【文档说明】【精准解析】四川省棠湖中学2019-2020学年高一下学期第二次月考物理试题.doc，共(13)页，635.000 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省棠湖中学高一第二学月考试物理试题一、单选题1.关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A.物体速度变化越来越快，而加速度可能越来越小B.物体速度越来越大，而加速度可能不变C.物体速度为零时，加速度一定为零D

.加速度的方向就是物体运动的方向【答案】B【解析】【详解】A．物体速度变化越来越快，加速度越来越大，故A错误；B．物体速度越来越大，可能是匀加速运动，加速度可能不变，故B正确；C．物体速度为零时，加速度可能不为零．例如：物体刚开始自由下落时，速

度为零，加速度不为零，故C错误。D．加速度的方向可与运动方向成任意夹角，加速度的方向一般不是物体运动的方向，故D错误。故选B。2.匀速前进的车厢顶部用细线竖直悬挂一小球，如图所示，小球下方与一光滑斜面接触，关

于小球的受力，说法正确的是（）A.重力和细线对它的拉力B.重力、细线对它的拉力和斜面对它的弹力C.重力和斜面对它的支持力D.细线对它的拉力和斜面对它的支持力【答案】A【解析】【详解】对小球受力分析，由于细线是竖直方向拉小球，可知小球在竖直方向受到重力和细线对它的拉

力，若存在斜面对它的弹力，由力的分解可知，水平方向合力不为0，不可能静止在斜面上，与题意不符，所以斜面对小球没有弹力，故选A。3.如图所示，是中国古代玩具饮水鸟，它的神奇之处是，在鸟的面前放上一杯水，鸟就会俯下身去，把嘴浸到水里，“喝”了一口

水后，鸟将绕着O点不停摆动，一会儿它又会俯下身去，再“喝”一口水．A、B是鸟上两点，则在摆动过程中（）A.A、B两点的线速度大小相同B.A、B两点的向心加速度大小相同C.A、B两点的角速度大小相同D.A、B两点的向心加速度方向相同【答案】C【解析

】【分析】A、B在同一轴上转动角速度相等，根据v=rω比较线速度大小关系；根据a=rω2比较向心加速度大小关系．【详解】A、B在同一轴上转动角速度相等，故C正确；由图可知A的转动半径大于B的转动半径，根据v=rω可知A点的线速度大于B点的线速度，故A错误；由图可知A的转动半径大于B的转动半径，

根据a=rω2可知A点的向心加速度大于B点的加速度，且方向不同，故BD错误．所以C正确，ABD错误．【点睛】解决本题的关键知道线速度、角速度、加速度的关系，以及知道共轴转动，角速度相等．4.如图所示，

长为l的轻杆，一端固定一个小球；另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直平面内做圆周运动，小球过最高点的速度为v，下列叙述中不正确的是()A.v的值可以小于glB.当v由零逐渐增大时，小球在最高点所需

向心力也逐渐增大C.当v由gl值逐渐增大时，杆对小球的弹力逐渐增大D.当v由gl值逐渐减小时，杆对小球的弹力逐渐减小【答案】D【解析】【详解】A．细杆拉着小球在竖直平面内做圆周运动，在最高点的最小速度为零，故A正确，不符合题意；B．根据2vFmL=向知速度

增大，向心力增大，故B正确，不符合题意；C．当vgl=，杆子的作用力为零，当vgl时，杆子表现为拉力，速度增大，拉力增大，故C正确，不符合题意；D．当vgl时，杆子表现为支持力，速度减小，支持力增大，

故D错误，符合题意。故选D。5..如图分别用力F1、F2、F3将质量为m的物体由静止沿同一光滑斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端，在此过程中，F1、F2、F3做功的功率大小关系是()A.P1=P2=P3B.P1＞P2=P

3C.P3＞P2＞P1D.P1＞P2＞P3【答案】A【解析】【详解】三个物体沿斜面上滑的加速度相同，则到达斜面顶端时的时间和速度均相同，由能量关系可知，力F做的功等于物体重力势能的增量和动能增量之和，则三种情况下力F做功相同，根据WPt=可知，功率相同，即P1=P2=P3.A．P1=P2=P

