【文档说明】安徽省巢湖市第一中学2024届高三上学期10月月考化学试题 含解析.docx，共(23)页，3.950 MB，由小赞的店铺上传

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化学考生注意：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在试卷和答题卡上，并将考生号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。可能用到的相对原子质量：H：1C：12N：14O：16F：19Mg：24Cu：64Ag：108Cs：133一、选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.“蓝天、碧水、净土”三大环

保保卫战正加快生态环境治理和现代化建设。下列说法错误的是A.废旧电池必须回收处理，可以防止重金属污染B.尽量少用或不用含磷洗涤剂，以防止水体富营养化C.农田使用铵态氮肥要深施覆土，以防止氮肥被氧化D.在燃油车上安装三元催化转化器，以降低污染气体的排放【答案】C【解析】【详解】

A．废旧电池中含有重金属离子，随意丢弃会污染环境，所以废旧电池必须回收处理，防止重金属污染，A不合题意；B．国家提倡少用或不用含磷洗衣粉，这是由于磷使水体富营养化，使水质恶化，B不合题意；C．铵态氮肥不稳定易分解，故铵态氮肥使用时要深

施覆土，不是以防止氮肥被氧化，C符合题意；D．在汽车上安装三元催化转化器处理尾气时，三元催化转化器的载体部件是一块多孔陶瓷材料，可以减少NO、CO等污染气体的排放，D不合题意；故答案为：C。2.“学以致用”让化学生活化。下列物质的应用与氧化

还原反应无关的是A.用食醋清洗水垢B.用NaClO溶液杀菌消毒C.用浸润有4KMnO的硅藻土吸收水果散发的乙烯D.用维生素C促进补铁剂(有效成分为4FeSO)的吸收【答案】A【解析】【详解】A．食醋清洗水垢利用的是食醋的酸性

，与氧化还原反应无关，故A选；B．NaClO溶液中存在HClO，具有强氧化性，可以杀菌消毒，与氧化还原反应有关，故B不选；C．乙烯具有还原性，能被浸润的酸性4KMnO氧化，与氧化还原反应有关，故C不选；D．维生素C具有还

原性，能够防止Fe2+被氧化为Fe3+，与氧化还原反应有关，故D不选；故选A。3.用化学用语表示3222NCl3HO3HClN3HClO+=++中的相关微粒，其中正确的是A.HCl的电子式：B.中子数为20的Cl原子：3720Cl

C.HClO的结构式：HOCl−−D.3NCl分子中N原子杂化方式为2sp杂化【答案】C【解析】【详解】A．HCl是共价化合物，电子式为：，故A错误；B．Cl的质子数为17，中子数为20的Cl原子质量数为17+20=

37，表示为3717Cl，故B正确；C．HClO结构式：HOCl−−，故C正确；D．3NCl分子中N原子价层电子对数为3+()1532−=4，杂化方式为3sp杂化，故D错误；故选C。4.向硫酸铁溶液中通入少量2SO

气体，要证明该过程发生了氧化还原反应，加入下列试剂一定可行的是A.KSCN溶液、氯水B.36KFe(CN)C.NaOH溶液D.2BaCl溶液【答案】B【解析】【分析】向硫酸铁溶液中通入少量2SO气体，生

成的溶液中必然含有Fe2+，可通过检验Fe2+来验证发生了氧化还原反应。【详解】A．向硫酸铁溶液中通入少量2SO气体，可能有剩余的Fe3+，先加入KSCN溶液，溶液会变红色，再加入氯水，溶液仍然为红色，不能证明Fe2+的存在，故A不选；的B．含Fe2+的溶液与铁氰化钾36KFe(CN)

溶液反应生成具有特征蓝色的铁氰化亚铁沉淀，能证明SO2与硫酸铁发生氧化还原反应，故B选；C．加入NaOH溶液，有氢氧化铁红褐色沉淀生成，只能说明含有铁离子，不能证明二者发生了反应，故C不选；D．加入2BaCl溶液，可产生硫酸钡白色沉淀，由于原溶液也含有24SO−，不能说明反应生成了2

4SO−，不能证明二者发生了反应，故D不选；答案选B。5.相同温度下，某密闭容器中有一个可自由滑动的隔板(厚度不计)，将容器分成两部分，当向甲容器中充入214.4gN和2CO的混合气体、乙容器中充入24.4gCO时，

隔板处于如图所示位置。若要使隔板刚好处于该密闭容器的正中间，需向乙容器中再通入2N的质量为A.10.0gB.8.4gC.10.8gD.9.6g【答案】B【解析】【详解】甲、乙的体积比为4:1，同温同压，体积比等于物质的量比，乙容器中充入24.

