【文档说明】《江苏中考真题数学》《精准解析》江苏省无锡市2020年中考数学试题（解析版）.pdf，共(29)页，709.461 KB，由envi的店铺上传

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2020年无锡市初中毕业升学考试数学试题一、选择题：本大题共10个小题,每小题3分,共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.﹣7的倒数是（）A.17B.7C.-17D.﹣7【答案】C【解析】【分析】此题根据倒数的含义解答，乘积为1的两个数互为倒数，所以﹣7

的倒数为1÷（﹣7）．【详解】解：﹣7的倒数为：1÷（﹣7）＝﹣17．故选C．【点睛】此题考查的知识点是倒数．解答此题的关键是要知道乘积为1的两个数互为倒数，所以﹣7的倒数为1÷（﹣7）．2.函数231yx中自变量x的取值范围是（）A.2xB.13xC.13xD.1

3x【答案】B【解析】【分析】由二次根式的被开方数大于等于0问题可解【详解】解：由已知，3x﹣1≥0可知13x，故选B．【点睛】本题考查了求函数自变量取值范围，解答时注意通过二次根式被开方数要大于等于零求出x取值范围．3.已知一组数据：21，23，2

5，25，26，这组数据的平均数和中位数分别是（）A.24，25B.24，24C.25，24D.25，25【答案】A【解析】【分析】根据平均数的计算公式和中位数的定义分别进行解答即可．【详解】解：这组

数据的平均数是：（21+23+25+25+26）÷5=24；把这组数据从小到大排列为：21，23，25，25，26，最中间的数是25，则中位数是25；故应选：A．【点睛】此题考查了平均数和中位数，掌握平

均数的计算公式和中位数的定义是本题的关键．4.若2xy，3zy，则xz的值等于（）A.5B.1C.-1D.-5【答案】C【解析】【分析】将两整式相加即可得出答案．【详解】∵2xy，3zy，∴1xyzyxz，

∴xz的值等于1，故选：C．【点睛】本题考查了整式的加减，熟练掌握运算法则是解本题的关键．5.正十边形的每一个外角的度数为（）A.36B.30°C.144D.150【答案】A【解析】【分析】利用多边形的外角性质计算即可求出值．【详解】解：360°÷10＝36°，故选：A．【点睛】此题考查

了多边形的内角与外角，熟练掌握多边形的外角性质是解本题的关键．6.下列图形中，是轴对称图形但不是中心对称图形的是（）A.圆B.等腰三角形C.平行四边形D.菱形【答案】B【解析】【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念结合圆、平行四边形、等腰三角形、菱形的性质求解．【详解】解：A、圆是轴对称图形

，也是中心对称图形，故此选项错误；B、等腰三角形是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项正确；C、平行四边形是不轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；D、菱形是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选

项错误．故选：B【点睛】此题考查了轴对称图形和中心对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是要寻找对称中心，图形旋转180°后与原图形重合．7.下列选项错误的是（）A

.1cos602B.235aaaC.1222D.2(2)22xyxy【答案】D【解析】【分析】分别根据特殊角的三角函数值，同底数幂的乘法法则，二次根式的除法法则以及去括号法则逐一判断即可．【详解】

解：A．1cos602，本选项不合题意；B．235aaa，本选项不合题意；C．12221，本选项不合题意；D．2（x−2y）＝2x−4y，故本选项符合题意；故选：D．【点睛】本题主要考查了特殊角的三角函数值，同底数幂的乘法，二次根式的除法以及去括号与添括号，熟记相关运算法则是解答本题

的关键．8.反比例函数kyx与一次函数8161515yx的图形有一个交点1,2Bm，则k的值为（）A.1B.2C.23D.43【答案】C【解析】【分析】把点B坐标代入一次函数解析式，求出m的值，可得出B点坐标，把B点的坐标代入

反比例函数解析式即可求出k的值．【详解】解：由题意，把B（12，m）代入8161515yx，得m=43∴B（12，43）∵点B为反比例函数kyx与一次函数8161515yx的交点，∴k=x·y∴k=12×43=23．故选：C．【点睛】本题考查了一次函数与反比

