【文档说明】第2节　第2课时　孟德尔两对相对性状杂交实验解释的验证和应用.docx，共(6)页，196.693 KB，由小赞的店铺上传

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第2课时孟德尔两对相对性状杂交实验解释的验证和应用合格考达标练1.(2021山东泰安高一期中)在孟德尔进行的两对相对性状的实验中,具有1∶1∶1∶1比例的是()①F1自交后代的性状分离比②F1产生配子类型的比例③F1测交后代的表型比例④F1自交后代的基因型比例⑤F1测交后代的基因

型比例A.①②④B.②③⑤C.①③⑤D.④⑤答案B解析①孟德尔的两对相对性状的实验中,F1是双杂合子,自交后代表型比例为9∶3∶3∶1;②F1是双杂合子,其产生配子的类型比例是1∶1∶1∶1;③孟德尔的两对相对性状的实验中,F1是双杂合子,F1测交后代的表型比例为1∶1∶1∶1;④F1

自交后代F2基因型的比例为(1∶2∶1)2=4∶2∶2∶2∶2∶1∶1∶1∶1;⑤孟德尔的两对相对性状的实验中,F1是双杂合子,F1测交后代基因型的比例为1∶1∶1∶1。综上分析,B项正确,A、C、D

三项错误。2.已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合,基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测,正确的是()A.表型有8种,AaBbCc个体的比例为1/16B.表型有4种,aaBbcc个体的比例为1/16C.表型有8种,A

abbcc个体的比例为1/8D.表型有8种,aaBbCc个体的比例为1/16答案D解析因3对等位基因自由组合,可将3对等位基因先分解再组合来解题。杂交后代的表型应有2×2×2=8(种),后代中AaBbCc个体

的比例为1/2×1/2×1/2=1/8,aaBbcc个体的比例为1/4×1/2×1/4=1/32,Aabbcc个体的比例为1/2×1/2×1/4=1/16,aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2=1/16。3.豌豆种子黄对绿为显性,圆对皱为显性。甲为黄圆(YyRr),

与乙豌豆杂交,后代中4种表型比例为3∶3∶1∶1,则乙豌豆的基因型为()A.yyrrB.YyrrC.yyRRD.YyRr答案B解析将3∶3∶1∶1变形为(3∶1)×(1∶1)可知,一对相对性状的杂交组合方式为杂合子×杂合子,另一对相对性状的杂交组合方式为

测交组合。4.在西葫芦的皮色遗传中,已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性,但在另一白色显性基因(W)存在时,基因Y和y都不能表达。现有基因型WwYy的个体自交,其后代表型种类及比例是()A.3种,12∶3∶1B.3种,10∶3∶3C.4种,9∶3∶3∶1D.2种,13∶3答案A解析基因型

WwYy的个体自交,后代W_Y_∶W_yy∶wwY_∶wwyy=9∶3∶3∶1,因白色显性基因(W)存在时,基因Y和y都不能表达,所以W_Y_和W_yy均表现为白色,wwY_表现为黄色,wwyy表现为绿色,即后代表型及比例为白色∶黄色∶绿色=12∶3∶1。5.(2021天津三中高一

期中)假如水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性,这两对基因遵循自由组合定律。用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病的高秆品种(易倒伏)杂交,F2出现抗病又抗倒伏的基因型及比例为()A.ddRR,

1/8B.ddRr,1/16C.ddRR,1/16和ddRr,1/8D.DDrr,1/6和DdRR,1/8答案C解析F1为双杂合子DdRr,F1子代自交,其后代产生性状分离的比例为高秆抗稻瘟病(D_R_)∶高秆

易感稻瘟病(D_rr)∶矮秆抗稻瘟病(ddR_)∶矮秆易感稻瘟病(ddrr)=9∶3∶3∶1。F2中出现既抗病又抗倒伏的个体占的比例为3/16,其中基因型为ddRR与ddRr的个体的表型都是既抗病又抗倒伏,他们在F2中所占的比例分别为1/4×1/4=