3，与结论相符，选项A正确；B．P1＞P2=P3，与结论不相符，选项B错误；C．P3＞P2＞P1，与结论不相符，选项C错误；D．P1＞P2＞P3，与结论不相符，选项D错误；6.滑板是现在非常流行的一种运动，如图所

示，一滑板运动员以7m/s的初速度从曲面的A点下滑，运动到B点速度仍为7m/s，若他以6m/s的初速度仍由A点下滑，则他运动到B点时的速度（）A.大于6m/sB.等于6m/sC.小于6m/sD.条件不足，无法计算【答案】A【解析】【详解】

当初速度为7m/s时，由功能关系，运动员克服摩擦力做功等于减少的重力势能，而当初速度变为6m/s时，运动员所受的摩擦力减小，故从A到B过程中克服摩擦力做的功减少，而重力势能变化量不变，故运动员在B点动能大于他在A点的动能，故A

正确，BCD错误。故选A。7.设地球的半径为R0，质量为m的卫星在距地面R0高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.卫星的角速度为0gRB.卫星的线速度为02gRC.卫星的加速度为2gD.卫

星的周期为0272Rg【答案】B【解析】【详解】A、根据万有引力提供向心力可得：20202(2)GMmmRR=，又20GMmmgR=，所以08gR=，A错误B、因为vr=，所以000282gRgvRR==，B正确C、因为

2200284ggarRR===，C错误D、因为0082228RTggR===，D错误8.如图为一压路机的示意图，其大轮半径是小轮半径的1.5倍．A、B分别为大轮和小轮边缘上的点．在压路机前进时（）A.A、B两点的线速度之比为Av：Bv=2：3B.A、B两

点的线速度之比为Av：Bv=3：2C.A、B两点的角速度之比为A：B=3：2D.A、B两点的向心加速度之比为Aa：Ba=2：3【答案】D【解析】【详解】AB、压路机前进时，其轮子边缘上的点参与两个分运动，即绕轴心的转动和随

着车的运动；与地面接触点速度为零，故A、B两点圆周运动的线速度大小都等于汽车前进的速度大小，故A、B两点的线速度之比:1:1ABvv=，故选项A、B错误；CD、A、B两点的线速度之比:1:1ABvv=，根据公式vr=可知，线速度相等时角速度与半径成反比，故A、B两点的角速度之比:

2:3BABArr==，由2var=可知，A、B两点的向心加速度之比:2:3BABAraar==，故选项D正确，C错误．9.把一个小球放在光滑的球形容器中，使小球沿容器壁在某一水平面内做匀速圆周运动，如图所示，关于小球的受力情况，下列说法正确的是（）A.重力、向心力

B.小球受到的合力为零C.重力、容器壁的支持力D.重力、容器壁的支持力和向心力【答案】C【解析】【详解】AD.向心力是某个力或几个力的合力提供的，在受力时不能说物体受到了向心力，故AD错误；B.小球沿容器壁在某一水平面内做匀速圆周运动，小球受到

的合力提供了向心力不为零，故B错误；C.小球受到重力、以及光滑容器壁的支持力，且在重力和支持力合力的作用下做匀速圆周运动，故C正确．10.大型游乐场中有一种叫“摩天轮”的娱乐设施,如图所示,坐在其中的游客随轮的转动而做匀速圆周运动,对此有以下说法,其中正确的是()A.

游客处于一种平衡状态B.游客做的是一种变速运动C.游客做的是一种匀变速运动D.游客的加速度在不断地改变着【答案】BD【解析】【详解】游客做圆周运动，加速度不为零，则不是处于平衡状态，选项A错误；由于速度方向不断变化，则

游客做的是一种变速运动，选项B正确；游客的加速度不断变化，则做的不是匀变速运动，选项C错误；游客的加速度方向不断变化，则加速度在不断地改变着，选项D正确.11.如图所示，A、B、C三个物体放在旋转圆台上，它们与圆台之间的动摩擦因数均为μ，A的质量为