例函数的交点问题，熟知一次函数反比例函数图像的交点坐标都适合两个函数解析式是解题关键．9.如图，在四边形ABCD中ABCD，90ABCBCD，3AB，3BC，把RtABC沿着AC翻

折得到RtAEC，若3tan2AED，则线段DE的长度为（）A.63B.73C.32D.275【答案】B【解析】【分析】根据已知，易求得23AC，延长CD交AE于F，可得2AFCF，则=1EF，再过点D作DGEF，设3DG

x，则2GEx，7EDx，12FGx，在tRFGD中，根据3FGGD，代入数值，即可求解．【详解】解：如图∵90B，3BC，3AB，∴30BAC，∴23AC，∵90DCB

，∴//ABCD，∴30DCA，延长CD交AE于F，∴2AFCF，则=1EF，=60EFD，过点D作DGEF，设3DGx，则2GEx，7EDx，∴12FGx，∴在tRFGD中，3FGGD，即312=3xx

，解得：1=3x，∴73ED．故选B．【点睛】本题目考查三角形的综合，涉及的知识点有锐角三角函数、折叠等，熟练掌握三角形的有关性质，正确设出未知数是顺利解题的关键．10.如图，等边ABC的边长为3，点D在边AC上，12AD，线

段PQ在边BA上运动，12PQ，有下列结论：①CP与QD可能相等；②ΔAQD与BCP可能相似；③四边形PCDQ面积的最大值为31316；④四边形PCDQ周长的最小值为3732．其中，正确结论的序号为（）A.①④B.②④C.①③D.②③【答案】D【解析】【分析】①通过

分析图形，由线段PQ在边BA上运动，可得出QDPAPC＜，即可判断出CP与QD不可能相等；②假设ΔAQD与BCP相似，设AQx，利用相似三角形的性质得出AQx的值，再与AQ的取值范围进行比较，即可判断相似是否成立；③过P作PE⊥BC于

E，过F作DF⊥AB于F，利用函数求四边形PCDQ面积的最大值，设AQx，可表示出31322PxE，123324DF，可用函数表示出PBCS，DAQS，再根据ABCPBCDAQSSS，依据2.5x0，即可得到四边形PCDQ面积的最大值

；④作点D关于直线AB的对称点D1，连接DD1，与AB相交于点Q，再将D1Q沿着AB向B端平移PQ个单位长度，即平移12个单位长度，得到D2P，与AB相交于点P，连接PC，此时四边形PCDQ的周长为：2CPDQCDPQCDCDPQ，其值最小，再由D1Q=DQ=D2P，1

1212ADDDAD，且∠AD1D2=120°，可得2CDCDPQ的最小值，即可得解．【详解】解：①∵线段PQ在边BA上运动，12PQ，∴QDPAPC＜,∴CP与QD不可能相等，则①错误；②设AQx，∵12PQ，3AB，∴13-=2.52AQ0，即2.5x0，假设ΔA

QD与BCP相似，∵∠A=∠B=60°，∴ADAQBPBC，即121332xx，从而得到22530xx，解得1x或1.5x（经检验是原方程的根），又2.5x0，∴解得的1x或1.5x符合题意，即ΔAQD与BCP可能相似，则②正确；③如图，过P作PE⊥BC于E，

过F作DF⊥AB于F，设AQx，由12PQ，3AB，得13-=2.52AQ0，即2.5x0，∴132PBx，∵∠B=60°，∴31322PxE，∵12AD，∠A=60°，∴123324DF,则11313

3533222242PBCSBCPExx，11332248DAQSAQDFxx，∴四边形PCDQ面积为：133335333533+2242888ABCPBCDAQSSSxxx

,又∵2.5x0，∴当2.5x时，四边形PCDQ面积最大，最大值为：3353313+2.5=8816，即四边形PCDQ面积最大值为31316，则③正确；④如图，作点D关于直线AB的对称点D1，

