块从A点以初速度v0分别沿两轨道滑行到C或D处后都能水平抛出；【详解】根据机械能守恒：22011=22CCmvmghmv+；22011=22DDmvmghmv+；根据平抛运动规律：212CChgt=；212DDhgt=；sC=vCtC；sD=vDtD；可得：22

024CCCvhshg=−；22024DDDvhshg=−；要求sC<sD可得v0<103m/s；但滑块从A点以初速度v0分别沿两轨道滑行到C或D处后水平抛出，要求02102/Cvghms=，则只有选项C正确；故选C.5.

一质点静止在光滑水平桌面上，t=0时刻在水平外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图像如图所示．根据图象提供的信息，判断下列说法正确的是A.质点在tl时刻的加速度最大B.质点在t2时刻离出发点最远C.在tl～t

2的时间内，外力的功率先增大后减小D.在t2～t3的时间内，外力做负功【答案】BC【解析】【详解】A.图像的斜率代表加速度，所以tl时刻的加速度为零，最小，A错误．B.图像的面积代表位移，横轴上方为正向位移，下方为负向位移，所以t2时刻正向位移

最大，离出发点最远，B正确．C.在tl～t2的时间内，根据PFvmav==，tl时刻加速度为零，外力为零，外力功率为零，t2时刻速度为零，外力功率为零，而中间速度外力都不为零，所以功率先增大后减小，C正确．D.t2～t3的时间内，物体动能增

大，外力对物体做正功，D错误．6.一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原、副线圈匝数比为3：1．电路中连接三个相同的电阻R，A为理想交流电流表，U为正弦交流电源，输出电压的有效值U=380V．当开关S断开时，电流表的示数为

2A．则A.定值电阻R的阻值为10ΩB.开关S断开时，副线圈的输出电压为127VC.开关S闭合时，电流表的示数为3.8AD.开关S闭合时，电路中消耗的总功率为1300W【答案】AC【解析】【详解】A.此时电流表示数12AI=，根据变压器

原理可得副线圈电流2136AII==，根据电压关系有：12321UIRIR−=，代入数据解得：10R=，A正确．B.副线圈电压222120VUIR==，B错误．CD.开关闭合，12'3'21UIRIR−=，且21'3'II=，解得：1'3.

8AI=；回路总功率1'1444WPIU==，C正确D错误．7.真空中静止点电荷周围，某点的场强大小与该点到点电荷距离二次方（E-r2）的图象如图所示．若电场中a、b、c三点的场强大小分别为Ea、Eb、Ec，一带正电

的试探电荷由a点经b移动到c点，电场力所做的功分别为Wab和Wbc；若规定无限远处的电势为零，真空中点电荷周围某点的电势其中Q为点电荷的电荷量，k=9.0×l09N•m2/C2．下列说法正确（）A.940QlC−=B.bE：3cE=：2C.a：4b═：lD.abW

：3bcW=：l【答案】AD【解析】【详解】A、点电荷产生的电场强度为2kQEr=，由某点的场强大小与该点到点电荷距离二次方（E-r2）的图象可知，r2=1m2时，场强大小为36V/m，则可得点电荷的电荷量为4×l0-9C，故A正确；B、由电场强度2kQEr=，可知电场强度大小之比为Eb

：Ec=9：4，故B错误；C、由电势kQr=可知电势之比为φa：φb=2：1，故C错误；D、电场力所做的功为电势能的减小量，因为2kQEr=，a点场强为36V/m，b点场强为9V/m，c点场强为4V/m，距离点电荷的位置分别为1、2、3，所以电势能减小量之差也就是电场力所做的功为W

ab：Wbc=3：1，故D正确．8.如图所示，在光滑的水平面上方有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场区域，磁场宽度均为L。一个边长为L、电阻为R的单匝正方形金属线框，在水平外力作用下沿垂直磁场方向运动，从如图实线位置Ⅰ

进入磁场开始到线框运动到分别有一半面积在两个磁场中的位置Ⅱ时，线框的速度始终为v，则下列说法正确的是()A.在位置Ⅱ时外力F为22BLvRB.在位置Ⅱ时线框中的电功率为2224BLvRC.此过程中回路产生的电能为2

