【文档说明】湖南省常德市汉寿县第一中学2022-2023学年高二下学期开学考试 物理 含答案.docx，共(16)页，1.278 MB，由小赞的店铺上传

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湖南省常德市汉寿县第一中学2022-2023学年高二下学期开学考物理试题一、单选题1．如图所示，电源的电动势为E、内阻为r，1R为光敏电阻（阻值随光照强度的增大而减小），2R为定值电阻，L为小灯泡，电表均为理想电表。闭合开关S，电

路稳定后，电流表示数为I，电压表示数为U。若减小照射光强度，则（）A．电流表示数变大B．电压表的示数变小C．小灯泡变暗D．UI变大2．如图所示的电路中，电阻R=4Ω。断开S后，电压表的读数为3V；闭合S后，电压表的读数为2V，则电源的内阻r为（）A．1ΩB．2ΩC．3ΩD．

4Ω3．如图所示，光滑水平面上静置一倾角为的斜面体，其上的滑块通过轻弹簧连接在斜面体顶端的固定挡板上，用一根细线连接轻弹簧和挡板使弹簧被压缩。滑块与斜面间的动摩擦因数为，则烧断细线后，下列对斜面体、弹簧与滑块系统的说法中正确的是（）A．若0=，系统机械能不

守恒B．若tan，系统动量一定守恒C．若0tan，系统机械能可能守恒D．若0tan，系统动量一定不守恒4．某一列沿x轴传播的简谱横波，在4Tt=时刻的波形图如图所示，P、Q为介质中的两质点，质点P正在向动能增大的方向运动．下列说法

正确的是（）A．波沿x轴正方向传播B．4Tt=时刻，Q比P的速度大C．34Tt=时刻，Q到达平衡位置D．34Tt=时刻，P向y轴正方向运动5．如图所示，空气中有一折射率为2的玻璃柱体，其横截面是圆心角为90°，半径为R的扇形OAB，一束平行光平

行于横截面，以45°入射角射到OA上，OB不透光，若考虑首次入射到圆弧AB上的光，则AB上没有光透出的部分的弧长为（）A．16RB．14RC．13RD．512R6．如图所示，带电平行金属板A、B板间的电势差为U，A板带正电，B板中央有一小孔．一带正电

的微粒，带电荷量为q，质量为m，自孔的正上方距板高h处自由落下，若微粒恰能落至A、B板的正中央C点，则（）．A．微粒在下落过程中动能逐渐增加，重力势能逐渐减小B．微粒下落过程中重力做功为()2dmgh+，电场力做功为-qUC．微粒

落入电场中，电势能逐渐增大，其增加量大于()2dmgh+D．若微粒从距B板高2h处自由下落，则恰好能到达A板二、多选题7．某空间区域的竖直平面内存在电场，其中竖直的一条电场线如图甲所示，一个质量为m、电荷量为q

的带正电小球，在电场中从O点由静止开始沿电场线竖直向下运动．以O为坐标原点，取竖直向下为x轴的正方向，小球的机械能E与位移x的关系如图乙所示，则(不考虑空气阻力)()A．电场强度大小恒定，方向沿x轴负方向B．从O到x1的过程中，小球的速率

越来越大，加速度越来越大C．从O到x1的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功越来越大D．到达x1位置时，小球速度的大小为1012()EEmgxm−+8．如图所示，一个U形金属导轨水平放置，其上放有一个金属导体棒a

b，有一磁感应强度为B的匀强磁场斜向上穿过轨道平面，且与竖直方向的夹角为。在下列各过程中，一定能在轨道回路里产生感应电流的是（）A．ab向右运动，同时使减小B．使磁感应强度B减小，角同时也减小C．ab向左运动，同时减小磁感应强度BD．ab向右运动，同时增大磁感应强度B和角（090

）9．如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方h0高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，在空中能上升的最大高度为034h（不计空气阻