连接DD1，与AB相交于点Q，再将D1Q沿着AB向B端平移PQ个单位长度，即平移12个单位长度，得到D2P，与AB相交于点P，连接PC，∴D1Q=DQ=D2P，11212ADDDAD，且∠AD1D2=120

°，此时四边形PCDQ的周长为：2CPDQCDPQCDCDPQ，其值最小，∴∠D1AD2=30°，∠D2AD=90°，232AD，∴根据股股定理可得，222222339=3=22CDACAD，∴四边形PCDQ的

周长为：2391139332222CPDQCDPQCDCDPQ,则④错误，所以可得②③正确，故选：D．【点睛】本题综合考查等边三角形的性质、相似三角形的性质与判定、利用函数求最值、动点变化问题等知识．解题关键是熟练掌握数形结合的思想方法，通过用函数求最值

、作对称点求最短距离，即可得解．二、填空题（每题2分，满分16分，将答案填在答题纸上）11.因式分解：22ababa__________．【答案】21ab【解析】【分析】先提取公因式a，再利用公式法继续分解．【详

解】解：2222211ababaabbab，故答案为：21ab．【点睛】本题考查了公式法以及提取公因式法分解因式，正确应用公式是解题的关键．在分解因式时，要注意分解彻底．12.201

9年我市地区生产总值逼近12000亿元，用科学记数法表示12000是__________．【答案】41.210【解析】【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数.确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同.

当原数的绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数.【详解】解：∵12000=41.210，故答案为：41.210.【点睛】本题考查用科学记数法表示绝对值较大的数，熟练掌握科学记数法的表示形式是解题的关键.13.已知圆锥的底面

半径为1cm，高为3cm，则它的侧面展开图的面积为=__________．【答案】22cm【解析】【分析】先利用勾股定理求出圆锥的母线l的长，再利用圆锥的侧面积公式：S侧=πrl计算即可．【详解】解：根据题意可知，圆锥的底面半径r=1cm，高h=3cm，∴圆锥的母线222lrh，∴S侧

=πrl=π×1×2=2π（cm2）．故答案为：2πcm2．【点睛】此题考查圆锥的计算，理解圆锥的侧面展开图是个扇形，扇形的半径是圆锥的母线，扇形的弧长是底面圆的周长l．掌握圆锥的侧面积公式：S侧=12•2πr•l=πrl是解题的

关键．14.如图，在菱形ABCD中，50B，点E在CD上，若AEAC，则BAE__________．【答案】115°【解析】【分析】先根据菱形性质求出∠BCD，∠ACE，再根据AEAC求出∠AEC，最

后根据两直线平行，同旁内角互补解题即可．【详解】解：四边形ABCD是菱形，50B，∴AB∥CD，∴∠BCD=180°-∠B=130°，∠ACE=12∠BCD=65°，∵AEAC，∴∠ACE=∠AEC=65°

，∴∠BAE=180°-∠AEC=115°．【点睛】本题考查了菱形性质，等腰三角形性质，解题方法较多，根据菱形性质求解∠ACE是解题关键．15.请写出一个函数表达式，使其图象的对称轴为y轴：__________．【答案】2yx=（答案不唯一）【解析

】【分析】根据二次函数的图象和性质，对称轴为y轴，即b=0，写出满足条件的函数解析式即可.【详解】解：设函数的表达式为y=ax2+bx+c，∵图象的对称轴为y轴，∴对称轴为x=2ba=0，∴b=0，

∴满足条件的函数可以是：2yx=.（答案不唯一）故答案是：y=x2（答案不唯一）【点睛】本题考查二次函数的图象和性质，熟练掌握二次函数的图象和性质是解题的关键.16.我国古代问题：以绳测井，若将绳三折测之，绳多四尺，若将绳四折

测之，绳多一尺，井深几何？这段话的意思是：用绳子最井深，把绳三折来量，井外余绳四尺，把绳四折来量，井外余绳一尺，井深几尺？则该问题的井深是___________尺．【答案】8【解析】【分析】先设绳长x尺，由题意列

出方程，然后根据绳长即可求出井深．【详解】解：设绳长x尺，由题意得13x-4=14x-1，解得x=36，井深：13×36-4=8（尺），故答案为：8．【点睛】本题考查了一元一次方程的实际应用，理解题意，找出等量关系是解题关键．17.二次

