【文档说明】高中数学培优讲义练习（人教A版2019必修一）专题3.10 函数的概念与性质全章综合测试卷-基础篇 Word版含解析.docx，共(13)页，48.634 KB，由小赞的店铺上传

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第三章函数的概念与性质全章综合测试卷-基础篇参考答案与试题解析一．选择题（共8小题，满分40分，每小题5分）1．（5分）（2022秋•开福区校级月考）函数f（x）=1√𝑥+√4−𝑥2的定义域为（）A．[﹣2，2]B．[0，2]C

．（0，2]D．[﹣2，0）∪（0，2]【解题思路】由根式内部的代数式大于等于0，分式的分母不为0联立不等式组求解．【解答过程】解：由题意，{𝑥＞04−𝑥2≥0，解得0＜x≤2．∴函数f（x）=1√𝑥+√4−𝑥2的定义域为（0，2]

．故选：C．2．（5分）（2022•民勤县校级开学）下列四组函数中，表示相等函数的一组是（）A．𝑦1=√𝑥2，𝑦2=(√𝑥)2B．y1＝|x|，𝑦2=√𝑥2C．𝑦1=𝑥2−1𝑥−1，y2＝x+1D．𝑦1=√𝑥+

1⋅√𝑥−1，𝑦2=√𝑥2−1【解题思路】根据两个函数的定义域相同，对应关系也相同，判断它们是同一函数即可．【解答过程】解：对于选项A，第一个函数的定义域为R，第二个函数的定义域为[0，+∞），故错误；对于选项B

，第一个函数与第二个函数的定义域都为R，对应关系也相同，故正确；对于选项C，第一个函数的定义域为{x|x≠1}，第二个函数的定义域为R，故错误；对于选项D，第一个函数的定义域为[1，+∞），第二个函数的定义域为（﹣∞，﹣1]∪[1，+∞），故错

误；故选：B．3．（5分）（2021秋•香坊区校级期中）已知函数𝑓(𝑥)={𝑥+1−𝑥+3(𝑥≤1)(𝑥＞1)，则𝑓[𝑓(52)]的值为（）A．52B．32C．12D．−12【解题思路】由已知中函数𝑓(𝑥)={𝑥+1−

𝑥+3(𝑥≤1)(𝑥＞1)，先求出𝑓(52)值，进而代入可求出𝑓[𝑓(52)]的值．【解答过程】解：∵已知函数𝑓(𝑥)={𝑥+1−𝑥+3(𝑥≤1)(𝑥＞1)，∴𝑓(52)=−52+3=12，𝑓[𝑓(52)]=𝑓(12)=1

2+1=32，故选：B．4．（5分）（2021秋•新乡期末）已知幂函数f（x）＝（3m2﹣11）xm在（0，+∞）上单调递减，则f（4）＝（）A．2B．16C．12D．116【解题思路】由题意，利用幂函数的定义，用待定系数法求

出函数的解析式，可得要求函数的值．【解答过程】解：由题意得，3m2﹣11＝1，且m＜0，解得m＝﹣2，所以f（x）＝x﹣2，故f（4）＝4﹣2=116，故选：D．5．（5分）（2021秋•凉山州期末）如图，①②③④对应四个幂函数的图像，其中①

对应的幂函数是（）A．y＝x3B．y＝x2C．y＝xD．𝑦=𝑥58【解题思路】由题意，根据①对应的幂函数图象是上凸型的，故有幂指数α∈（0，1），从而得出结论．【解答过程】解：由于①对应的幂函数图象是上凸型的，

故有幂指数α∈（0，1），故选：D．6．（5分）（2022•深州市模拟）已知f（x）是定义在R上的奇函数，且x≤0时，f（x）＝3x2﹣2x+m，则f（x）在[1，2]上的最大值为（）A．1B．8C．﹣5D．﹣16【解题思路】根据题意，由奇函数的性质可得f（0）＝m＝0，可得x≤0时，

f（x）的解析式，由此可得f（x）在区间[﹣2，﹣1]上的单调性，结合奇偶性可得f（x）在[1，2]上为减函数，据此分析可得答案．【解答过程】解：根据题意，f（x）是定义在R上的奇函数，且x≤0时，f（x）＝3x2﹣2x+m，则有f（0）＝m＝0，即m＝0，则f（x）＝3x2