33BLvRD.此过程中通过导线横截面的电荷量为2BLR【答案】BC【解析】【分析】由题中“在光滑的水平面上方有两个磁感应强度大小均为B”可知，本题考查感应电动势、电功率和闭合电路欧姆定律，根据感应电动势和闭合电路欧姆定律公式可分析本题。【详解】A、在位置Ⅱ时，根据右手定则知线框

左右边同时切割磁感线产生的电流同向，所以总电流2BLvIR=线框左右边所受安培力的方向均向左，所以F＝2BIL，得：224BLvFR=故A错误；B、此时线框中的电功率为：P＝Fv＝2224BLvFR=故B正确；C、金属线框从开始至位移为L的过程，产生的电能222113BLvLBLvWIRt

RRvR===从位移为L到为32L的过程，产生的电能2322222'2BLvLBLvWIRtRRvR===所以整个过程产生的电能为233BLvR，故C正确；D、此过程穿过线框的磁通量的变化为0，通过线框

横截面的电荷量为0qR==故D错误。三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题~第38题为选考题，考生根据要求做答。9.为了验证动量守恒定律，某实验小组选取两个材质相

同而质量不同的滑块A和B，并按下述步骤进行了实验：①在A、B的相撞面分别粘上橡皮泥，便于二者相撞后连成一体；②实验装置如图甲所示，铝质导轨槽固定在水平桌面上，其倾斜段的右端和水平段的左端由一小段圆弧连接，在导轨槽的

侧面且与水平导轨等高处安装一台数码频闪照相机；③将滑块B静置于槽的水平段某处，滑块A由槽的倾斜段适当位置静止释放，同时开始频闪拍摄，直至两滑块停止运动，得到一幅多次曝光的照片；④多次重复步骤③，得到多幅照片，挑选其中最理想的一幅，打印出

来，将刻度尺紧靠照片放置，如图乙所示（图中只显示滑块A）．请对上述操作进行分析并回答以下问题：（1）分析图乙可知，A、B滑块碰撞发生的位置是______（选填P5、P6或P7）；（2）为了验证碰撞中动量是否守恒，必须直接测量或读取的物理量

是______；A．A、B两滑块的质量m1和m2B．滑块A释放时距桌面的高度C．频闪照相的周期D．照片尺寸和实际尺寸的比例E．照片上测得的S34、S45和S56、S67F．照片上测得的S45、S56和S67、S78G．滑块与导轨间的动

摩擦因数（3）此实验验证动量守恒的表达式为______．【答案】(1).P6(2).AF(3).m1（3S56-S45）=（m1+m2）（3S67-S78）【解析】【详解】解：（1）P6之前物体的运动距离越来越小；但每两段之间距离的差值都相等；故说明

物体在P6位置之前一直做匀减速运动；而在P6位置两滑块相遇；故A、B相撞的位置在P6处．（2）（3）设碰撞前滑块A在P4、P5、P6的速度分别为v4、v5、v6，碰撞后，整体在P6、P7、P8的速度分别为v6′，v7、v8，则3445455645,22SSSSvvTT++==，又4652vvv

+=，得到碰撞前滑块A速度564534622SSSvT+−=，由于是做匀变速运动，则：45345645SSSS−=−联立可得：5645632SSvT−=同理，碰撞后整体的速度6778632SSvT−=，原来需要验证的方程为()16126mvmmv=+将上两式代入整理得

：()()()1564512677833mSSmmSS−=+−即需要验证的表达式，需要直接测量的物理量是：A、B两个滑块的质量m1和m2及S34、S45、S56和S67、S78、S89；故AF正确．10.某同学测定电源电动势和

内阻，所使用的器材有：待测干电池一节(内阻很小)、电流表A(量程0.6A，内阻RA小于1Ω)、电流表A1(量程0.6A，内阻未知)、电阻箱R1(0～99.99Ω)、滑动变阻器R2(0～10Ω)、单刀双

掷开关S、单刀单掷开关K各一个，导线若干．(1)该同学按图甲所示电路连接进行实验操作．请在答题卡相应位置的虚线框内补全与图甲对应的电路图_______．(2)测电流表A的内阻：闭合开关K，将开关S与C接通，通过调节电阻箱R1和滑动变阻器R2，读取电流表A的示数为