力），则（）A．小球和小车组成的系统动量守恒B．小车向左运动的最大距离为2RC．小球离开小车后做竖直上抛运动D．小球第二次离开小车在空中能上升的最大高度034hh10．如图甲所示，装有一定量液体的玻璃管竖直漂浮在水中，水面足够大，把玻璃管向下缓慢按压4cm后放手，

忽略空气阻力，玻璃管的运动可以视为竖直方向的简谐运动，测得玻璃管振动周期为0.5s，以竖直向上为正方向，某时刻开始计时，其振动图像如图乙所示，其中A为振幅，对于玻璃管（包括管内液体），下列说法正确的是（）A．回复力等于玻璃管所受的浮力B．在12tt时间内，玻璃管加速度减小，速度

增大C．在1t时刻玻璃管速度为零，加速度为正向最大D．振动过程中动能和重力势能相互转化，玻璃管的机械能守恒三、实验题11．做“用单摆测定重力加速度”的实验，供选择的器材有：A．1.2m长的细线B．约2m长的弹性绳C．带孔的小铁球D．带孔的软木球E.光电门①应选用的摆线

是__________，摆球是_________（均选填器材前面的字母）。光电门应放在摆球摆动过程中的_________（选填“最低点”或“最高点”）。②改变摆长，多次测量，得到周期平方与摆长的关系图像如图1所示，所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有

过原点，其原因可能是()A．测周期时多数了一个周期B．测周期时少数了一个周期C．测摆长时直接将摆线的长度作为摆长D．测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长③某同学在家里测重力加速度。他找到细线和铁锁，制成一个

单摆，如图2所示。由于家里只有一根量程为30cm的刻度尺，于是他在细线上的A点做了一个标记，使得悬点O到A点间的细线长度小于刻度尺量程。保持该标记以下的细线长度不变，通过改变OA、间细线长度以改变摆长。实验中，当OA、间细线的长度分别为1l、2l时，测得相应单摆的周期为12TT、

。由此可得重力加速度g=_________（用1l、2l、12TT、表示）。12．某实验小组欲测定一只小灯泡（其额定功率为0.75W，但额定电压已经模糊不清）的额定电压值，实验过程如下：他们先用多用电表的欧姆挡测出小灯泡的电阻约为2Ω，然后根据公式算出小灯泡的

额定电压U＝PR≈1.23V.但他们认为这样求得的额定电压值不准确，于是他们利用实验室中的器材设计了一个实验电路，进行进一步的测量.他们选择的实验器材有：A．电压表V（量程3V，内阻约3kΩ）B．电流表A1（量程150mA，内阻约2Ω）C．电流表A2（

量程500mA，内阻约0.6Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω）E.滑动变阻器R2（0～50Ω）F.电源E（电动势4.0V，内阻不计）G.开关S和导线若干（1）测量过程中他们发现，当电压达到1.23V时，灯泡亮度很弱，继续缓慢地增加电压，当达到2.

70V时，发现灯泡已过亮，立即断开开关，所有测量数据见下表：次数1234567U/V0.200.601.001.401.802.202.70I/mA80155195227255279310请你根据表中数据，在给出的

坐标纸上作出U－I图线，从中可得小灯泡的额定电压应为_____V（结果保留两位有效数字）.这一结果大于实验前的计算结果，原因是______________________________.（2）从表中的实验数据

可以知道，他们在实验时所选择的电路应为____，电流表应选____（填“A1”或“A2”），滑动变阻器应选____（填“R1”或“R2”）.四、解答题13．如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距

离为l，在两导线中均通有大小相等的电流，纸面内与两导线距离均为l的a点处的磁感应强度大小为B，方向竖直向下。求：（1）要使a点产生图示方向的磁场，P、Q中电流的方向；（2）P中的电流在a点处产生磁场的磁感应强度的大小；（3）若