﹣2x，（x≤0），在区间[﹣2，﹣1]上，f（x）为减函数，则f（x）在[1，2]上为减函数，则f（x）在[1，2]上的最大值f（1）＝﹣f（﹣1）＝﹣5，故选：C．7．（5分）（2022秋•项城市校级月考）已知函数f（x+1）是偶函数，当1＜x1＜x2时，[f（x1）﹣f（x2

）]（x1﹣x2）＞0恒成立，设𝑎=𝑓(−12)，b＝f（2），c＝f（3），则a，b，c的大小关系为（）A．b＜a＜cB．c＜b＜aC．b＜c＜aD．a＜b＜c【解题思路】由题意得f（x）的图象关于x＝1对称且在[1，+∞）上单调递增，结合对称性及单调性

即可比较函数值大小．【解答过程】解：因为函数f（x+1）是偶函数，所以f（x）的图象关于x＝1对称，又当1＜x1＜x2时，[f（x1）﹣f（x2）]（x1﹣x2）＞0恒成立，即f（x）在[1，+∞）上单调递增，a＝f（−

12）＝f（52），b＝f（2），c＝f（3），所以c＞a＞b．故选：A．8．（5分）（2022秋•东城区校级月考）通过研究学生的学习行为，心理学家发现，学生的接受能力依赖于老师引入概念和描述所用的时间．若用f（x）表示学生掌握和接受概念的能力（f（x）越

大，表示学生的接受能力越强），x表示提出和讲授概念的时间（单位：min），长期的实验和分析表明，f（x）与x有以下关系：𝑓(𝑥)={−0.1𝑥2+2.6𝑥+43，0＜𝑥≤1059，10＜𝑥≤16−3𝑥+107.16＜𝑥≤3

0，则下列说法错误的是（）A．讲授开始时，学生的兴趣递增；中间有段时间，学生的兴趣保持较理想的状态；随后学生的注意力开始分散B．讲课开始后第5分钟比讲课开始后第20分钟，学生的接受能力更强一点C．讲课开始后第10分钟到

第16分钟，学生的接受能力最强D．需要13分钟讲解的复杂问题，老师可以在学生的注意力至少达到55以上的情况下完成【解题思路】分段研究函数f（x）的单调性，由此可判断选项A，求出f（5）和f（20），比较大小即可判断选项B，由函数的单

调性以及最值，即可判断选项C，计算学生注意力至少达到55以上的持续时间，与13分钟比较即可判断选项D．【解答过程】解：由题意，：𝑓(𝑥)={−0.1𝑥2+2.6𝑥+43，0＜𝑥≤1059，10＜𝑥≤16−3𝑥+107.16＜𝑥≤30，当0＜x≤10时，f

（x）＝﹣0.1x2+2.6x+43＝﹣0.1（x﹣13）2+59.9，故函数f（x）在（0，10]上单调递增，最大值为f（10）＝59.9；当10＜x≤16时，f（x）＝59，故f（x）为常数函数，当16＜x≤30时，f（x）＝﹣3x+107，故f（x）单调递减，所以f（x）＜f（16）＝59

，则讲授开始时，学生的兴趣递增；中间有段时间，学生的兴趣保持较理想的状态；随后学生的注意力开始分散，故选项A正确；因为f（5）＝﹣0.1×（5﹣13）2+59.9＝59.9﹣6.4＝53.5，f（20）＝﹣3×20+107＝47＜53.5，所以讲课开始后第5分钟比讲课开始第

20分钟，学生的接受能力更强一点，故选项B正确；由选项A的分析可知，讲课开始后第10分钟到第16分钟，学生的接受能力最强，故选项C正确；当0＜x≤10时，令f（x）＝55，则﹣0.1×（x﹣13）2＝﹣4.9，所以（x﹣13）2＝49，解得x＝20或x

＝6，又0＜x≤10，故x＝6，当16＜x≤30时，令f（x）＝55，则﹣3x+107＝55，解得x＝1713，因此学生达到（或超过）55的接受能力的时间为1713−6＝1113＜13，所以需要13分钟讲解的复杂问题，老师不可以在学生的

注意力至少达到55以上的情况下完成，故选项D错误．故选：D．二．多选题（共4小题，满分20分，每小题5分）9．（5分）（2021秋•黄梅县校级期末）下列函数中，值域为[1，+∞）的是（）A．𝑓(𝑥)=√�

