【文档说明】安徽省马鞍山市第二中学2024-2025学年高三上学期8月月考物理试卷 Word版含解析.docx，共(16)页，1.771 MB，由小赞的店铺上传

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马鞍山二中2025届物理大练习一、选择题（本大题共10小题，共42分。第1至8小题，每题只有一个正确选项，选对得4分，选错不得分；第9至10小题，每题有多个正确选项，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，

有选错的不得分。）1.关于物体的运动，不可能发生的是（）A.加速度方向不变，而速度方向改变B.加速度为零时，速度的变化率最大C.加速度大小逐渐减小，速度也逐渐减小D.加速度和速度都在变化，加速度最大时，速度最小【答案】B【解析】【详解】A．加速度方向

不变时，速度方向可能改变，比如平抛运动，物体的加速度方向不变，而速度方向时刻改变，故A正确，与题意不符；B．加速度等于速度的变化率，加速度为零时，速度的变化率也为零，故B错误，与题意相符；C．加速度与速度没有直接

关系，加速度逐渐减小时，速度也可能减小，例如速度与加速度方向相反，加速度减小时，速度也减小，故C正确，与题意不符；D．加速度和速度都在变化，加速度最大时，速度可能最小，比如简谐运动质点处于最大位移时加速度最大，速度最小，故D正确，与题意不符。本题

选错误的，故选B。2.某驾校学员在教练的指导下沿直线路段练习驾驶技术，汽车的位置x与时间t的关系如图所示，则汽车行驶速度v与时间t的关系图像可能正确的是（）A.B.的C.D.【答案】A【解析】【分析】【详解】xt−图象斜率的物理意义是速度，在10~t时间内，xt−图象斜率

增大，汽车的速度增大；在21~tt时间内，xt−图象斜率不变，汽车的速度不变；在23~tt时间内，xt−图象的斜率减小，汽车做减速运动，综上所述可知A中vt−图象可能正确。故选A。3.某质点做匀加速直线运动，经过时间t速度由v0变为kv0(k>1)位移大小

为x。则在随后的4t内，质点的位移大小为（）A.8(32)1kxk−+B.8(21)1kxk−+C.8(21)1kxk−−D.3(53)1kxk−+【答案】A【解析】【详解】质点做匀加速直线运动，加速度为00

kvvat−=t时刻内位移为002vkvxt+=联立可得02(1)xtvk=+则在随后的4t内，质点的位移大小为220000114(4)4(4)22kvvxkvtatkvttt−=+=+将02(1)xtvk=+代入得8(32)1

kxxk−=+故A正确，BCD错误。故选A。4.如图所示，甲、乙两图中水平面都是光滑的，小车的质量都是M，人的质量都是m，甲图人推车、乙图人拉绳(绳与轮的质量和摩擦均不计)的力都是F，对于甲、乙两图中车的加速度大小说法正确的是A.甲

图中车的加速度大小为FMB.甲图中车的加速度大小为FMm+C.乙图中车的加速度大小为2FMm+D.乙图中车的加速度大小为FM【答案】C【解析】【详解】对甲：以整体为研究对象，水平方向不受力，所以甲车的加速度大小为0，A

B错误；对乙：以整体为研究对象，水平方向受向左的2F的拉力，故乙车的加速度大小为：2FaMm=+，C正确D错误．【点睛】①整体法：以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解．在许多问题中用整体法比较方便，但整体法不能求解系统的内力．②隔离法：从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成

的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析．隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析．③通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法．有时在解答一个问题时要多次选取研究

对象，需要整体法与隔离法交叉使用1、当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法．2、整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研

究对象，交替使用整体法和隔离法．5.如图所示，P为光滑定滑轮，O为光滑轻质动滑轮，轻绳跨过滑轮，左端与物体A相连，右端固定在杆Q上，重物B悬挂在动滑轮上。将A置于静止在粗糙水平面的斜面体上，轻绳AP段与斜面平行，

系统处于静止状态。若将杆Q向右移动一小段距离，斜面体与物体A仍保持静止状态，待动滑轮静止后，下列说法正确的是（）A.轻绳中拉力减小B.物体A与斜面体之间的摩擦力一定增大C.斜面体与地面之间的弹力增大D.斜面体与地面之间的摩擦力增大【答案】