2m，B、C质量均为m，A、B离轴心距离为R，C离轴心2R，则当圆台旋转时（设A、B、C都没有滑动）（）A.物体C的向心加速度最大B.物体B受到的静摩擦力最大C.ω=2gR是C开始滑动的临界角速度D.当圆台转速增加时，B比A先滑动【答案】AC【解析】【详

解】A.物体绕轴做匀速圆周运动，角速度相等，根据向心加速度方程有a=ω2r，由于C物体的转动半径最大，故向心加速度最大，故A正确；B.物体绕轴做匀速圆周运动，角速度相等，静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律可得，f=mω2r，故B的摩擦力最小，故B错误；C.对C分析可知，当C物体恰好滑动时，

静摩擦力达到最大，有μmg=m·2Rω2；解得：2gR=，故临界角速度为2gR，故C正确；D.由C的分析可知，转动半径越大的临界角速度越小，越容易滑动，与物体的质量无关，故物体C先滑动，物体A、B将一起后滑动，故

D错误．12.水平光滑直轨道ab与半径为R的竖直半圆形光滑轨道bc相切，一小球以初速度v0沿直轨道向右运动，如图所示，小球进入圆形轨道后刚好能通过c点，然后小球做平抛运动落在直轨道上的d点，则()A.小球到达c点的速度为gRB.小球在c点将向下做自由落体运动C.小球在直轨道上的落点d

与b点距离为2RD.小球从c点落到d点需要时间为2Rg【答案】ACD【解析】【详解】小球恰好通过最高点C,根据重力提供向心力,有:2vmgmR=解得：vgR=故A正确；小球离开C点后做平抛运动,即水平方向

做匀速运动，0bdsvt=竖直方向做自由落体运动，2122Rgt=解得：2Rtg=；2bdsR=故B错误；CD正确；故选ACD二、实验题13.在“研究小球做平抛运动”的实验中（1）安装实验装置的过程中，斜槽末端切线必须是

水平的，这样做的目的是_________A．保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B．保证小球飞出时，初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线（2）在做“研究平抛运动”实验中，引起实验结果偏差较大的原因可能是________①安装

斜槽时，斜槽末端切线方向不水平②确定Oy轴时，没有用重垂线③斜槽不是绝对光滑的，有一定摩擦④空气阻力对小球运动有较大影响A．①③B．①②④C．③④D．②④（3）该同学采用频闪照相机拍摄到如图所示的小球做平抛运动的照片，图中背景方格的边长为L=5cm，A、B、C是摄下的三个小球位置，

如果取g=10m/s2，那么：A．照相机拍摄时每________s曝光一次；B．小球做平抛运动的初速度的大小为________m/s．【答案】(1).B(2).B(3).0.1(4).1.5【解析】【详

解】（1）斜槽末端切线必须是水平的，这样做的目的是保证小球飞出时初速度水平，故选B．（2）①当斜槽末端切线没有调整水平时，小球脱离槽口后并非做平抛运动，但在实验中，仍按平抛运动分析处理数据，会造成较大误差，故斜槽末端

切线不水平会造成误差；②确定Oy轴时，没有用重锤线，就不能调节斜槽末端切线水平，和①类似，所以②会引起实验误差；③只要让它从同一高度、无初速开始运动，在相同的情形下，即使球与槽之间存在摩擦力，仍能保证球做平抛运动的初速度相同，因此，斜槽轨道不必要光滑，所以③不会引起实验误差；④空气阻

力对小球运动有较大影响时，物体做的就不是平抛运动了，平抛的规律就不能用了，所以④会引起实验误差．综上所述会引起实验误差的有①②④，故ACD错误，B正确．（3）在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得：20.1LTsg==，则小球初速度为：030.15/1.5/0.1LvmsmsT==

=．14.学校实验小组的同学利用如图1所示的装置做“探究功与速度变化的关系”的实验，绘制出了小车运动过程中拉力做的功和对应速度的关系图，如图2所示．(1)根据该同学的结果，拉力对小车做的功与速度成___________(填“线性”或“非线性”)关系．(2)由图2可知，W－v图