�2+1B．𝑓(𝑥)=2𝑥+1𝑥+1C．𝑓(𝑥)=𝑥+1−√2𝑥−1D．f（x）＝x3+1【解题思路】结合二次函数，幂函数，反比例函数的性质先求出各选项中函数的值域，然后检验各选项即可判断．【解答过程】解：A：f（x）=√𝑥2+1≥1，符合题意；B：f（x

）=2𝑥+1𝑥+1=2−1𝑥+1≠2，不符合题意；C：令t=√2𝑥−1，则x=1+𝑡22且t≥0，所以y＝1+1+𝑡22−t=12(𝑡2−2𝑡+3)=12（t﹣1）2+1≥1，符合题意；根据幂函数性质可得f（x）＝1+x3的值域为R，不符合题意．故选：AC．10．（5分）（2

022春•营口期末）已知幂函数f（x）的图象经过点（4，2），则下列命题正确的有（）A．函数f（x）为非奇非偶函数B．函数f（x）的定义域为RC．f（x）的单调递增区间为[0．+∞）D．若x2＞x1＞0，则𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)2＞𝑓(𝑥1+𝑥22)【解题思路】求出函数的解

析式，根据幂函数的性质分别判断即可．【解答过程】解：设f（x）＝xα，则4α＝2，解得α=12，故f（x）=√𝑥，函数的定义域是[0，+∞），函数f（x）是非奇非偶函数，故A正确，B错误，且f（x）=√𝑥在[0，+∞）为增函数，故C正确；因为函数f（x）=√𝑥是凸函数，所以对定

义域内任意x2＞x1＞0，都有𝑓(𝑥1)+𝑓(𝑥2)2＜𝑓(𝑥1+𝑥22)，故D错误，故选：AC．11．（5分）（2022•瑶海区校级开学）下列说法不正确的是（）A．函数𝑓(𝑥)=1𝑥在定义域内是减函数B．若g（x）是奇函数，则一定有g（0）＝0C．已知函数f（x）={−�

�2−𝑎𝑥−5(𝑥≤1)𝑎𝑥(𝑥＞1)在（﹣∞，+∞）上是增函数，则实数a的取值范围是[﹣3，﹣1]D．若f（x）的定义域为[﹣2，2]，则f（2x﹣1）的定义域为[−12，32]【解题思路】由反比例函数的性质可判断A，由奇函数的性质可判断B，由分段函数的单调性可判断C，由抽

象函数的定义域可判断D．【解答过程】解：对于A，由反比例函数的性质可知，函数f（x）=1𝑥在（﹣∞，0）上单调递减，在（0，+∞）上单调递减，但是在定义域内不是减函数，故A错误，对于B，若g（x）是奇函数，不一定有g（0）＝0，例如g（x）=1𝑥为奇函

数，但在x＝0处无意义，故B错误，对于C，若函数f（x）={−𝑥2−𝑎𝑥−5(𝑥≤1)𝑎𝑥(𝑥＞1)在（﹣∞，+∞）上是增函数，则{−𝑎2≥1−1−𝑎−5≤𝑎𝑎＜0，解得﹣3≤a≤﹣2，故

C错误，对于D，若f（x）的定义域为[﹣2，2]，则﹣2≤2x﹣1≤2，解得−12≤𝑥≤32，所以f（2x﹣1）的定义域为[−12，32]，故D正确，故选：ABC．12．（5分）（2022春•新兴区校级期末）已知y＝f（x）是周期为4的奇函数，且当0≤x≤2时，𝑓(�

�)={𝑥，0≤𝑥≤12−𝑥，1＜𝑥≤2，设g（x）＝f（x）+f（x+1），则（）A．g（2022）＝1B．函数y＝g（x）为周期函数C．函数y＝g（x）在区间（6，7）上单调递减D．函数y＝g（x）的图象既有对称轴又有对称中心【解题思路】根据题意，先分析函数g（x）在

区间[﹣2，2]上的解析式，依次分析选项是否正确，即可得答案．【解答过程】解：根据题意，y＝f（x）是周期为4的奇函数，且当0≤x≤2时，𝑓(𝑥)={𝑥，0≤𝑥≤12−𝑥，1＜𝑥≤2，当﹣2≤x＜﹣1时，1＜﹣x

≤2，f（﹣x）＝2+x，则f（x）＝﹣f（﹣x）＝﹣2﹣x，当﹣1≤x＜0时，0＜﹣x≤1，f（﹣x）＝﹣x，则f（x）＝﹣f（﹣x）＝x，对于g（x）＝f（x）+f（x+1），当﹣2≤x＜﹣1时，﹣1≤x+1＜0，g（x）＝f（x）+f（x+1）＝﹣1，当﹣