D【解析】【详解】A．若将杆Q移动一段距离，斜面体与物体A仍保持静止状态，待动滑轮静止后，QOP变大，两绳拉力大小相等，合力与B的重力等大反向，设绳OP与竖直方向夹角为，则有2cosmgT=角度变大，则绳中拉力变大，A错误；B．根据上述，绳中拉力变大，如果开始A受到的摩擦力沿斜

面向上，则摩擦力可能减小，也有可能反向，如果开始A受到摩擦力沿斜面向下，则摩擦力增大，B错误；C．对A和斜面整体分析，斜面倾角为，水平方向有cosfT=竖直方向有()sinNMmgT=+−绳的拉力变大，斜面体与地面之间的摩擦力变大，斜面体与地面之间的弹力变小，C错误，D正确

。故选D。6.如图所示，倾角为45°的斜面B放置在水平面上，物块A放在斜面B上，A、B接触面光滑，水平力F作用在物块A上，A、B一起沿水平面向左匀速滑动，若B与水平面间的动摩擦因数为μ，则A与B的质量之比为()A.1−B.1+C.1−D.1

+【答案】A【解析】【详解】对物体A受力分析可知，F=mAgtan450=mAg；对AB的整体：F=μ(mA+mB)g，解得1ABmm=−，故选A.7.如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终

相对于小车静止在小车右端。B与小车平板间的动摩擦因数为μ。若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为（重力加速度为g）（）A.mg，竖直向上B.mg21+，斜向左上方C.mgtanθ，水平向右D.mg21tan

+，斜向右上方【答案】D【解析】【详解】以A为研究对象，分析受力如图：根据牛顿第二定律得tanAAmgma=解得tanag=方向水平向右。小车对B的摩擦力为tanfmamg==方向水平向右小车对B的支持力大小为N=mg方向竖直向上则小车对物块B产生的作用力的大小为2221+

tanFNfmg=+=方向斜向右上方选项D正确，ABC错误。故选D。8.如图所示，物块A放在木板B上，A、B的质量相同，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数也相同（最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小）。若将水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，此时水平力大小为F1；若将水平

力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时水平力大小为F2，则F1与F2的比为A.1：1B.1：2C.1：3D.1：4【答案】D【解析】【详解】由于A与B之间的最大静摩擦力ABfumg=小于B与地面之间的最大静摩擦力2Bfmg=地，当水平力作用在A上，使A刚好要相

对B滑动，此时B静止，A与B间的摩擦力刚好达到最大，此时水平力大小为1Fmg=当水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时A、B间的摩擦力刚好达到最大，A、B的加速度相等，有ABmgaagm===此时水平力大小为222BFmgma−=解得24Fmg=故F1与F2的比为1

：4故D正确，ABC错误；故选D。【点睛】关键抓住临界状态，结合刚好发生相对滑动时，A、B的加速度相等，根据牛顿第二定律进行求解。9.如图甲、乙所示，倾角为的斜面上放置一滑块M，在滑块M上放置一个质量为m的物块，M和m相对静止，

一起沿斜面匀速下滑；图丙中水平力F作用于A，使A、B、C一起向左匀速运动；图丁为粗糙水平面上放一斜面，斜面上放置着一木块，木块和斜面均静止。下列说法正确的有（）A.甲、乙两图中物块m均受到摩擦力B.图乙中物块m不受摩擦力C.图丙中A对

C有向左的摩擦力D.图丁中水平面对斜面一定没有摩擦力作用【答案】CD【解析】【详解】AB．甲图中，物块m和M均做匀速直线运动，m与M之间没有相对滑动趋势，所以m不受摩擦力；乙图中，m有相对M向下滑动趋势，所以m受摩擦力。故AB错误；C．丙图中，C有相对A向右滑动的趋势，所以A对C有向左的

摩擦力，故C正确；D．图丁中，斜面相对水平面没有相对滑动的趋势，水平面对斜面一定没有摩擦力作用，故D正确。故选CD。10.如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v—t图线如图（b）所示。若重力加速度及图中的0v、1v、1t均为已知量，则可求出（）的A.斜

面的倾角B.物块的质量C.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度【答案】ACD【解析】【详解】AC．由图可知上滑过程的加速度大小为01vat=有01sincosvggt=+下滑过程加速度大小11vat=有11sincosvg

gt=−联立上述方程可计算出斜面的倾斜角度以及动摩擦因数，故AC符合题意；B．物块的质量无法求得，故B不符合题意；D．物块沿斜面向上滑行的最大高度01sinsin2vthx==可知可以求出，故D符合题意。故