0.20A、电流表A1的示数为0.60A、电阻箱R1的示数为0.10Ω，则电流表A的内阻RA＝________Ω．(3)测电源的电动势和内阻：断开开关K，调节电阻箱R1，将开关S接__________(填

“C”或“D”)，记录电阻箱R1的阻值和电流表A的示数；断开开关K，开关S所接位置不变，多次调节电阻箱R1重新实验，并记录多组电阻箱R1的阻值R和电流表A的示数I．(4)数据处理：图乙是由实验数据绘出

的1I－R图象，由此求出干电池的电动势E＝__________V、内阻r＝__________Ω．(计算结果保留二位有效数字)(5)如果电流表A的电阻未知，本实验__________(填“能”或“不能”)测出该电源的电动势．【答案】(1).如图所示：(2).0.20(3).D(4)

.1.5(5).0.25(6).能【解析】【详解】（1）由实物图连接原理图，如图所示：（2）根据串并联电路的规律可知，流过电阻箱R1的电流0.600.20(0.0)4IAA=-=；电压0.100.400.040UVV==，则电流表内阻为：0.0400.200.20AR==；（3）S

接D，否则外电路短路；（4）根据（3）中步骤和闭合电路欧姆定律可知()AEIRRr=++变形可得：1ArRIEER+=+根据图象可知:13.01.04.01.0E−=−，0.3ArER+=，解得1.5EV=，0.25r=；（

5）由1ArRIEER+=+可知：当电流表内阻未知时，能测出电动势，但不能测出内电阻．11.我国南极考察队于2019年3月12日返回上海，完成第35次南极考察任务。2019年1月19日，考察队乘坐的“雪龙”号极地考察船在南极的密集冰区里航行时，受到浓雾影响，意外与冰山碰撞，在与冰山碰撞前的

紧急关头，由于控制人员处理得当，发动机及时全速倒船，船体减速前行，与冰山碰撞时并未出现严重后果，假设控制人员发现前方冰山时，“雪龙”号距离冰山50mx=，船速016m/sv=，与冰山碰撞时的速度4m/sv=，已知“雪龙”号质量721

0kgm=，水的阻力f恒为船体重量的120，重力加速度210m/sg=，计算结果均保留2位有效数字（1）若减速过程可认为做匀变速直线运动，求发动机产生的推力大小F（2）实际上发动机是以恒定功率工作的，

若发动机全速倒船的时间为8s，求发动机全速倒船时的功率P【答案】（1）73.810N；（2）82.410W。【解析】【详解】（1）由匀变速直线运动规律可知()2202vvax−=−对船体受力分析根据牛顿第二定律可

知Ffma+=代入数据解得73.810NF=；（2）由动能定理可知2201122FfWWmvmv−−=−由题意可知fWfx=FWPt=联立各式代入数据解得82.410WP=。12.如图：竖直面内固定的绝缘

轨道abc，由半径R=3m的光滑圆弧段bc与长l=1.5m的粗糙水平段ab在b点相切而构成，O点是圆弧段的圆心，Oc与Ob的夹角θ=37°;过f点的竖直虚线左侧有方向竖直向上、场强大小E=10N/C的匀强电场，Ocb的外侧有一长度足够长、宽度d=1.6m的矩形区域ef

gh，ef与Oc交于c点，ecf与水平向右的方向所成的夹角为β(53°≤β≤147°)，矩形区域内有方向水平向里的匀强磁场．质量m2=3×10-3kg、电荷量q=3×l0-3C的带正电小物体Q静止在圆弧轨道上b点，质量m1=1.5×10-3k

g的不带电小物体P从轨道右端a以v0=8m/s的水平速度向左运动，P、Q碰撞时间极短，碰后P以1m/s的速度水平向右弹回．已知P与ab间的动摩擦因数μ=0.5，A、B均可视为质点，Q的电荷量始终不变，忽略空气阻力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，

重力加速度大小g=10m/s2．求：(1)碰后瞬间，圆弧轨道对物体Q的弹力大小FN；(2)当β=53°时，物体Q刚好不从gh边穿出磁场，求区域efgh内所加磁场的磁感应强度大小B1；(3)当区域efgh内所加磁场的磁感应强度为