4gCO，二氧化碳的物质的量为0.1mol，则甲容器中214.4gN和2CO的混合气体的总物质的量为0.4mol。若要使隔板刚好处于该密闭容器的正中间，甲、乙中气体物质的量应该相等，则需向乙容器中再通入0.3mol2N，通入N2的质量

为0.3mol×28g/mol=8.4g，故选B。6.二氧化硫在食品工业中可用作漂白剂、防腐剂、抗氧化剂等。某研究小组利用如图所示装置制备并检验SO2的部分性质。下列说法正确的是A.装置甲中反应时70%的硫酸表现出氧化性B.装置乙中溶液颜色变化：先变红后褪色C.装置

丙中发生的最终总反应为22235SO2S2HO3S4HSO−−++=+D.装置丁中酸性4KMnO溶液褪色的原理与2SO用于食品漂白剂的原理相同【答案】C【解析】【分析】由题干实验装置图可知，装置甲为SO2的

制备，原理为：Na2SO3+H2SO4=Na2SO4+H2O+SO2↑，将制得的SO2通入装置乙中的紫色石蕊试液中，观察到溶液变为红色，体系SO2酸性氧化物的通性，装置丙中可观察到溶液变浑浊，通入过量的S

O2最终生成NaHSO3，SO2通入到装置丁中的酸性高锰酸钾溶液中，观察到溶液褪色，体现SO2的还原性，据此分析解题。【详解】A．由分析可知，装置甲中发生的反应方程式为：Na2SO3+H2SO4=Na2SO4+H2O+SO2↑，该反应为非氧化还原反应，故反应时70%的硫酸不表现出氧

化性，仅表现出强酸性，A错误；B．已知SO2不能漂白酸碱指示剂，SO2溶于水生成H2SO3使溶液呈酸性，故装置乙中溶液颜色变为红色，B错误；C．SO2与水先生成H2SO3，H2SO3与Na2S反应生成S单质和NaHSO3，故装置丙中发生的最

终总反应为22235SO2S2HO3S4HSO−−++=+，C正确；D．SO2具有还原性，则装置丁中酸性KMnO4溶液褪色的原理是SO2的还原性，而SO2用于食品漂白剂的原理是SO2具有漂白性，二者原理不相同，D错误；故答案为：C。7.下列离子方程式书写正确的是A

2Cl通入水中：22ClHO2HClClO+−−+=++B.FeO溶于足量稀硝酸：22FeO2HFeHO+++=+.C.3FeCl溶液腐蚀印刷线路板：3222FeCu2FeCu++++=+D.43NHHSO溶液与足量浓NaOH溶液反应：

432NHOHNHHO+−+=【答案】C【解析】【详解】A．已知HClO是一种弱酸且该反应可逆，Cl2通入水中的离子方程式为：+-22Cl+HOH+Cl+HClO，A错误；B．已知HNO3具有强氧化性，能够氧化Fe2+，故FeO溶于足量稀硝酸的离子方程式为：

+-3+323FeO+10H+NO=3Fe+5HO+NO，B错误；C．FeCl3溶液腐蚀印刷线路板的反应方程式为：Cu+2FeCl3=CuCl2+2FeCl2，该反应的离子方程式为：3+2+2+2Fe+Cu=2Fe+Cu，C正确；D．43NHHSO

溶液与足量浓NaOH溶液反应生成Na2SO3、NH3·H2O和H2O，该反应的离子方程式为：+-2-43232-3NH+2OH=NO+HSOHHO+SO+H•，D错误；故答案：C。8.氨基磺酸(23HNSOH)可作漂白助剂，可减少或消除漂白液中重金属离子的催化作用，从而使漂白液质量得到保

证。氨基磺酸在常温下稳定，高温时能完全分解：23232222HNSOHSOSO2HNHO++++高温。下列说法正确的是A.34264gSO在标准状况下的体积为22.4LB.该反应生成21molH时转移2mol电子C.可用2BaCl溶液检验分解所得混合气体中