Q中电流方向反向，大小不变，a点处磁感应强度的大小。14．如图所示，绝缘光滑轨道AB部分为倾角为30°的斜面，AC部分为竖直平面上半径为R的圆轨道，斜面与圆轨道相切。整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。现有一个质量为m的小球，带正电

荷量为q＝33mgE，要使小球能安全通过圆轨道，在O点的初速度应满足什么条件？15．如图所示，水平地面放置A和B两个物块，物块A的质量m1=2kg，物块B的质量m2=1kg，物块A、B与地面间的动摩擦因数均为μ=0.5.现

对物块A施加一个与水平方向成37°角的外力F，F=10N，使物块A由静止开始运动，经过12s物块A刚好运动到物块B处，A物块与B物块碰前瞬间撤掉外力F，物块A与物块B碰撞过程没有能量损失，设碰撞时间很短，A、B两物块均可视为质点，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.

8.求：(1)计算A与B两物块碰撞前瞬间物块A的速度大小；(2)若在物块B的正前方放置一个弹性挡板，物块B与挡板碰撞时没有能量损失，要保证A和B两物块能发生第二次碰撞，弹性挡板距离物块B的距离L不得超过多大？参考答案：1．C【详解】ABC．若减小照射光强度，光敏电阻1R阻值增大，外电阻增大，

外电压增大，根据闭合电路的欧姆定律，干路上电流减小，即电流表示数变小，2R和小灯泡并联电路两端的电压减小，灯泡变暗，根据外电压等于光敏电阻两端电压和2R和小灯泡并联电路两端电压之和，则光敏电阻两端电压增大，即电压表的示数增大，AB错误C正确；D．根据闭合

电路欧姆定律得()UEIRr=−+并则RUrI=+并保持不变，D错误。故选C。2．B【详解】断开S后，电压表的读数为3V，可知电动势为3VE=闭合S后，电压表的读数为2V，则电路电流为2A0.5A4UIR===根据闭合电路欧姆定律可得()EIRr=+解得3420.5E

rRI=−=−=故选B。3．D【详解】A．若0=，剪断细绳之后，只有重力和系统内弹力做功，系统机械能一定守恒，故A错误；B．烧断细线后，系统一定在水平方向动量守恒，整个系统动量是否守恒，取决于系

统在竖直方向是否受力平衡，即滑块是否运动。若tan，则cossinmgmg因为滑块又受到弹簧沿斜面向下的弹力，所以滑块可能保持静止，也可能加速下滑，系统动量不一定守恒，故B错误；CD．若0tan，则cossinmgmg滑块又受到弹簧沿斜面向

下的弹力，一定沿斜面加速下滑，系统动量一定不守恒，下滑过程中要克服摩擦力做功，系统机械能一定不守恒，故C错误，D正确。4．D【详解】A．越靠近平衡位置运动速度越大，质点P正在向动能增大的方向运动，则P向下运动，波沿x轴负方向传播．故A错误；B．4Tt=时刻，Q到达最远位置，速度为零．P在平衡位

置和最远位置之间，速度不为零，所以Q比P的速度小．故B错误；C．34Tt=时刻，Q到达y轴正向最远位置，故C选项错误；D．34Tt=时刻，P从y轴负向最远位置向平衡位置运动，所以向y轴正方向运动，故D选项正确．5．

B【详解】根据折射定律有sin452sin=可得光进入玻璃后光线与竖直方向夹角为30°；过O点的光线垂直入射到AB界面上的C点射出，C到B之间没有光线射出，越接近A的光线入射角越大，全反射的可能性越大，根据临界角公式1sinCn=可得临界角为45C=如果AB界面上临界角为D，此

光线在AO界面上的点E入射，在三角形DOE中可求得DO与水平方向夹角为()1801204515−+=，所以没有光线射出的圆弧对应圆心角为301545+=，所以没有光透出的部分弧长为14R。故选B。【点睛】6．D【分析】带电微粒在下落过程中先做加速运动，后做减速运动，动能