选ACD。为【考点定位】牛顿运动定律【方法技巧】速度时间图像的斜率找到不同阶段的加速度，结合受力分析和运动学规律是解答此类题目的不二法门。二、实验题（本大题共2小题，共21分。第11题12分，第12题9分）11.某同学利用如图所示装置研究小车的匀变速直线运动

。（1）实验中，必须的措施是_________。A.小车的质量远大于钩码的质量B.细线必须与长木板平行C.平衡小车与长木板间的摩擦力D.先接通电源再释放小车（2）如图，是该同学由打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸

带上两相邻计数点间还有四个点没有画出，打点计时器打点的频率50Hzf=，其中17.05cmx=，27.68x=cm，38.33cmx=，48.95cmx=，59.61cmx=，610.26cmx=，则小车的加速度a=___

____2m/s（要求充分利用测量的数据），打点计时器在打E点时小车的速度Ev=__________m/s。（结果均保留两位有效数字）。（3）如果当时电网中交变电流的频率是49Hzf=，而做实验的同学并不知道，由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏______

__（选填“大”或“小”）【答案】（1）BD（2）①.0.64②.0.93（3）大【解析】【小问1详解】A．本实验研究小车的匀变速直线运动，小车的质量没有必要远大于钩码的质量，故A错误；B．细线必须与长木板平行，以保证细线对小车的拉

力与小车的位移方向相同，减小实验误差，故B正确；C．本实验研究小车的匀变速直线运动，没有必要平衡小车与长木板间的摩擦力，故C错误；D．先接通电源再释放小车，故D正确。故选BD。【小问2详解】[1]依题意，两相邻计数点的时间间隔为150.

1sTf==由逐差法，可得()()456123220.64m/s9xxxxxxaT++−++==[2]打点计时器在打E点时小车的速度450.93m/s2EDFxxvvT+===【小问3详解】由()()45612329xxxxxxaT++−++=可知，当频率变小时，打点的时间

间隔将变大，相邻计数点的时间间隔也随之变大，仍然按原频率计算，测量值比实际值偏大。12.某同学用平板A和B制作了一个直角架．该同学想通过该装置，利用压力传感器和量角器来验证力的平行四边形定则，主要实验步骤如下：（1）平板B置于水平面上，压力传感器固定在平板B上，将木块C置于压力传

感器正上方，木块C紧靠平板A，如图甲所示，记录此时传感器的示数1F，此时平板A对木块C的弹力为________；（2）以直角架连接边为转轴，抬高平板B的另一端，使平板B绕转轴逆时针旋转，平板B转过的角度为60时，记录传感器的示数2F，如图乙所示；（3

）在误差允许的范围内，比较1F和2F的大小，若1F与2F的关系为________，即可初步验证平行四边形定则；（4）重复步骤（2），多次调整平板B转动角度，比较1F和2F的大小，多次验证；（5）在步骤（2）中，若不考虑平板B与木块C间

的摩擦，通过平行四边形定则可以推出平板A对木块C的弹力________（填“一直变大”或“先变大后变小”）．【答案】①.0②.122FF=③.一直变大【解析】【详解】（1）[1]题图甲中平板B水平放置，平板A与木块C只接触不作用，所以平板A对木块C

的弹力为0。（3）[2]对木块C进行受力分析，可知平板A对木块C的弹力和平板B对木块C的弹力均与各自接触面垂直，由于木块C处于平衡状态，故这两个弹力的合力应该竖直向上，作出平行四边形如图1，根据几何关系可知合力为22F，所以在误差允许的范围内，若122FF

=，即两个平板对木块C的弹力的合力与木块C受到的重力大小相等，方向相反，则可初步验证平行四边形定则。（5）[3]平板B从题图甲所示位置缓慢旋转至题图乙所示位置的过程中，两板对木块C的弹力夹角不变，保持垂直，作出辅助圆，如图2，可知平板A对木块C的弹力一直变大。三、计算题（本大题共3

小题，共37分。第13题10分，第14题12分，第15题15分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。）13.如图所示，水平传送带两个转动轴轴心相距L＝20m，正在

以v＝4.0m/s的速度匀速向右传动，某物块(可视为质点)与传送带之间的动摩擦因数为0.1，将该物块从传送带左端无初速地轻放在传送带上，从左端的运动到右端，(g取10m/s2)求：（1）物体运动的时间；（2）物体相对于传送带运动的相对位移大小；（3）若提高传送带的速度，可以使物体从传送带的一端传