1/16、1/4×1/2=1/8。C项符合题意。6.等位基因A、a和B、b是独立遗传的两对等位基因。让显性纯合子(AABB)和隐性纯合子(aabb)杂交得F1,再让F1测交,测交后代的表型比例为1∶3。如果让F1自交,则下列表型比例中,F2不可能出现的是()A.13∶3B.9

∶4∶3C.9∶7D.15∶1答案B解析两对等位基因独立遗传,遵循基因的自由组合定律。F1(AaBb)测交后代的基因型有4种(AaBb、Aabb、aaBb、aabb),表型比例为1∶3,则F1测交后代的表型只有2种,由此可推知F1自交后代的表

型也为2种,比例可能是9∶7、13∶3或15∶1。7.(2021天津第八中学高一月考)水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗病(R)对易染病(r)为显性。现有两株水稻作为亲本进行杂交实验,产生的后代表型及数量比是高秆抗病∶矮秆

抗病∶高秆易染病∶矮秆易染病=3∶3∶1∶1,则该亲本的基因型为()A.DdRr和ddRrB.Ddrr和DdRrC.DdRr和DdRrD.DdRr和ddrr答案A解析根据后代中高秆∶矮秆=1∶1可知,亲本对应的

基因型组合为Dd×dd,根据后代中抗病∶易感病=3∶1可知,亲本对应的基因型组合为Rr×Rr,故亲本的基因型为DdRr和ddRr。8.(2021天津静海一中高一月考)某种药用植物合成药物1和药物2的途径如

下图示,基因A和基因b分别位于两对同源染色体上。下列叙述错误的是()A.基因型是AAbb或Aabb的植株能同时合成两种药物B.若某植株只能合成一种药物,则必定是药物1C.基因型为AaBb的植株自交,后代有9种基因型和4种表型D.基因型为AaBb的植株自交,后代中能合成药

物2的个体占3/16答案C解析基因组成是AA、Aa的植株能合成药物1,基因组成是A_bb的植株能合成药物2,所以基因型是AAbb或Aabb的植株能同时合成两种药物,A项正确;若某植株只能合成一种药物,则必定是药物1,因为如果不合成药物1就无法合成药物2,B项正确;基因型为AaBb的植株自交,

后代有3×3=9种基因型,3种表型,分别为合成2种药物、只合成药物1、不合成药物,C项错误;基因型为AaBb的植株自交,A_B_(合成药物1)∶A_bb(合成2种药物)∶aaB_(不合成药物)∶aabb(不合成药物)=9∶3∶3∶1,后代中能合成药物2的个体占3/16,D项正确。9.(2021天津

一中高一期中)已知某品种油菜粒色受两对等位基因控制(且两对等位基因独立遗传),基因型为AaBb的黄粒油菜自交,F1中黄粒∶黑粒=9∶7。现将F1中全部的黄粒个体进行测交,则后代中黑粒纯合子所占的比例是()A.1/2B.1/4C.1/9D.1/16答案C解析根据基因型为AaB

b的黄粒油菜自交,F1中黄粒∶黑粒=9∶7可知,F1中黄粒的基因型及比例为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb=1∶2∶2∶4,将F1中全部的黄粒个体进行测交,即与aabb杂交,能产生黑粒纯合子aabb的F1个体基因型只有AaBb,占F1黄粒个体的4/9,因此,后代中黑粒

纯合子所占的比例是4/9×1/2×1/2=1/9,C项正确。10.(2021天津北京师范大学静海附属学校高一月考)鸡冠的形状由两对等位基因(A和a,B和b)控制,这两对等位基因的遗传符合基因的自由组合定律,且与性别无关。据下表回答问题。项目基因组合A、B同时存在(A_B_型)A存在、B不存在(A_

bb型)B存在、A不存在(aaB_型)A和B都不存在(aabb型)鸡冠形状核桃状玫瑰状豌豆状单片状杂交组合甲:核桃状×单片状→F1:核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状乙:玫瑰状×玫瑰状→F1:玫瑰状、单片状丙:豌豆状×玫瑰状→F1:全是核桃状(1)甲组杂交方式在遗传学上