1≤x＜0时，0≤x+1＜1，g（x）＝f（x）+f（x+1）＝2x+1，当0≤x＜1时，1≤x+1＜2，g（x）＝f（x）+f（x+1）＝1，当1≤x＜2时，2≤x+1＜3，g（x）＝f（x）+f（x+1）＝3﹣2x，故在区间[﹣2，2]上，g（x）={−1，−2≤𝑥＜−12𝑥+1，−1≤�

�＜01，0≤𝑥＜13−2𝑥，1≤𝑥≤2；由此分析选项：对于B，因为f（x）是周期为4的奇函数，所以f（x+4）＝f（x），所以g（x+4）＝f（x+4）+f（x+5）＝f（x）+f（x+1）＝g（x），所以函数y＝g（x）是以4为周期的周期函数，故B

正确；对于A，函数y＝g（x）是以4为周期的周期函数，则g（2022）＝g（2）＝f（2）+f（3）＝f（2）+f（﹣1）＝f（2）﹣f（1）＝2﹣2﹣1＝﹣1，故A错误；对于C，函数y＝g（x）是以4为周期的周期函数，在区间（6，7）上

，有g（x）＝﹣1，C错误；对于D，函数y＝g（x）的图象的对称中心为（2n−12，0），n∈Z，对称轴为x＝2n+12，n∈Z，故D正确，故选：BD．三．填空题（共4小题，满分20分，每小题5分）13．（5分）（2022•南京模拟）函数𝑓(𝑥)=

√−𝑥2+4𝑥+12+1𝑥−4的定义域为[﹣2，4）∪（4，6]．【解题思路】根据根式的定义及分式的定义即可得到不等式组，即可求解．【解答过程】解：由题可得{−𝑥2+4𝑥+12≥0𝑥−4≠0，解得，﹣2≤x≤6，且x≠4；∴f（x）的定义域为：[﹣2，4）∪（4，6

]．故答案为：[﹣2，4）∪（4，6]．14．（5分）（2022秋•富阳市校级期中）某工厂生产某种产品固定成本为2000万元，并且每生产一单位产品，成本增加10万元，又知总收入k是单位产品数Q的函数，k（Q）＝40Q−120Q2，则总利润L（Q）的最大值是2500万元．【解题思路】

先计算单位产品数Q时的总成本，再确定利润L（Q），利用配方法，即可求得结论．【解答过程】解：∵每生产一单位产品，成本增加10万元，∴单位产品数Q时的总成本为2000+10Q万元，∵k（Q）＝40Q−120Q2，∴利润L（Q）＝40Q−120Q2﹣10Q

﹣2000=−120Q2+30Q﹣2000=−120（Q﹣300）2+2500，∴Q＝300时，利润L（Q）的最大值是2500万元，故答案为：2500万元.15．（5分）（2022•渝水区校级开学）已知幂函数f（x）＝（m2﹣4m+4）xm﹣2在（0，+∞）上单调递减，若

正数a，b满足2a+3b＝m，求3𝑎+2𝑏的最小值24．【解题思路】结合幂函数性质求出f（x），利用基本不等式能求出3𝑎+2𝑏的最小值．【解答过程】解：∵幂函数f（x）＝（m2﹣4m+4）xm﹣2在（0，+∞）上单调递减，∴{𝑚2−4𝑚+4=1𝑚−2＜0

，解得m＝1，∴正数a，b满足2a+3b＝1，∴3𝑎+2𝑏=（3𝑎+2𝑏）（2a+3b）＝12+9𝑏𝑎+4𝑎𝑏≥12+2√9𝑏𝑎⋅4𝑎𝑏=24，当且仅当9𝑏𝑎=4𝑎𝑏，即2a＝3b=12时，等号成立，∴3𝑎

+2𝑏的最小值为24．故答案为：24．16．（5分）（2022春•鹤峰县月考）已知定义域为[﹣2，2]的函数f（x）在[﹣2，0]上单调递增，且f（x）+f（﹣x）＝0，若𝑓(−1)=−12，则不等式𝑓(2𝑥−1)≤12的解集为{x|12≤x