先增大，后减小，重力一直做正功为mg(h+2d)，重力势能一直减小；电场力做负功为-12qU，电势能增加12qU，由动能定理可判断若微粒从距B板高2h处自由下落，则恰好能到达A板．【详解】A、带电微粒在下落过

程中先做加速运动，后做减速运动，动能先增大，后减小，重力一直做正功，重力势能一直减小，故A错误．B、微粒下降的高度为h+2d，重力做正功为mg(h+2d)，电场力向上，位移向下，电场力做负功，W电=-12qU，所以电势能增大，其增加量为12qU，故B、C错误．D、由题知微粒恰能落至C的过

程中，由动能定理得：mg(h+2d)-12qU=0，若微粒从距B板高2h处自由下落，由动能定理得：mg(2h+d)-qU=12mvA2-0，解得vA=0，故D正确．故选D7．BD【详解】A.小球的机械能变化是由电场

力做功引起的，由题图乙可知，从O到x1机械能在减小，即电场力做负功，又因为小球带正电，故场强方向沿x轴负方向，E－x图线切线的斜率的绝对值为电场力大小，由图象可知，从O到x1斜率的绝对值在减小，故F电在减

小，即场强减小，故A错误．B.由牛顿第二定律mg－F电＝ma可知a在增大，故B正确．C.因为电场力逐渐减小，故相等位移内，小球克服电场力做的功越来越小，故C错误．D.从O到x1由动能定理得mgx1＋E1－E0＝

12mv2－0，v＝1012()EEmgxm−+，D正确．8．AC【详解】A．根据磁通量公式cosBS=ab向右运动，S增大，同时使减小，磁通量增大，一定能产生感应电流，故A正确；B．根据磁通量公式cosBS=磁感应

强度B减小，同时使减小，不能确定磁通量的变化，不一定能产生感应电流，故B错误；C．根据磁通量公式cosBS=ab向左运动，S减小，同时减小磁感应强度B，磁通量减小，一定能产生感应电流，故C正确；D．根据磁通量公式cosBS

=ab向右运动，S增大，同时增大磁感应强度B和角（090），不能确定磁通量的变化，不一定能产生感应电流，故D正确；故选AC。【点睛】当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化，闭合回路中就有感应电流。9．CD【

详解】A．小球和小车组成的系统竖直方向动量不守恒，则小球和小车组成的系统动量不守恒，A错误；B．设小车向左运动的最大距离为x，由动量守恒定律得，2xRxmmtt−=，解得xR=，B错误；C．因为系统在水平方向上的总动量等于零，所以小球离开小车的瞬间二者水平速度都等于零，故小球离

开小车后做竖直上抛运动，C正确；D．小球从距A点正上方h0高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，在空中能上升的最大高度为034h，说明小车有摩擦力，小球在小车中滚动时要损失机械能，则小球第二次离开小车在空中能上升的最大高度034hh，D正确。故选CD。10．BC【详解】A．玻璃管

（包括管内液体）只受到重力和水的浮力，所以玻璃管做简谐运动的回复力等于重力和浮力的合力：A错误；BC．由图像可知，在12tt时间内，玻璃管位移减小，则加速度减小，玻璃管向着平衡位置做加速运动，速度增大，1t时刻处于负向最大位移处，速度为零，加速度为正向最大，BC正确；D．玻璃

管在做简谐运动的过程中，水的浮力对玻璃管做功，所以振动的过程中玻璃管的机械能不守恒，D错误。故选BC。11．AC最低点C()21222124llTT−−【详解】①[1]单摆实验应选细线，弹性绳在运动过程中长度发生改变，导致摆长变化，所以应选1.2m的细线。[2]为了减小实验误差，摆球选

择质量大、体积小的铁球。[3]在测量时间时，因为最高点附近速度小，最低点附近速度大，所以光电门应摆在最低点附近，测量误差小。②[4]摆线长度L与摆球半径r之和是单摆摆长，即lLr=+由单摆周期公式2lTg=可知2222444TlLrggg==+T2-l图像是