函数233yaxax的图像过点6,0A，且与y轴交于点B，点M在该抛物线的对称轴上，若ABM是以AB为直角边的直角三角形，则点M的坐标为__________．【答案】3,92或3,62【解析】【分析】先求出点B的坐标和抛物线的对称轴，然后分两种情况

讨论：当∠ABM=90°时，如图1，过点M作MF⊥y轴于点F，易证△BFM∽△AOB，然后根据相似三角形的性质可求得BF的长，进而可得点M坐标；当∠BAM=90°时，辅助线的作法如图2，同样根据△BAE∽△AMH求出AH的长，继而可得点M坐标．【详解

】解：对233yaxax，当x=0时，y=3，∴点B坐标为（0，3），抛物线233yaxax的对称轴是直线：3322axa，当∠ABM=90°时，如图1，过点M作MF⊥y轴于点F，则32MF，∵∠1+∠2=90°，∠2+∠3=90°，∴∠1=∠3，又∠MFB=∠BOA=

90°，∴△BFM∽△AOB，∴MFBFOBOA，即3236BF，解得：BF=3，∴OF=6，∴点M的坐标是（32，6）；当∠BAM=90°时，如图2，过点A作EH⊥x轴，过点M作MH⊥EH于点H，过点B作BE⊥EH于点E，则39622MH，同上面的方法可得△BAE∽△

AMH，∴AEBEMHAH，即3692AH，解得：AH=9，∴点M的坐标是（32，﹣9）；综上，点M的坐标是3,92或3,62．故答案为：3,92或3,62．【点睛】本题考查了抛物线与y轴的交

点和对称轴、直角三角形的性质以及相似三角形的判定和性质等知识，属于常考题型，正确分类、熟练掌握相似三角形的判定和性质是解题的关键．18.如图，在RtABC中，90ACB，4AB，点D，E分别在边AB，AC上，且2DBAD，3AEEC连接BE，CD，相交于点O，则ABO面积最大值

为__________．【答案】83【解析】【分析】作DG∥AC，交BE于点G，得到23ODCD，进而得到23ABOABCSS△△，求出ABC面积最大值142=42，问题得解．【详解】解：如图1，作DG∥AC，交BE于点G，∴,BDGBAEO

DGOCE△∽△△∽△，2,3DGBDAEAB∴∵13CEAE,∴221DGCE∵ODGOCE△∽△∴=2DGODCEOC∴23ODCD∵AB=4，∴23ABOABCSS△△∴若ABO面积最大，则ABC面积最大，如图2，当点△ABC为等腰直角三角形时，ABC面

积最大，为142=42，∴ABO面积最大值为284=33+故答案为：83【点睛】本题考查了三角形面积最大问题，相似等知识点，通过OD与CD关系将求ABO面积转化为求ABC面积是解题关键三、解答题：本大题共10小题，共84分．解答应写出文字说明、证明过程或

演算步骤．考生根据要求作答．19.计算：（1）22516（2）11ababba．【答案】（1）5；（2）abab【解析】【分析】(1)利用幂的运算，绝对值的定义，及算术平方根的定义计算即可解出答案；（2）根据同分母分式的加减运算法则

计算即可．【详解】解：（1）原式=4+5－4=5；（2）原式=11+bababa－=1+1+baab=+baab．【点睛】本题考查了实数的运算以及分式的加减法，熟记相关的定义与运算法则是解题的关键．20

.解方程：（1）210xx（2）20415xx【答案】（1）152x；（2）01x【解析】【分析】（1）根据公式法求解即可；（2）先分别求每一个不等式，然后即可得出不等式

组的解集．【详解】（1）由方程可得a=1，b=1，c=-1，x=242bbcaa=21141121=152；（2）解不等式-2x≤0，得x≥0，解不等式4x+1<5，得x<1，∴不等式的解集为01x．【点睛】本题考查了解一元二次方程和解不等式组，掌握运算法则是解题关键