线不经过原点，可能的原因是___________．(3)为了使图象呈现线性关系，该组同学应绘制___________图象．(4)若直接以钩码的重力作为小车受到的合外力，则钩码的质量应满足的条件是___________．【答案】(1).非线性(2).没有平衡摩擦力(3)

.2Wv−(4).远小于小车的质量【解析】【分析】结合图像可以看出非线性的关系；要想出现线性函数根据几何关系最好利用2Wv−来描述；【详解】（1）从图像上可以看出：拉力对小车做的功与速度成非线性关系，（2）从图像上可以看出，小车还没有速度时已经需要拉力作用了，所以，W－v图线不经过原点，可

能的原因是没有平衡摩擦力；（3）根据动能定理可知212Wmv=所以最好做关于2Wv−，这样可以出现线性函数；（4）小车的加速度计算公式为：()mgmMa=+若直接以钩码的重力作为小车受到的合外力，那么应该保证钩码的质量

远小于小车的质量，则公式变为mgMa=【点睛】在做此实验时一旦要求把钩码的重力当做小车受到的合外力，那就一定需要条件：mM三、解答题15.如图，水平桌面中心O处有一个小孔，用细绳穿过光滑小孔，绳两端各系质量0.6Mkg=的物体A和0.3mkg=的物体BA，

的中心与圆孔的距离为0.2m．(g取10m/s2)()1如果水平桌面光滑且固定，求A物体做匀速圆周运动的角速度应是多大？()2如果水平桌面粗糙，且与A之间的最大摩擦力为1N，现使此平面绕中心轴线水平转动，角速度在什么范围内，A可与平面处于相对静止状

态？【答案】（1）5rad/s（2）56103//33radsrads【解析】()1若水平桌面光滑固定，则A做圆周运动靠拉力提供向心力，则有：2FMr=，Fmg=，解得3/5/0.60.2mgradsradsMr===．()

2若水平桌面粗糙，当角速度最大时，有：21mFfMrFmg+==，，代入数据解得1103/3rads=，当角速度最小时，有：22mFfMrFmg，−==，代入数据解得256/3rads=，知角速度56103//33radsradsA，可与平面处于相对

静止状态．点睛：本题考查应用牛顿定律处理临界问题的能力．知道当物体将滑动时，静摩擦力达到最大值，注意静摩擦力可能的两个方向．16.我国的动车技术已达世界先进水平，“高铁出海”将在我国“一带一路”战略构想中占据重要一席．所谓的动车组，就是把带动力的动力车

与非动力车按照预定的参数组合在一起．某中学兴趣小组在模拟实验中用4节小动车和4节小拖车组成动车组，总质量为m=2kg，每节动车可以提供P0=3W的额定功率，开始时动车组先以恒定加速度21/ams=启动做匀加速直线运动，达到额定功率后保持功率不变再做变加速直线运动，直至动车组达到最大速度v

m=6m/s并开始匀速行驶，行驶过程中所受阻力恒定，求：（1）动车组所受阻力大小和匀加速运动的时间；（2）动车组变加速运动过程中的时间为10s，求变加速运动的位移．【答案】（1）2N3s（2）46.5m【解析】（1）动车组先匀加速、再变加速、最后匀速；

动车组匀速运动时，根据P=Fv和平衡条件求解摩擦力，再利用P=Fv求出动车组恰好达到额定功率的速度，即匀加速的末速度，再利用匀变速直线运动的规律即可求出求匀加速运动的时间；（2）对变加速过程运用动能定理，即可求出求变加速运动的位移．（

1）设动车组在运动中所受阻力为f，动车组的牵引力为F，动车组以最大速度匀速运动时：F=动车组总功率：mPFv=，因为有4节小动车，故04PP=联立解得：f=2N设动车组在匀加速阶段所提供的牵引力为Fʹ，匀加速运动的末速度为v由牛顿第二定律有：Ffma−=动车组总功率：PF

v=，运动学公式：1vat=解得匀加速运动的时间：13ts=（2）设动车组变加速运动的位移为x，根据动能定理：221122mPtfxmvmv=−−解得：x=46.5m