称为,甲组杂交F1四种表型比例是。(2)让乙组后代F1中玫瑰状冠的鸡与另一纯合豌豆状冠的鸡杂交,杂交后代表型及比例在理论上是。(3)让丙组F1中的雌雄个体交配,后代表现为玫瑰状冠的有120只,那么表现为豌豆状冠的纯合子理论上

有只。(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交,它们的后代基因型的种类有种,后代杂合子所占的比例是。答案(1)测交1∶1∶1∶1(2)核桃状∶豌豆状=2∶1(3)40(4)63/4解析(1)由表中信

息可知单片状是双隐性即aabb,所以甲组杂交方式在遗传学上称为测交;F1产生了四种表型说明核桃状的基因型是AaBb,因此后代四种表型的比例是1∶1∶1∶1。(2)由题意可知乙组亲本都是玫瑰状,即A_bb,但后代出现了单片状aabb,说明亲本都是Aabb,

F1玫瑰状的基因型有1/3AAbb、2/3Aabb,与另一纯合豌豆状aaBB杂交,后代有2/3AaBb和1/3aaBb,即核桃状∶豌豆状=2∶1。(3)丙组亲本组合是豌豆状aaB_和玫瑰状A_bb,子代都是核桃状即A_B_,所以亲本是aaBB和AAb

b,其F1是AaBb,雌雄交配后代中玫瑰状应占3/16,豌豆状也占3/16,且豌豆状中纯合的个体占1/3,理论上应有120×1/3=40(只)。(4)这两对等位基因遵循自由组合定律,基因型为AaBb与Aabb的个体杂交,后代基因型种类有3×2=6(种),后代中纯合子比例为1/2×1/2=1

/4,所以杂合子是1-1/4=3/4。等级考提升练11.(2021天津静海一中高一月考)某种植物的果实重量由A与a、B与b、D与d三对独立遗传的等位基因控制。已知A、B、D基因对果实的增重效应相同,a、b与d基因对果实重量的作用也相同,基因型AABB

DD的植株果实重72g,基因型为aabbdd的植株果实重36g。用基因型为AaBbDd与Aabbdd的植株杂交并产生子代,下列说法错误的是()A.子代中不会出现果实重量为66g的植株B.子代中果实重量为42g的植株基因型有3种C.子代中果

实重量为48g的植株出现的概率为5/16D.子代中果实重量为54g与60g的植株之比为4∶1答案C解析基因型为AaBbDd与Aabbdd的植株杂交,雌雄配子共有16种结合方式,其中子代中含有最多显性基因的植株为AABbDd(含有4个显性基因),果实重量为4

×12+2×6=60g,不会出现果实重量为66g的植株,A项正确;子代中果实重量为42g的植株(含有1个显性基因)的基因型为Aabbdd、aaBbdd、aabbDd,共3种基因型,B项正确;子代中出现果实重量为48g的植株(含有2个显性基因)的基因型

有AAbbdd、AaBbdd、AabbDd、aaBbDd,占子代的比例为2×1/4×1/2×1/2+2×1/2×1/2×1/2=3/8,C项错误;子代中果实重量为54g的植株(含有3个显性基因)的基因型有AABb

dd、AAbbDd、AaBbDd,子代中果实重量为60g的植株(含有4个显性基因)的基因型为AABbDd,个体数量之比为4∶1,D项正确。12.(2021北京师范大学沧州渤海新区附属学校高二月考)(多选)某植物的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因R、r和H、h控制。现以红花窄叶植株作为亲

本进行自交,收获的F1中红花窄叶∶红花宽叶∶白花窄叶∶白花宽叶=6∶2∶3∶1。下列有关分析正确的是()A.控制花色和叶宽窄的两对基因的遗传遵循自由组合定律B.F1性状分离比的出现可能是红花基因纯合致死的结果C.F1中有6种基因型,其中纯合子所占的比例为1/4D.