过原点的直线，如果漏了摆球半径r而把摆线长度L作为摆长，T2-l图像在纵轴上有截距，图像不过原点，由图示图像可知，图像不过原点的原因是测摆长时直接将摆线的长度作为摆长造成的。故C正确；ABD错误。故选C。③[5]根据单摆的周公式2lTg=设A点到铁锁的重心之间的距离为l0，有第一次101

2llTg+=第二次2022llTg+=联立解得()21222124llgTT−=−12．（1）；2.5；灯泡冷态电阻小于正常工作时的电阻（或：灯泡电阻随温度升高而变大）（2）C；A2；R1【详解】（

1）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示；由图示图象可知，电压U=2.5V时，电流I=0.3A，灯泡功率P=UI=2.5×0.3A=0.75W，等于灯泡额定功率，则灯泡额定电压为2.5V；由于灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，因此

灯泡额定电压大于计算结果．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻约为：2.58.330.3URI==，电压表内阻约为3kΩ，电流表内阻约为0.6

Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表采用外接法，应选择图C所示电路图；由表中实验数据可知，电流的最大测量值为310mA，电流表应选择A2，为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1．13．（1）P中电流垂直纸面向里，Q中

电流垂直纸面向外；（2）B；（3）3B【详解】（1）依据安培定则和磁场的叠加原理知，要使a点的磁感应强度方向竖直向下，应使P中电流在a点产生的磁场垂直aP斜向下，使Q中电流在a点产生的磁场垂直aQ斜向下，则P中电流垂直纸面向里，Q中电流垂直纸面向外。（2）当P中电流垂直纸面向里、Q中电

流垂直纸面向外时，根据安培定则知两导线中的电流在a点处产生的磁场的磁感应强度方向夹角为120°，如图所示合磁感应强度大小为B=B'，即P中的电流在a点处产生磁场的磁感应强度的大小为B。（3）根据安培定则可知，P中电流在a点的磁感应强度方向为水平向右偏下30°，Q中电流在a点的磁感应强度方向为水平

向右偏上30°，如图所示两者在a点的合磁感应强度为B合=2B'cos30°=3B方向水平向右。14．01033gRv【详解】小球先在斜面上运动，受重力、电场力、支持力、然后在圆轨道上运动，受重力、电场力、轨道的作用力，如图所示，类比重力场

，将电场力与重力的合力视为等效重力mg′，大小为()()22233mgqEmgmg+＝＝3tan3qEmg=＝解得30=等效重力的方向与斜面垂直指向右下方，小球在斜面上匀速运动，因要使小球能安全通过圆轨道，在圆轨道的等效最高点（D）点满足

等效重力提供向心力，有2DvmgmR＝因30=，与斜面倾角相等，由几何关系可知2ADR=令小球以最小初速度0v运动，由动能定理知22011222DmgRmvmv−−＝解得01033gRv＝因此要使小球安全通过圆轨道，初速度应为01033gRv。15．(1

)6m/s(2)L不得超过3.4m【详解】（1）设A与B碰前速度为1v，由牛顿第二定律得：()113737FcosmgFsinma−−=解得：20.5/ams=则速度16/vatms==（2）AB相碰，碰后A的速度1v，B的速度2v由动量守恒定律得：1

11122mvmvmv=+由机械能守恒定律得：222111122111222mvmvmv=+联立解得：12/vms=、28/vms=对A用动能定理得：2111102AmgSmv−=−解得：0.4ASm=对B用动能定理得：2222102BmgSmv−=−解得：6.4BSm=物块A和B能

发生第二次碰撞的条件是2ABSSL+，解得3.4Lm即要保证物块A和B能发生第二次碰撞，弹性挡板距离物块B的距离L不得超过3.4m获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com