．21.如图，已知//ABCD，ABCD，BECF．求证：（1）ABFDCE；（2）//AFDE．【答案】（1）证明见详解；（2）证明见解析．【解析】【分析】（1）先由平行线的性质得∠B=∠C，从而利用SAS判定△ABF≌△DCE；（2）根据全等三角形的性质得∠AFB=∠DEC，由等

角的补角相等可得∠AFE=∠DEF，再由平行线的判定可得结论．【详解】证明：（1）∵AB∥CD，∴∠B=∠C，∵BE=CF，∴BE-EF=CF-EF，即BF=CE，在△ABF和△DCE中，==ABCDBCBFCE

∴△ABF≌△DCE（SAS）；（2）∵△ABF≌△DCE，∴∠AFB=∠DEC，∴∠AFE=∠DEF，∴AF∥DE．【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，属于全等基础知识的考查，难度不大，注意证明过程的规范性．22.现有4张正面分别写有数字1、2、3、

4的卡片，将4张卡片的背面朝上，洗匀．（1）若从中任意抽取1张，抽的卡片上的数字恰好为3的概率是________；（2）若先从中任意抽取1张（不放回），再从余下的3张中任意抽取1张，求抽得的2张卡片上的数字之和为3的倍数的概率．（请用“画树状图”或“列

表”等方法写出分析过程）【答案】（1）14；（2）13【解析】【分析】（1）根据概率公式计算即可；（2）画树状图展示所有12种等可能的结果，可得抽得的2张卡片上的数字之和为3的倍数的结果数，根据概率公式计算即可．【详解】解：（1）从中任意抽取1张，抽的卡片上的数字恰好为3的概率为14；故答案为：

14（2）画树状图为：共有12种等可能的结果，其中抽得的2张卡片上的数字之和为3的倍数的结果为4种，所以抽得的2张卡片上的数字之和为3的倍数的概率=41123【点睛】本题考查了用列表法与树状图法求概率，解答中注意利用列表法或树状图法展示所有可能的结果求出n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m

，然后根据概率公式计算事件A或事件B的概率．23.小李2014年参加工作，每年年底都把本年度收入减去支出后的余额存入银行（存款利息记入收入），2014年底到2019年底，小李的银行存款余额变化情况如下表所示：（单位：万元）年份2014年201

5年2016年2017年2018年2019年收入389a1418支出1456c6存款余额261015b34（1）表格中a________；（2）请把下面的条形统计图补充完整：（画图后标注相应的数据）（3）请问小李在哪一年的支出最多？支出了多少万元？【答案】（1）11；（2

）见解析；（3）2018年支出最多，为7万元【解析】【分析】（1）本年度收入减去支出后的余额加上上一年存入银行的余额作为本年的余额，则可建立一元一次方程10＋a−6＝15，然后解方程即可；（2）根据题意得1514{18634cbb＝

＝，再解方程组得到2018年的存款余额，然后补全条形统计图；（3）利用（2）中c的值进行判断．【详解】解：（1）10＋a−6＝15，解得a＝11，故答案为11；（2）根据题意得1514{18634cbb

＝＝，解得227bc＝＝，即存款余额为22万元，补全条形统计图如下：；（3）由图表可知：小李在2018年的支出最多，支出了为7万元．【点睛】本题考查了图像统计图：条形统计图是用线段长度表示数据，根

据数量的多少画成长短不同的矩形直条，然后按顺序把这些直条排列起来．从条形图可以很容易看出数据的大小，便于比较．24.如图，已知ABC是锐角三角形ACAB．（1）请在图1中用无刻度的直尺和圆规作图；作直线

l，使l上的各点到B、C两点的距离相等；设直线l与AB、BC分别交于点M、N，作一个圆，使得圆心O在线段MN上，且与边AB、BC相切；（不写作法，保留作图痕迹）（2）在（1）的条件下，若53BM，2BC，则O的半径

为________．【答案】（1）见解析；（2）12r【解析】【分析】（1）由题意知直线l为线段BC的垂直平分线，若圆心O在线段MN上，且与边AB、BC相切，则再作出ABC的角平分线，与MN的交点即为圆心O；（2）过点O作OEAB，垂足为E，根据BM