是否含有3SOD.相同条件下，32g按()()22VH:VN2:1=组成的混合气体与232gO所含原子数相同【答案】C【解析】【详解】A．34264gSO在标准状况下的体积为64g22.4L/mol=21.7L66g/mol，故A错误；B．23HN

SOH中N为-3价、S为+6价、H为+1价，生成1molSO2得2mol电子、生成2molH2得4mol电为子、生成1molN2失6mol电子，则该反应生成21molH时转移3mol电子，故B错误；C．2BaCl溶液和SO2不反应，2BaCl溶

液和SO3反应生成硫酸钡沉淀，可用2BaCl溶液检验分解所得混合气体中是否含有3SO，故C正确；D．相同条件下，按()()22VH:VN2:1=组成的混合气体的平均摩尔质量为2mol2g/mol+1mol28g/mol32mol/L2mol1mol3=+，32g按()()22VH:VN2:

1=组成的混合气体中原子数为AA32g2632g/mol3NN=，232gO所含原子数为AA32g2232g/molNN=，故D错误；选C。9.X、Y、Z、W、Q为原子序数依次增大的短周期主族元素，已知X、Q为同主族元素且这两种元素能组成离子化合物；Y元素的气态氢化物水

溶液显碱性。下列说法正确的是A.简单离子半径：QZWB.3YW分子的空间结构为平面三角形C.X分别与Y、Z、W组成的常见化合物均为极性分子D.由Y、Z、Q组成的化合物的水溶液一定显中性【答案】C【解析】【分析】X、Y、Z、W、Q为原子序数依次增大的短周期主族元素，已知X、Q为同主族元

素且这两种元素能组成离子化合物所以两者同是IA族元素，Y元素的气态氢化物水溶液显碱性为氮元素，所以X、Q分别为氢和钠，所以X、Y、Z、W、Q分别是氢、氮、氧、氟、钠五种元素，依此解题。【详解】A．Z、W、Q形成的离子分别是2-O

、-F、+Na，离子结构相同质子数越大半径越小，所以离子半径ZQW，A错误；B．三氟化氮分子中中心原子有4个价层电子对，一个孤电子，结构是三角锥形，B错误；C．X分别与Y、Z、W组成的常见化合物为32NHHOHF、、空间结构为三角锥、V形、直线形都是由极

性键构成的极性分子，C正确；D．由Y、Z、Q组成的化合物亚硝酸钠的水溶液显碱性，D错误；故选C。10.根据装置和下表内的物质(夹持、尾气处理装置省略)，其中能达到相应实验目的的是选项a中的物质b中的物质c中的物质实验目的A浓硝酸Fe−制备并收集2NOB饱和食盐水电石4KMn

O溶液检验是否有乙炔生成C浓氨水碱石灰−制备并收集氨气D浓盐酸4KMnONaOH溶液制备84消毒液A.AB.BC.CD.D【答案】D【解析】【详解】A．铁在浓硝酸中发生钝化，不能制取2NO，A错误；B．饱和

食盐水与电石反应生成乙炔，但同时会有硫化氢等杂质，乙炔和杂质均能使4KMnO溶液褪色，所以不可以检测出是否有乙炔生成，B错误；C．氨气密度小于空气密度，应该用向下排空气集气法，C错误；D．浓盐酸与高锰酸钾反应生成氯气，氯气与氢氧化钠反应

生成次氯酸钠，D正确；故选D。11.奥培米芬是一种雌激素受体调节剂，其合成中间体的结构简式如图所示：关于该中间体，下列说法正确的是A.含有三种官能团B.含有2个手性碳原子C.能发生消去反应和水解反应D.苯环上的一氯代物有5种结构【答案】C【解析】【详解】A．由题干有机物的键线式可知，分子

中含有碳氯键、碳碳双键、醚键和酯基四种官能团，A错误；B．已知同时连有四个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，结合题干有机物的键线式可知，分子中不含手性碳原子，B错误；C．由题干有机物的键线式可知

，分子中含有碳氯键，且与氯原子相邻的碳原子上还有H，故能发生消去反应和水解反应，同时含有酯基也能发生水解反应，C正确；D．由题干有机物的键线式可知，分子中三个苯环不对称，故苯环上的一氯代物有8种结构，如图所示：，D错误；故答案为：C