到另一端所用的时间缩短。为使物体传到另一端所用的时间最短，传送带的最小速度是多少，最小时间是多少。【答案】（1）7s；（2）8m；（3）210m/s，210s【解析】【详解】（1）物块放到传送带上后先做匀加速运动，若传送带足够长，匀加速运动到与传送带同速后再与传送带一同向前做匀

速运动，物块匀加速时的加速度为μmg=maa=μg=0.1×10m/s2=1m/s2物块匀加速到和传送带具有相同速度所需时间为间为t1＝va＝4s物块匀加速位移为x1＝12at12＝12×1×42m＝8m由于此位移小于L，则以后小

物块匀速运动，物块匀速运动的时间为12208s3s4Lxtv−−＝＝＝所以物块到达传送带又端的时间为t=t1+t2=4s+3s=7s（2）物块与传送带共速时传送带的位移为x2=vt1=16m则相对位移为218mxxx=−=（3）要想时间最短，则物体

一直加速到与传送带速度相同，则传送带的最小速度为min22120210m/svaL===则所用的最小时间为minmin220s210s2102tLv===14.汽车A以A4m/sv=的速度向右做匀速直线运动，发现前方

相距07xm=处、以B10m/sv=的速度同向运动的汽车B正开始匀减速刹车直到静止后保持不动，其刹车的加速度大小22m/sa=。从此刻开始计时。求：（1）A追上B前AB、间的最远距离是多少；（2）经过多长

时间A恰好追上B；（3）若汽车A以A4m/sv=的速度向左匀速运动，其后方在同一车道相距07xm=处、以B10m/sv=的速度同方向运动的汽车B正向左开始匀减速刹车直到静止后保持不动，其刹车的加速度大小为22m

/sa=，则B车能否追上A车？【答案】（1）16m（2）8s（3）见解析【解析】【小问1详解】当AB、两汽车速度相等时，两车间的距离最远，即BAvvatv=−=解得3st=此时汽车A的位移AA12mxvt==汽车B的位移2BB121m2xvtat=−=故最远距离maxB0A16mxxxx−=+

=【小问2详解】汽车B从开始减速直到静止经历时间的B15svta==运动的位移2'BB25m2vxa==汽车A在1t时间内运动的位移'AA120mxvt==此时相距0A''B12mxxxx=+−=汽车A需再运动的时间2

A3sxtv==故A追上B所用时间128sttt=+=总【小问3详解】可由位移关系式2B0A12vtatxvt−=+解得()()()1232s,32stt=−=+舍去即1t时两车已相撞。15.如图所示，某传送带与地面倾角3

7=，AB之间距离12.05ml=，传送带以01m/sv=的速率逆时针转动。质量为1kgM=，长度22.05ml=的木板上表面与小物块的动摩擦因数20.4=。下表面与水平地面间的动摩擦因数30.1

=，开始时长木板靠近传送带B端并处于静止状态。现在传送带上端A无初速地放一个质量为1kgm=的小物块，它与传送带之间的动摩擦因数为10.5=，（假设物块在滑离传送带至木板右端时速率不变，2sin370.6,cos370.8,10m/sg=

==oo。）求：（1）物块离开B点的速度大小；（2）物块在木板上滑过的距离；（3）木板在地面上能滑过的最大距离。【答案】（1）3m/sBv=（2）0.75m（3）0.75m【解析】【小问1详解】小物块速度未达到0v时

，由牛顿第二定律可得211sincos10m/sagg=+=小物块与传送带共速时，下滑的距离20110.05m2vxa==二者共速之后，根据牛顿第二定律可得221sincos2m/sagg=−=由运动学公式，可得()2202112Bvval

x−=−解得B3m/sv=【小问2详解】小物块在木板上运动时，由牛顿第二定律可知2324m/sag==同理，分析木板受力，可得()234mgMmgMa−+=解得242m/sa=二者共速时34Bvatat−=解得0.5st=物块在木板上滑过的距离0

0.75m22Bvvvxtt++=−=此后二者共同减速，无相对位移。【小问3详解】物块和木板的共同速度41m/svat==共速前，对于木板100.25m2vxt+==共同减速的加速度231m/sag==对于木板220.5m2vxa==则木板在地面上能滑过的最大距离

120.75mxxx=+=