【文档说明】广东省七校联合体2023-2024学年高三上学期第一次联考 物理答案和解析.docx，共(11)页，495.213 KB，由小赞的店铺上传

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参考答案：1．B【解析】A．电子的发现使人们认识到原子具有复杂结构，选项A错误；B．天然放射现象说明原子核是有复杂结构的，选项B正确；C．粒子散射实验得到了原子的核式结构理论，选项C错误；D．比结合能越大，原子核越稳定，选项D错误。故选B。2．C【解析】AC

.简谐横波沿x轴的正方向传播，0=t时刻质点P的速度向下，t=0.2s=2T，P点经过平衡位置向上运动，故A错误，C正确；B.波从P传到Q的时间为，14T=0.1s，t=0.2s时，质点Q已经振动了，14T=0.1s，而质点Q的

起振方向向下，则在t=0.2s时质点Q处于波谷，故B错误；D.在t=0.2s时波传到M点，此时M点的振动方向向下，故D错误．3．D【解析】根据△P=I2r，导线上的热损失功率变为原来的9倍，电流应增加为原来的3倍，即为3I；由P=

UI知，则输送电压变为13U。故选D。4．C【解析】A．天问一号在B点需要点火减速才能从轨道2进入轨道3，故A错误；B．在轨道2和轨道3经过B点时，加速度相同，故B错误；CD．假设火星的半径为R，轨道3轨道半径为r，因轨道3是近火轨道，所以rR，假设火星质量为M，天问一号质量为m

，由万有引力提供向心力2224GmMmRRT=解得2324RMGT=火星的密度23343MGTR==题干仅提供了引力常量，火星半径未知，故C正确，D错误。故选C。5．C【解析】A．由粒子运动轨迹可知，该正电粒子受到的电场力指向轨迹内侧，所以c点固定的是正电荷，d点固定的是负电荷，故

A错误；BC．由等量异号电荷形成的电场特点知，a点电势高于b点电势，且a和b两点的电场强度相同，带电粒子受到的电场力相同，加速度相同，故B错误，C正确；D．由运动轨迹知，带电粒子先靠近正电荷，再靠近负电荷，故电场力先做负功再做

正功，粒子的动能先减小再增加，动量先减小再增加，故D错误。故选C。6．D【解析】AC．小球能够过最高点需满足条件21mvmgL=则最高点速度最小值为1vgL=AC错误；BD．在最高点211mvFmgL+=在最低点222mvFmgL−=从最高点到最低点，利用动

能定理可得2221222mvmvmgL=−解得216FFFmg=−=即F为定值，故B错误D正确。故选D。7．D【解析】A．由题可知电场力与洛伦兹力等大反向，对于带正电粒子，电场力向上，洛伦兹力向下，由左手定则可知，极板间匀强磁场的方向垂直

于纸面向外，故A错误；B．由电场力与洛伦兹力等大反向得0qvBqE=解得0EvB=故B错误；CD．两带电粒子速度相同，均为0EB，粒子进入磁场后做圆周运动，带正电粒子打在Q点，半径为2R，带负电的粒子打在P点，半径为1R，则有112cos37RL=222cos3

7RL=解得1158RL=2258RL=又由洛伦兹力提供向心力可得2vqvBmR=得mvRqB=0158PqBBLmE=0258QqBBLmE=则粒子的质量之差的绝对值为()02158QPqBBmmLLE−=−故D正确C错误。故选D。8．AC【解析】AB．对物体A进行

受力分析，水平方向上受到B物体产生的弹力、静摩擦力和水平桌面产生的滑动摩擦力，如图所示，由于A、B整体仍保持矩形沿F方向匀速运动，则物体A所受合力为零，A正确，B错误；C．B对A的作用力与桌面对A的摩擦力等大反向，即B对A的作用力方向

与F方向相同，C正确；D．B对A的弹力方向垂直于接触面，D错误。故选AC。9．AC【解析】A．由题可知，物体A下落过程中，物体B一直静止不动，对于物体A和弹簧组成的系统，只有重力和弹簧弹力做功，则物体A和弹簧组成的系统机械能守恒，A正确；B．物体A与地面即

将接触时，物体B对地面恰好无压力，则此时弹簧的弹力为T=mg开始时弹簧处于原长，由胡克定律知T=kh联立解得弹簧的劲度系数为mgkh=B错误；C．物体A着地时，弹簧的弹力为T=mg则细绳对A的拉力也等于mg，对A根据牛顿第二定律得2mg-mg