。12.近日，哈尔滨工业大学的研究团队发现，以非晶态Ni(Ⅲ)基硫化物为催化剂，能有效催化OER(析氧反应)和UOR(尿素氧化反应)，从而降低电解水制氢过程中的能耗，其工作原理和反应机理如图所示：下列说法正确的是A.电解过程中，电极A附近溶液的pH不变B.非晶态Ni(Ⅲ)基硫化物能改变OER反应的

反应热C.OER分四步进行，其中没有非极性键的形成与断裂D.UOR的电化学反应总过程为()22222CONH6e6OHCON5HO−−−+=++【答案】D【解析】【分析】该装置是电解池，电解水制氢，电极A上水得到电子生成氢气气，电极反应式为2H2O+2e-=2O

H-+2H2↑，电极B上尿素失电子生成氮气，电极反应式为()22222CONH6e6OHCON5HO−−−+=++；【详解】A．电极A上电极反应式为2H2O+2e-=2OH-+2H2↑，电极A附近溶液的碱性增强，pH变大，故A错误；B．非晶态Ni(Ⅲ)基硫化物

是OER反应的催化剂，能改变反应速率，不能改变OER反应的反应热，故B错误；C．OER的第II步骤有O-O非极性键的形成，故C错误；D．UOR尿素中N原子失电子生成氮气，生成1个氮气失去6个电子，电化学反应总过程为()22222C

ONH6e6OHCON5HO−−−+=++，故D正确；故选D。13.一种超导材料(仅由CsAgF、、三种元素组成)的长方体晶胞结构如图所示(已知MPQR=，用AN表示阿伏加德罗常数的值)：下列说法正确的是A.基态47Ag失去

4d能级上的一个电子转化为Ag+B.若N点原子分数坐标为11,,044，则P点原子分数坐标为cs0,0,c−C.MN、之间的距离为72a10cm4−D.晶体的密度为32A1192gpmacN−【答案】D【解析】【详解】A

．基态47Ag失去5s能级上的一个电子转化为Ag+，A错误；B．若N点原子分数坐标为11,,044，则P点原子分数坐标为1c-s0,,22c，B错误；C．MN、之间距离为面对角线的14，数值为102a10cm4−，C错误；D．晶体结构中CsAgF

、、的个数分别为：11118+2=48+4=416+4=128422、、，化学式为3CsAgF，晶体的密度为-3-3A22AAMNN4(133+108+319)1192gpm=gpmVNNacac==，D正确；故选

D。14.向AgCl饱和溶液(有足量AgCl固体)中滴加氨水，发生反应()33AgNHAgNH+++和()()3332AgNHNHAgNH+++，()()1lgcM/molL−与()()13lgcNH/molL−的关系如图所示{其中M代表()

3AgClAgNH++−、、或()32AgNH+}。下列说法正确的是A.曲线Ⅲ表示()32lgcAgNH+随()3lgcNH的变化曲线的B.随()3cNH增大，()()3cClcNH−先增大后减小C.反应()332AgCl2NHAgNHCl+−

++的平衡常数为5.5110−D.完全溶解0.1molAgCl，至少需要含有()0.3530.210molNH+的氨水【答案】D【解析】【分析】氯化银饱和溶液中银离子和氯离子的浓度相等，向饱和溶液中滴加氨水，溶液中银离子浓度减小，氯离子浓度增大、一氨合银

离子增大，继续滴加氨水，一氨合银离子增大的幅度小于二氨合银离子，则曲线I、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ分别表示二氨合银离子、一氨合银离子、银离子、氯离子与氨气浓度对数变化的曲线。【详解】A．曲线Ⅲ表示()+lgcAg随()3lgcN

H的变化曲线,故A错误；B．反应()33AgClNHAgNHCl+−++的平衡常数K=()()()33cClcAgNHcNH+−为定值，随()3cNH增大，一氨合银离子浓度先增大后不变，()()3cClcNH−先减小后不变，故B错误；C．在()3lgcNH

=-1时，对应的反应Cl-和二氨合银离子浓度的对数都是-2.35，浓度都是10-2.35，()332AgCl2NHAgNHCl+−++平衡常数为K=()()()3223cClcAgNHcNH+−=()2.352.352.72110

101010−−−−=，故C错误；D．0.1molAgCl完全溶解生成0.1molCl-和0.1mol的[Ag(NH3)2]+，对于()332AgCl2NHAgNHCl+−++平衡常数为K=()()