≤1}．【解题思路】由已知可判断出函数f（x）为奇函数且在[﹣2，2]上单调递增，结合单调性及奇偶性即可求解．【解答过程】解：由题意可知f（x）为奇函数且在[﹣2，0]上单调递增，根据奇函数对称性可知f（x）在[﹣2，2]上单调递增，又𝑓(−1)=−12，则f（1）=12，则不等

式𝑓(2𝑥−1)≤12可转化为f（2x﹣1）≤f（1），所以﹣2≤2x﹣1≤1，解得12≤x≤1．故答案为：{x|12≤x≤1}.四．解答题（共6小题，满分70分）17．（10分）（2021秋•泰安期中）判断下列

各组函数是否为相等函数：（1）f（x）＝f（x）=(𝑥+3)(𝑥−5)𝑥+3，g（x）＝x﹣5；（2）f（x）＝2x+1（x∈Z），g（x）＝2x+1（x∈R）；（3）f（x）＝|x+1|，g（x）={𝑥+1，𝑥≥−1−𝑥−1，𝑥＜−1．【解题

思路】运用函数的定义域和对应关系完全相同，才是相等函数，对（1）（2）（3）一一判断，即可得到结论．【解答过程】解：（1）（2）不是，（3）是．对于（1），f（x）的定义域为{x|x≠﹣3}，g（x）的定义域为R；

对于（2），f（x）的定义域为Z，g（x）的定义域为R，所以（1）（2）中两组函数均不是相等函数；对于（3），两函数的定义域、对应关系均相同，故为相等函数．18．（12分）（2022•桂林开学）已知函数f（x）＝x3+2x，x∈R．（1）判断函数f（x）的奇偶性；（2）用定义证明函数f（x）的单

调性．【解题思路】（1）根据题意，先分析函数的定义域，再分析f（x）与f（﹣x）的关系，即可得答案；（2）根据题意，利用作差法分析可得结论．【解答过程】解：（1）根据题意，函数f（x）＝x3+2x，x∈R，其定

义域为R，有f（﹣x）＝﹣（x3+2x）＝﹣f（x），函数f（x）为奇函数；（2）根据题意，设x1＜x2，f（x1）﹣f（x2）＝（x13+2x1）﹣（x23+2x2）＝（x1﹣x2）（x12+x1x2+x22+2）＝（x1﹣x2）[（x1+12x2）2+2+

34x22]，又由x1＜x2，则f（x1）﹣f（x2）＜0，则f（x）在R上为增函数．19．（12分）（2021秋•房山区期末）已知幂函数f（x）＝xα的图象经过点(√2，2)．（Ⅰ）求函数f（x）的解析式；（Ⅱ）若函数f（x）满足

条件f（2﹣a）＞f（a﹣1），试求实数a的取值范围．【解题思路】（Ⅰ）利用待定系数法求解．（Ⅱ）由偶函数的性质可知原不等式可化为f（|2﹣a|）＞f（|a﹣1|），再利用函数f（x）在（0，+∞）上单调递增，即可求出结果．【解答过程】解：（Ⅰ）∵幂函

数f（x）＝xα的图象经过点(√2，2)，∴(√2)𝛼=2，∴α＝2，∴f（x）＝x2．（Ⅱ）函数f（x）＝x2为偶函数，在（0，+∞）上单调递增，且满足f（x）＝f（|x|），∴不等式f（2﹣a）＞f（a﹣1）可化为f（|2﹣a|）＞f（|a﹣1|），∴|2﹣a|＞|

a﹣1|，两边平方得（2﹣a）2＞（a﹣1）2，解得a＜32，即实数a的取值范围为（﹣∞，32）．20．（12分）（2021秋•虎丘区校级月考）已知函数f（x）＝x2﹣2x，g（x）＝a|x﹣2|，F（x）＝

f（x）+g（x）．（1）a＝2，求F（x）在x∈[0，3]上的值域；（2）a＞2，求F（x）在x∈[0，3]上的值域．【解题思路】（1）求出F（x）的解析式，再结合图象可求出值域．（2）求出F（x）的解析

式，分0≤x≤2和2＜x≤3讨论．【解答过程】解：（1）当a＝2时，F（x）＝x2﹣2x+2|x﹣2|={𝑥2−4𝑥+4，(0≤𝑥≤2)𝑥2−4，(2＜𝑥≤3)，当0≤x≤2时，F（x）＝x2﹣4x+4＝（x﹣2）2，则值域为[0，4]；