NBNOBMOSSS△△△即可求解．【详解】解：（1）①先作BC的垂直平分线：分别以B，C为圆心，大于12BC的长为半径画弧，连接两个交点即为直线l，分别交AB、BC于M、N；②再作ABC的角平分

线：以点B为圆心，任意长为半径作圆弧，与ABC的两条边分别有一个交点，再以这两个交点为圆心，相同长度为半径作弧，连接这两条弧的交点与点B，即为ABC的角平分线，这条角平分线与线段MN的交点即为O；③以O为圆心，ON为半径画圆，圆O即为所求；（2）过点O

作OEAB，垂足为E，设ONOEr∵53BM，2BC，∴1BN，∴43MN根据面积法，∴BMNBNOBMOSSS△△△∴141151123223rr，解得12r，故答案为：12r．【点睛】本题考查了尺规

作图，切线的性质等内容，解题的关键是掌握线段垂直平分线、角平分线的尺规作图．25.如图，DB过O的圆心，交O于点A、B，DC是O的切线，点C是切点，已知30D，3DC．（1）求证：ΔΔBOCBCD；（2）求BCD的

周长．【答案】（1）见解析；（2）BCD的周长为323【解析】【分析】（1）由切线的性质可得90OCD，由外角的性质可得120BOC，由等腰三角形的性质30BOCB，可得30BD，可得结论；（2）由直角三角形的性质可得1OCOB，2DO，

即可求解．【详解】证明：（1）DC是O的切线，90OCD，30D，3090120BOCDOCD，OBOC，30BOCB，DOCB，BOCBCD△∽△；（2）30D，3DC，90OCD，33DC

OC，2DOOC，1OCOB，2DO，30BD，3DCBC，BCD△的周长3321323CDBCDB．【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质，切线的性质，直角三角形的性质，灵活运用这些性质进行推理是本题的关

键．26.有一块矩形地块ABCD，20AB米，30BC米，为美观，拟种植不同的花卉，如图所示，将矩形ABCD分割成四个等腰梯形及一个矩形，其中梯形的高相等，均为x米．现决定在等腰梯形AEHD和BCGF中种植甲种花卉；在等腰梯

形ABFE和CDHG中种植乙种花卉；在矩形EFGH中种植丙种花卉．甲、乙、丙三种花卉的种植成本分别为20元/米2、60元/米2、40元/米2，设三种花卉的种植总成本为y元．（1）当5x时，求种植总成本y；（2）求种植总成本y与x的函数表达式，并写出自变量x的取值范围；（

3）若甲、乙两种花卉的种植面积之差不超过120米2，求三种花卉的最低种植总成本．【答案】（1）当5x时，22000y；（2）40024000(010)yxx；（3）当6x时，y最小为21600．【解析】【分

析】（1）根据112()202()604022yEHADxGHCDxEFEH，即可求解；（2）参考（1），由题意得：(30302)20(20202)60(302)(202)40(010)yxxxxxxx；（3）21

2302302602SEHADxxxxx甲，2240xxS乙，则22260(240)120xxxx，即可求解．【详解】解：（1）当5x时，20210EFx，30220EHx，故112()202()604022

yEHADxGHCDxEFEH(2030)520(1020)56020104022000；（2）202EFx，302EHx，参考（1），由题意得：(30302)20(20202)60(302)(202)4040024000(

010)yxxxxxxxx；（3）212302302602SEHADxxxxx甲，同理2240xxS乙，甲、乙两种花卉的种植面积之差不超过1

20米2，22260(240)120xxxx，解得：6x，故06x，而40024000yx随x的增大而减小，故当6x时，y的最小值为21600，即三种花卉的最低种植总成本为21600元．【点睛】本题考查了一次函数的性质在实际生活中的应用．我们首先要吃透题意，确定