B2=2T时，要让物体Q从gh边穿出磁场且在磁场中运动的时间最长，求此最长时间t及对应的β值．【答案】(1)24.610NFN−=(2)11.25BT=(3)127s360t=,001290143==

和【解析】【详解】解：(1)设P碰撞前后的速度分别为1v和1v，Q碰后的速度为2v从a到b，对P，由动能定理得：221011111-22mglmvmv=−解得：17m/sv=碰撞过程中，对P，Q系统：

由动量守恒定律：111122mvmvmv=+取向左为正方向，由题意11m/sv=−，解得：24m/sv=b点：对Q，由牛顿第二定律得：2222NvFmgmR−=解得:24.610NNF−=(2)设Q在c点的速度为cv，在b到c点，由机械能守恒定律：

22222211(1cos)22cmgRmvmv−+=解得：2m/scv=进入磁场后：Q所受电场力22310NFqEmg−===，Q在磁场做匀速率圆周运动由牛顿第二定律得：2211ccmvqvBr=Q刚好不从gh边穿出磁场，由几何关系：1

1.6mrd==解得：11.25TB=(3)当所加磁场22TB=，2221mcmvrqB==要让Q从gh边穿出磁场且在磁场中运动的时间最长，则Q在磁场中运动轨迹对应的圆心角最大，则当gh边或ef边与圆轨迹相切，轨迹如图所示：设最大圆心角为，由几何关系

得：22cos(180)drr−−=解得：127=运动周期：222mTqB=则Q在磁场中运动的最长时间：222127127•s360360360mtTqB===此时对应的角：190=和2143=13.图甲为一简谐横波在0.10ts=时的波形图，P是平衡位置在0.5xm

=处的质点，Q是平衡位置在2.0xm=处的质点；图乙为质点Q的振动图象．下列说法正确的是A.这列波沿x轴负方向传播B.这列波的传播速度为2/msC.从0t=到0.15ts=，这列波传播的距离为3mD.从0.10ts=到0.15ts=，P通过的路程为10cmE.0.15ts=

，P的加速度方向与y轴正方向相反【答案】ACE【解析】【详解】振动图象的斜率表示速度，由乙图读出，在t=0.10s时Q点的速度方向沿y轴负方向．由波形的平移法判断可知该波沿x轴负方向的传播．故A正确．由甲图读出波长为λ=4m，由乙图读出周期为T=0.2s，则波速为20/vmsT==．故B错误．

从t=0到t=0.15s，波传播的距离为s=vt=20×0.15m=3m，故C正确．从t=0.10s到t=0.15s，经过时间为△t=0.05s=T/4，由于在t=0.10s时质点P不在平衡位置和最大位移处，所以从t=0.10s到t=0.15s，质点P通过的路程不等于A=10

cm．故D错误．在t=0.15s时，即从t=0.10s时刻开始经过四分之一个周期，质点P在平衡位置上方，加速度的方向沿y轴负方向，故E正确．故选ACE．14.如图，有一玻璃圆柱体，横截面半径为10cmR=，长为100cmL=。一点光源在玻

璃圆柱体中心轴线上的A点，与玻璃圆柱体左端面距离4cmd=，点光源向各个方向发射单色光，其中射向玻璃圆柱体从左端面中央半径为8cmr=圆面内射入的光线恰好不会从柱体侧面射出。光速为8310m/sc=；求：（1）玻璃对该单色光的折射率；（2）该单色光通过玻璃圆柱体的最长时间。【

答案】（1）355n=；（2）9s610t−=【解析】【分析】【详解】（1）由题意可知，光线AB从圆柱体左端面射入，其折射光BD射到柱面D点恰好发生全反射，如图设光线在B点的入射角为i，则有2252sinrird==+由折射定律得sinsinin=1sinCn=根据

几何知识得2sincos1sinCC==−得535n=；（2）折射光BD在玻璃柱体内传播路程最长，因而传播时间最长，最长的路程为sinLsnLC==光在玻璃中传播的速度为cvn=则该单色光通过玻璃圆柱体的最长时间为29610ssnL

tvc−===本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（http://zujuan.xkw.com）专业教师团队编校出品。登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。试卷地址：在组卷网浏览本卷组卷网是学科网旗下的在线题库平台，覆盖小初高全学段全学科、

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