当2＜x≤3时，F（x）＝x2﹣4，则值域为（0，5]；∴F（x）的值域为[0，5]．（2）当a＞2时，F（x）={𝑥2−(𝑎+2)𝑥+2𝑎，(0≤𝑥≤2)𝑥2+(𝑎−2)𝑥−2𝑎，(2＜𝑥≤3)，当0≤x≤2时，F（x）＝x2﹣（a+2）x+2a，对称轴为x

=𝑎+22≥2，所以值域为[0，2a]；当2＜x≤3时，F（x）＝x2+（a﹣2）x﹣2a，对称轴为x=2−𝑎2＜0，所以值域为[0，a+3]；∴当2＜a＜3时，F（x）的值域为[0，a+3]；当a≥3时，F（

x）的值域为[0，2a]．21．（12分）（2021秋•越秀区校级期中）某车间生产一种仪器的固定成本是7500元，每生产一台该仪器需要增加投入100元，已知总收入满足函数：H（x）={400𝑥−𝑥2，(0≤𝑥≤200)40000，(𝑥＞200)，其中x是仪器的月产量．（利润＝总收入﹣总成

本）．（Ⅰ）将利润表示为月产量x的函数；（Ⅱ）当月产量为何值时，车间所获利润最大？最大利润是多少元？【解题思路】（Ⅰ）设月产量为x台时的利润为f（x）．则总成本t＝7500+100x，由f（x）＝H（x）﹣t，可得答案；（Ⅱ）根据（I）中函数的解析式，分类

讨论得到函数的性质，进而可得最值．【解答过程】解：（Ⅰ）设月产量为x台时的利润为f（x）．则总成本t＝7500+100x，又∵f（x）＝H（x）﹣t，∴利润f（x）={−𝑥2+300𝑥−7500，(0≤𝑥≤200)−100𝑥+32500，(𝑥＞2

00)（Ⅱ）当0≤x≤200时，f（x）＝﹣（x﹣150）2+15000，∴f（x）max＝f（150）＝15000；当x＞200时，f（x）＝﹣100x+32500在（200，+∞）上是减函数，∴f（x）＜f（200）＝12500．而12500＜15000，所以当x＝150时，f（x）取最

大，最大为15000元．答：当月产量为150台时，该车间所获利润最大，最大利润是15000元．22．（12分）（2022•句容市校级开学）函数𝑓(𝑥)=𝑎𝑥−𝑏9−𝑥2是定义在（﹣3，3）上的奇函

数，且𝑓(1)=14．（1）确定f（x）的解析式；（2）证明f（x）在（﹣3，3）上的单调性；（3）解关于t的不等式f（t﹣1）+f（t）＜0．【解题思路】（1）由题意，根据f（0）＝0、f（1）=14，求出b和a的值，可得函数的解析式．（2）由题意，利用单调性函数的定义，证明函数的单调性．（3

）由题意，利用函数的定义域和单调性解不等式，求得t的范围．【解答过程】解：（1）∵函数𝑓(𝑥)=𝑎𝑥−𝑏9−𝑥2是定义在（﹣3，3）上的奇函数，则𝑓(0)=−𝑏9=0，解可得b＝0．又由f（1）=14，则有𝑓(1)=𝑎8=14，解可得a＝2，故𝑓(𝑥)

=2𝑥9−𝑥2．（2）由（1）的结论，𝑓(𝑥)=2𝑥9−𝑥2，设﹣3＜x1＜x2＜3，则𝑓(𝑥1)−𝑓(𝑥2)=2𝑥19−𝑥12−2𝑥29−𝑥22=2𝑥1(9−𝑥22)−2𝑥2(9−𝑥12)(9−𝑥12)(9−𝑥

22)=2(9+𝑥1𝑥2)(𝑥1−𝑥2)(9−𝑥12)(9−𝑥22)，再根据﹣3＜x1＜x2＜3，可得9+x1x2＞0，x1﹣x2＜0，9−𝑥12＞0，9−𝑥22＞0，故有f（x1）﹣f（x2）＜0，即f（x1）＜f（x2），可得函数f（x）在（﹣3，3）上为增函数．（3）由（

1）（2）知f（x）为奇函数且在（﹣3，3）上为增函数，关于t的不等式f（t﹣1）+f（t）＜0，即式f（t﹣1）＜﹣f（t）＝f（﹣t），可得{−3＜𝑡−3＜3−3＜𝑡＜3𝑡−1＜−𝑡，解可得：−2＜𝑡＜12，即不等式的解集为(

−2，12)．