()3223cClcAgNHcNH+−=()()()3223nClnAgNHnNH+−=()230.10.1nNH=10-2.7，得出n(NH3)=100.35mol，反应后应该余下氨气的物质的量为100.35mol，加上0.1molAg+结合的0.2mo

l氨气生成[Ag(NH3)2]+，共需要()0.3530.210molNH+，故D正确；答案选D。二、非选择题：本题共4小题，共58分。15.2MgO可被用于治疗消化道疾病。某学习探究小组在实验室进行了制备2MgO以及

含量测定的实验。已知：常温下2MgO不溶于水，较稳定，与酸反应生成22HO；加热时会分解生成2O和MgO。请回答下列问题：（1）灼烧。灼烧223Mg(OH)CO制MgO时，可使用的实验装置有___________(填字母)。（2）转化。向MgO中先加入稳定剂和2230%HO溶液，充分反应后

，过滤、洗涤、干燥，可得粗品2MgO。①写出制备2MgO时发生反应的化学方程式：___________。②“转化”阶段有大量热量放出，为了提高2MgO的产率，添加2230%HO溶液时，比较理想的操作方法为___________。（3）测定。某研究小组拟用下图装置测定样

品(含MgO杂质)中2MgO的含量。①实验时在稀盐酸中加入3FeCl溶液的作用是___________(用化学方程式表示)。②为了减小实验误差，在每次读数前需要进行的操作是___________、___________。③该小组记录的实验数据如下：样品的质量为mg

；反应开始前量气管的读数为amL；反应结束冷却到室温后量气管的读数为bmL，已知：室温条件下气体摩尔体积为10VLmol−，则样品中过氧化镁的质量分数为___________%(用含0abmV、、、的代数式表

示)；若反应结束后读取量气管中气体的体积时，液面左低右高，则测得2MgO的质量分数___________(填“偏大”“偏小”或“无影响”)。【答案】（1）c（2）①.MgO+22HO=2HO+2MgO②.反应装置放在冰

水中冷却（3）①.322222FeHO2HOl+OC②.冷却至室温③.移动右侧刻度管直到两侧液面相平④.()011.2a-b%mV⑤.偏小【解析】【小问1详解】灼烧固体应在坩埚中进行，结合装置可知c正确；【小问2详解

】①MgO与22HO反应生成2HO和2MgO，反应方程式为：MgO+22HO=2HO+2MgO；②“转化”阶段有大量热量放出，会使溶液温度升高，22HO不稳定，受热易分解，为提高提高2MgO的产率，应将反应装置放在冰水中冷却；【小问3详解】①

氯化铁可以催化过氧化氢分解，加快反应速率，故FeCl3的作用是催化H2O2分解，反应方程式为：322222FeHO2HOl+OC；②气体体积受温度、压强影响较大，所以读数时应该使气体温度在室温下且两侧液面相平，因为该反应放热导致气体温度升高，气体热胀冷缩，为防止产生误差，应该冷却气体至室温，然

后移动右侧刻度管直到两侧液面相平，最后再读数；③反应为：2222MgO+2HCl=MgCl+HO，322222FeHO2HOl+OC，得到关系式：222MgOO，则()-332200(a-b)10L2(a-b)?10n

(MgO)2nO2molVL/molV−===，2m(MgO)=()3300112ab102(a-b)?10mol?56g/mol=gVV−−−，则样品中过氧化镁的质量分数为()()300112

ab10g11.2a-bV100%%mgmV−−=；反应结束后读取量气管中气体的体积时，若液面左低右高，则所读气体体积偏小，则测得过氧化镁的质量和质量分数均减小。16.在照相底片的定影过程中，未曝光的溴化银(AgBr)常用硫代硫酸钠(Na2S2O3)溶解。从废定影液{主要含

有[Ag(S2O3)2]3-、Br-等}中回收Ag并制取催化剂PdAg@Cu2O的流程如图所示：已知：①223SO−的结构如图所示：；②()()3213132323sp2Ag2SOAgSOK3.210KAgBr5.010−+−−

+==稳、。请回答下列问题：（1）写出Na2S2O3溶液溶解AgBr生成()3232NaAgSO的离子方程式：___________，该反应的化学平衡常数为___________。（2）在()3223232Ag2

SOAgSO−+−+配合反应中，作配位原子的不可能是___________(填字母)。a．223SO−中的中心S原子b．223SO−中的端基S原子（3）向滤液1中通入足量氯气后，通过一系列操作可分离出Br2。通入足量氯气后，Cl2发生的氧化还原反应主要有22224S4Cl4HOSO8Cl8