=2ma解得2ga=C正确；D．物体A与弹簧组成的系统机械能守恒，有2p1222mghEmv=+解得2p2Emghmv=−D错误。故选AC。10．BCD【解析】A．两杆恰好通过半圆导轨最高点，由牛顿第二定律有()()2'vMmg

Mmr+=+解得'5m/sv=A错误；B．ab金属杆与cd绝缘杆发生正碰后粘在一起，完全非弹性碰撞，根据动量守恒得()0MvmMv=+解得ab与cd碰完成后瞬间它们的速度6m/sv=B正确；C．两杆因

为碰撞而损失的能量()2201127J22EMvmMv=−+=C正确；D．碰撞后两杆以速度1v滑至最高点的过程中，由动能定理有：()()()221112'22MmgrMmvMmv−+=+−+两杆进入磁场后由能量守恒定律有()()2212112vMmQMmv+

−+=解得电阻R产生的焦耳热16.5JQ=D正确。故选BCD。11．dt222dgLt()12mgLL+【解析】（2）遮光条宽度为d，滑块上的遮光条经光电门的时间t，因遮光条的宽度d（约为2mm）很小，则滑块经光电门的速度大小可为dvt=对滑块和遮光条，由牛顿第二定律可

得fFmgma=−=解得滑块和遮光条运动的加速度为ag=−由速度位移关系公式2202vvax−=，解得222dgLt=（4）由功能关系，可得弹簧最初储存的弹性势能等于()p12EmgLL=+12．0.970.752

.06电压表内阻较小【解析】（1）根据电路图连接实物图，如图所示（2）根据闭合电路欧姆定律可得UEIr=−所以图线的纵截距表示电源电动势，即0.97VE=图线斜率的绝对值表示电源内阻，即30.970.40k0.75k0.7610r−

−==（3）当三个一样的水果电池串联形成一个电池组时，作出该电源的I-U图线，如图所示两图线的交点横坐标即为LED正常发光时的电压，即2.06VU=（4）造成电压减小原因可能是电压表内阻与LED等电阻相比较小，使得回路总电阻减

小较明显，电流增大，内电压增大，路端电压减小。13．(1)2R；(2)22Rc；(3)15°【解析】(1)作出光路如图所示，由折射定律有sinsinrn=代入数据得r＝45°光斑与O点之间的距离2sinRsRr==(2)设光在玻璃砖中的速度为v，则2c

cvn==光在玻璃砖中的传播时间12RRtvc=＝光从O点到达光屏的时间22sRtcc=＝光进入玻璃砖后到达光屏的时间t＝t1＋t2＝22Rc(3)当光在界面处发生全反射时光屏上的光斑消失，故sinC＝1n即入射角α′＝C＝45°时光斑消失，入射光线至少要转过的角度为15°14．（1）正电；（2）

02mvdq；（3）2206Eqdmv−【解析】（1）粒子在磁场中的运动轨迹如图由左手定则知粒子带正电；（2）设粒子做圆周运动的半径为r，由几何关系有cosrd=根据洛伦兹力提供向心力200vqvBmr=解得02mvBdq=（3）设粒子经过x轴时的坐标为-x1，则1sin2xrd+=粒

子在y>0区域电场中做类平抛运动，在xOy平面内沿v0方向做匀速直线运动，设粒子碰到屏前做类平抛运动的时间为t1，则1012cosdxvt−=粒子运动的加速度Eqam=在z轴负方向运动的距离21112zat

=解得1023dtv=，21206Eqdzmv=所以打到屏上位置的z轴坐标21206Eqdzmv=−15．（1）60kg；（2）2.5m；（3）1.6m5.9mh【解析】（1）A恰好不运动需要满足()12mgmMg=+解得60kgm=故包裹C的质量

最大不超过60kg；（2）因C的质量160kgm，故装置A始终处于静止状态，由动能定理得21111012mghmgLmv−=解得04m/sv=C与B相互作用的全过程，两者组成的系统满足动量守恒，取向右为正方向，则()101mvmMv=+共由

能量守恒定律得()221011122mvmMvQ=++共解得120JQ=又11ΔQmgx=得物体在车上的相对位移Δ1.5mx=所以距转运车右端2.5m。（3）装置A还始终处于静止状态，C滑到低端由动能定理得2111112mghmgLmv−=0v=为C下滑的最小高度

，得11.6mh=0v则C滑上小车，C与小车弹性碰撞后返回至小车最左端时两者共速，为C不会从小车上掉下的最大高度：由C、车动量守恒()11mvmMv=+共由能量守恒得()22111122mvmMvQ=++共11Qmgx=2x

L=得25.9mh=所以1.6m5.9mh获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com