变量，建立函数模型，然后结合实际选择最优方案．27.如图，在矩形ABCD中，2AB，1AD，点E为边CD上的一点（与C、D不重合）四边形ABCE关于直线AE的对称图形为四边形ANME，延长ME交AB与点P，记四边形PADE的面积为S．（1）若33DE，求S的值；（2）设DEx，求

S关于x的函数表达式．【答案】（1）32S；（2）21124xSxx【解析】【分析】（1）解Rt△ADE可得60AED和AE的长，然后根据平行线的性质、对称的性质可得60BAEAEP∠，进而可判断APE为等边三角形，再根据S=S△APE+S△ADE解答即可；（2）过点E

作EFAB于点F，如图，则四边形ADEF是矩形，由（1）得AEPAEDPAE，从而可得APPE，设APPEa，则PFax，然后在RtPEF中根据勾股定理即可利用x表示a，然后根据S=S△APE+S△ADE即可求出结果．【详解】解：

（1）在Rt△ADE中，∵33DE，1AD，∴tan3AED，∴60AED，∴2323AEDE，∵//ABCD，∴60∠BAE，∵四边形ABCE关于直线AE的对称图形为四边形ANME，∴AECAEM，∵PECDEM，∴60AEPAED，∴A

PE为等边三角形，∴S=S△APE+S△ADE=2323133143232；（2）过点E作EFAB于点F，如图，则四边形ADEF是矩形，∴AFEDx，1EFAD，由（1）可知，AEPAEDPAE，∴APPE，设APPEa，

则PFax，在RtPEF中，由勾股定理，得：221axa，解得：212xax，∴S=S△APE+S△ADE=22111111122224xxxxxx．【点睛】本题考查了矩形的判

定和性质、轴对称的性质、等边三角形的判定和性质、勾股定理以及解直角三角形等知识，考查的知识点多、综合性强，熟练掌握上述知识是解题的关键．28.在平面直角坐标系中，O为坐标原点，直线OA交二次函数214yx的图像于点A，90AOB，点B在该二次函数的图像上，设过点0,m（其中0m）且

平行于x轴的直线交直线OA于点M，交直线OB于点N，以线段OM、ON为邻边作矩形OMPN．（1）若点A的横坐标为8．①用含m的代数式表示M的坐标；②点P能否落在该二次函数的图像上？若能，求出m的值；若不能，请说明理由；（2）当2m时，若点P恰好落在该二次

函数的图像上，请直接写出此时满足条件的所有直线OA的函数表达式．【答案】（1）①1,2Mmm；②能，329m；（2）(21)yx或(21)yx．【解析】【分析】（1）①求出点A的坐标，直线

直线OA的解析式即可解决问题．②求出直线OB的解析式，求出点N的坐标，利用矩形的性质求出点P的坐标，再利用待定系数法求出m的值即可．（2）分两种情形：①当点A在y轴的右侧时，设21(,)4Aaa，求出点P的坐标利用待定系数法构建方程求出a即可．②当点A在y轴的左侧时，即为①中点B的位置，利用①中结

论即可解决问题．【详解】解：（1）①点A在214yx的图象上，横坐标为8，(8,16)A，直线OA的解析式为2yx，点M的纵坐标为m，1(2Mm，)m；②假设能在抛物线上，90AOBQ，直线OB的解析式为1

2yx，点N在直线OB上，纵坐标为m，(2,)Nmm，MN的中点的坐标为3(4m，)m，3(2Pm，2)m，把点P坐标代入抛物线的解析式得到329m．（2）①当点A在y轴右侧时，设21,4Aaa，所以直线OA解析式为14yax，∴8,2Ma，OB

OA，直线OB的解析式为4yxa，可得(2aN，2)，8(2aPa，4)，代入抛物线的解析式得到，842aa，解得424a，直线OA的解析式为(21)yx．②当点A在y轴左侧时，即为①中点B位置

，∴直线OA的解析式为421yxxa；综上所述，直线OA的解析式为(21)yx或(21)yx．【点睛】本题属于二次函数综合题，考查了二次函数的性质，一次函数的性质，待定系数法，矩形的性质等知识，解题的关键

是学会利用参数构建方程解决问题，属于中考压轴题．获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com