H−−−+++=++、222BrClBr2Cl−−+=+、___________。（4）“酸溶”过程中产生的有害气体是___________(填化学式)，实验室消除该有害气体的方法为___________。（5）操作A的目的是___________。（6）在制备PdAg@Cu2O的反

应中，NH2OH被氧化成无污染物(N2)，若获得0.5molPdAg@Cu2O，理论上至少需要NH2OH___________g。【答案】（1）①.AgBr+2223SO−=[Ag(S2O3)2]3-+Br-②.16（2）a（3）223SO−+4Cl

2+5H2O=224SO−+8Cl-+10H+（4）①.NO②.将NO与足量O2混合通入NaOH溶液中（5）除去Ag中混有的铁粉（6）33【解析】【分析】废定影液{主要含有[Ag(S2O3)2]3-、Br-等}中加入N

a2S溶液，与[Ag(S2O3)2]3-反应生成Ag2S沉淀，过滤后，所得滤液中含有Br-、S2-、223SO−；将Ag2S通入空气焙烧，生成粗银和SO2；将粗银放入稀硝酸中溶解，生成AgNO3等，加入盐酸将银转化为AgCl沉淀；加入铁粉，将AgC

l还原为Ag，过滤所得的Ag中混有Fe，加入足量盐酸溶解Fe、过滤、洗涤、干燥，得纯银；纯银与K2PdCl4、PVP混合后，得到PdAg，再与CuCl2、NaOH、NH2OH、HCl混合后，得到PdAg@Cu2O。【小问1详解】Na2S2O3溶液溶解AgBr生成()3232N

aAgSO和NaBr，离子方程式：AgBr+2223SO−=[Ag(S2O3)2]3-+Br-，该反应的化学平衡常数为K=32322223c[Ag(SO)]c(Br)c(SO)−−−=K稳∙Ksp(AgBr)=3.2×10-13×5.0×1013=16。【小问2详解】

在()3223232Ag2SOAgSO−+−+配合反应中，223SO−中的中心S原子不存在孤电子对，不能作配位原子，223SO−中的端基S原子存在孤电子对，可作配位原子，则配原子不可能是a。【小问3详解】向滤液1中通入足

量氯气后，通过一系列操作可分离出Br2。通入足量氯气后，Cl2发生的氧化还原反应主要有22224S4Cl4HOSO8Cl8H−−−+++=++、222BrClBr2Cl−−+=+、223SO−+4Cl2+5H2O=224SO−+8Cl-+10H+。【小问4详解】“酸溶”过程中，

粗银与稀硝酸反应，生成AgNO3等，产生的有害气体是NO，实验室消除该有害气体的方法为：将NO与足量O2混合通入NaOH溶液中。【小问5详解】加入过量的铁粉后，AgCl全部被还原为Ag，此时Ag中混有过量的铁。往固体混合

物中加入足量盐酸，将Fe溶解后过滤、洗涤、干燥，则操作A的目的是：除去Ag中混有的铁粉。【小问6详解】在制备PdAg@Cu2O的反应中，NH2OH被氧化成无污染物(N2)，依据得失电子守恒，可得出关系式：2NH2OH——Cu2

O，若获得0.5molPdAg@Cu2O，理论上至少需要NH2OH的物质的量为0.5mol×2=1mol，质量为1mol×33g/mol=33g。【点睛】NO、足量O2混合通入NaOH溶液中，发生反应4NO+3O2+4NaOH=4NaNO3+2H2O17.甲醇是重要的化工原料之一，也

可用作燃料，利用合成气(主要成分为CO、CO2和H2)可以合成甲醇，涉及的反应如下：反应ⅰ：()()()231COg2HgCHOHgΔH+反应ⅱ：()()()()122322COg3HgCHOHgHOgΔH49.9kJmol−++=−反应ⅲ

：()()()()12223COgHgCOgHOgΔH41.6kJmol−++=+请回答下列问题：（1）在某催化剂作用下，反应ⅰ的反应历程如图所示(图中数据表示微粒数目以及微粒的相对总能量，*表示吸附在催化剂上)：①反应ⅰ在___________(填“较低”或“较高”)温度下才能自发进行。②结合

反应历程，写出反应ⅰ中生成甲醇的决速步骤的反应方程式：___________。③m=___________(计算结果保留两位有效数字，已知221eV1.610kJ−=)。（2）反应ⅰ的Arrhenius

经验公式aERlnkCT=−+(aE为活化能，k为速率常数，R和C均为常数，T为温度)，实验数据如图中曲线M所示。当改变外界条件时，实验数据如图中曲线N所示，则实验可能改变的外界条件是___________。。（3）将一定量的()2COg和(

)2Hg充入密闭容器中并加入合适的催化剂，只发生反应ⅱ和ⅲ。相同温度下，在不同压强下测得2CO的平衡转化率、()3CHOHg的选择性[()()()33nCHOH100%nCHOHnCO+]和CO的选择性[()()()3

nCO100%nCHOHnCO+]随压强的变化曲线如图所示。图中表示CO2的平衡转化率的曲线是___________(填“m”“n”或“p”)，简述判断方法：___________。（4）有研究认为，在某催化剂作用下反应ⅱ先后通过反应ⅲ、ⅰ来实现。保持温度T不变，向一恒容密闭容

器中充入4molCO2和8molH2，在该催化剂作用下发生反应，经5min达到平衡，测得H2O(g)的物质的量为3mol，起始及达平衡时容器的总压强分别为1.5akPaakPa、，则从开始到平衡用H2分压表示的平均反应速率为___________kP

a•min-1(用含a的式子表示，下同，分压=总压物质的量分数)；反应ⅱ的压强平衡常数pK=___________2(kPa)−(pK为用分压代替浓度计算的平衡常数)。（5）光催化CO2制甲醇技术也

是研究热点。铜基纳米光催化材料还原CO2的机理如图所示，光照时，低能价带失去电子并产生空穴(h+，具有强氧化性)。在低能价带上，H2O直接转化为O2的电极反应式为___________。【答案】（1）①.较低②.CO*(g)+2H2(g)→HCO*(g)+32H2(g)③.0.9

5（2）加入更高效的催化剂（3）①.n②.增大压强，反应ii平衡正向移动，反应iii平衡不移动，则CO2的平衡转化率和CH3OH的选择性均增大，且CO的选择性和CH3OH的选择性之和为100%（4）①.740②.2384a（5）2H2O+4h+=O2+4H+【解析】【小问1

详解】①由图干信息可知，反应ii-反应iii即得反应i，故123HHH=−=(-49.9kJ/mol)-41.6kJ/mol=-91.5kJ/mol，即反应i为气体体积减小的放热反应，即0H＜，0S＜

，故反应ⅰ在较低温度下才能自发进行，故答案为：较低；②已知反应活化能越大，反应速率越慢，活化能最大的一步反应速率最慢是整个反应的速率的决速步骤，根据题干反应历程图信息可知，该反应的决速步骤为：CO*(g)

+2H2(g)→HCO*(g)+32H2(g)，故答案为：CO*(g)+2H2(g)→HCO*(g)+32H2(g)；③由上述分析可知，该反应的H=-91.5kJ/mol，-m=23-22-91.5kJ6.02101.610kJ=-0.95eV，则m=0.95，故答

案为：0.95；【小问2详解】由题干信息可知，反应ⅰ的Arrhenius经验公式aERlnkCT=−+(aE为活化能，k为速率常数，R和C均为常数，T为温度)，与M相比，N曲线的活化能降低，则实验改变外界条件为加入更高效催化剂，故答案为：加入更

高效催化剂；【小问3详解】已知反应ⅱ：()()()()2232COg+3HgCHOHg+HOg，反应ⅲ：()()()()222COg+HgCOg+HOg可知，增大压强，反应ii平衡正向移动，反应iii平衡不移动，则CO2的平衡转化率和CH3OH的选择性均增大，且CO的选择性和CH3OH的选择性之

和为100%，结合题干图像可知，m为CH3OH的选择性，p为CO的选择性，n为CO2的平衡转化率曲线，故答案为：n；增大压强，反应ii平衡正向移动，反应iii平衡不移动，则CO2的平衡转化率和CH3OH的选择性均增大，

且CO的选择性和CH3OH的选择性之和为100%；【小问4详解】有研究认为，在某催化剂作用下反应ⅱ先后通过反应ⅲ、ⅰ来实现，保持温度T不变，向一恒容密闭容器中充入4molCO2和8molH2，在该催化剂作用下发生反应，经5min达到平衡，测得H2O(g)的物质的量为3mol，则进行三

段式分析为：()()()()222COg+HgCOg+HOg(mol)4800(mol)3333(mol)1533起始量转化量平衡量，()()()23COg+2HgCHOHg(mol)350(mol)x2xx(mol)3-x5-2xx起始量转化量平衡量，起始及达平衡时容器的总压强分别为1.5akP

a、akPa，则有：4+81+3-x+5-2x+x+3=1.5akPaakPa，解得x=2mol，则H2的平衡分压为：52x522akPa=akPa122x1222−−−−=akPa8，则从开始到平衡用H2分压表示的平均反应速率为8a×1.5akPa-k

Pa1285min=740kPa•min-1，平衡时CO2、H2、CH3OH、H2O的平衡分压分别为：1×akPa=?akPa12-2x11222−=akPa8，akPa8、akPa4、3akPa8；反应ⅱ的压强

平衡常数pK=32322p(CHOH)p(HO)p(CO)p(H)=33481()88aakPakPaakPakPa=2384a2(kPa)−，故答案为：740；2384a。【小问5详解】由题干铜基纳米光催化材料还原CO2的机理图所示信息可知，光照时，低能价带失去电子并产生空穴(h

+，具有强氧化性)，在低能价带上，H2O直接转化为O2的电极反应式为：2H2O+4h+=O2+4H+，故答案为：2H2O+4h+=O2+4H+。18.八氢香豆素(H)是合成香料的原料，以A为原料制备H的合成路线如图所示：已知：①+⎯

⎯→；②请回答下列问题：（1）DMF[()32CHNCHO]是一种用途广泛的极性惰性溶剂。DMF能与水以任意比例混合，则DMF水溶液中存在的氢键除OHOH−−外，还有___________。（2）的名称为反-2-戊烯，按此命名原则，A的名称为___

________。（3）D的结构简式为___________。（4）指出反应类型：E→F___________、G→H___________。（5）写出F转化为G的化学方程式：___________。（6）有机物X是H的同分异构体，X具有如下结构和性质：①含有结构，环上所有碳原子均

为饱和碳原子，且环上只有一个取代基。②能使溴的四氯化碳溶液褪色。③能发生银镜反应。④能水解。若不考虑立体异构，则X的可能结构有___________种。（7）写出以和3CHCCOOCH−为原料，合成的路线流程图：___________(无机试剂和有机溶剂任用)。【答案】（1）OHO

=C−、OHNC−−（2）顺-1，4-二氯-2-丁烯（3）（4）①.加成反应或还原反应②.氧化反应（5）（6）8（7）【解析】【分析】有机物A和CH2(CN)2在KHCO3/DMF条件下，发生取代反应

得到B，B经多步反应转化为C，C和D转化为E，E转化为F，F转化为G，G发生信息②的反应得到H，由H的结构可推出G为，则F为，E为，对比C和E的结构，可知D为，据此分析解答。【小问1详解】DMF水溶液中存在的氢键，由DMF结构可知，分子中含有电负性较大的N、O

原子均可以与水分子中的H原子形成氢键，所以除OHOH−−外，还有OHO=C−、OHNC−−；【小问2详解】A分子中两个-CH2Cl基团在双键的同侧，则为顺式结构，则A的名称为顺-1，4-二氯-2-丁烯；【小问3详解

】由分析可知D的结构简式为；【小问4详解】由分析可知E为，F为，G为，E和氢气发生加成反应可得到F，反应类型为加成反应或还原反应；G被过氧乙酸氧化得到H，反应类型为氧化反应；【小问5详解】F分子中含有醇羟基，发生催化氧化生成G，化学方程式为；【小问6详解】H的分子式为C10H16O2，不饱和度为

3，有机物X是H的同分异构体，X具有如下结构和性质：①含有结构，用去一个不饱和度，环上所有碳原子均为饱和碳原子，且环上只有一个取代基，则取代基是含有4个碳原子，且有2个不饱和度的取代基；②能使溴的四氯化碳溶液褪色，说明含有不饱和键；③能

发生银镜反应，说明含有醛基；④能水解说明含有HCOO-；综上所述，该取代基可看作HCOO-取代了-CH=CH-CH3、或CH2=C(CH3)-或CH2=CH-CH2-中的一个H原子形成的，分别有3种、2种、3种，若不考虑立体异构，则X的可能结构共有8种

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