若让F1红花宽叶植株自交,其后代性状分离比为2∶1答案ABD解析根据F1中红花窄叶∶红花宽叶∶白花窄叶∶白花宽叶=6∶2∶3∶1可知,该比例是9∶3∶3∶1的特殊类型,故可判断出这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律,A项正确;F1中

红花∶白花=2∶1,窄叶∶宽叶=3∶1,说明存在红花基因纯合(RR)致死现象,B项正确;依据F1的表型及比例可知,亲本的基因型为RrHh,由于RR致死,故F1中有2×3=6种基因型,其中纯合子rrHH(1/3×1/4)+rrhh(1/3×1/4)占F1的1/6,C项错误;让F1

红花宽叶(Rrhh)植株自交,由于RR致死,其后代性状分离比为2∶1,D项正确。13.果蝇是常用的遗传学实验材料,其翅型有正常翅和卷翅之分,体色有黄身和黑身之分,分别由A、a和B、b两对等位基因控制。现用两种纯

合果蝇杂交,F1均为卷翅黄身,F1雌雄果蝇相互交配,F2的表型及比例如下表所示,已知某种类型的精子成活率会下降,卵细胞均正常。请回答下列问题。表型卷翅黄身正常翅黄身卷翅黑身正常翅黑身雌果蝇7331雄果蝇7331(1)果蝇体色与翅型的

遗传遵循定律,翅型中属于显性性状的是。(2)不具有受精能力的精子的基因组成是,该种类型的精子成活率是。(3)若让F2卷翅黑身果蝇自由交配,则子代的表型及比例为。(4)若取F2正常翅黑身雌果蝇与F1卷翅黄身雄果蝇杂交,请用遗传图解表示该过程。答案(1)自由

组合卷翅(2)AB50%(3)卷翅黑身∶正常翅黑身=8∶1(4)解析(1)根据表格分析可知,子二代的性状分离比是7∶3∶3∶1,是“9∶3∶3∶1”的特殊形式,说明两种性状的遗传遵循基因的自由组合定律,两对性状中属于显性性状的是卷翅和黄身。(2)根据以上分析

知,F1卷翅黄身果蝇的基因型为AaBb,F2的表型及比例为卷翅黄身(A_B_)∶正常翅黄身(aaB_)∶卷翅黑身(A_bb)∶正常翅黑身(aabb)=7∶3∶3∶1,跟正常的分离比“9∶3∶3∶1”相比可知,F2中只有卷翅黄身(A_B_)受到

精子成活率低的影响,可推测出成活率低的精子的基因组成是AB,其成活率只有50%。(3)根据以上分析可知,F2卷翅黑身果蝇基因型为1/3AAbb、2/3Aabb,其自由交配产生的子代中,aabb占2/3×2/3×1/4=1/9,因此后代卷翅黑身和正常翅黑身的比例为8∶1。(4)F2正常翅黑身

雌果蝇基因型为aabb,F1卷翅黄身雄果蝇基因型为AaBb,两者杂交的遗传图解见答案。14.(2021湖南娄底一中高二期中)某二倍体植物的花色有白色、红色和紫色三种,已知花色形成的途径如下图所示。现将某纯合白色花植

株与红色花植株杂交,F1全为白色。若将F1白色花植株自交,所得F2植株中白色∶紫色∶红色=12∶3∶1。回答下列问题。(1)假设该植物的体细胞中含n条染色体,要对该植物进行基因组测序,需要测定条染色体的碱基序列。从基因控制性状的途径来看,基因控制该植物花色的方式为。(2)推测两亲本基因型是,且两

对基因(B、b和D、d)位于对同源染色体上。F1白色花植株与红色花植株杂交,后代表型及比例是。(3)现有一株纯合紫色花,其6号染色体为三体(即6号同源染色体有3条)的植株甲,其配子会随机获得6号染色体中的任意两条或一条。为探究D、d基因是否位于6号染色体上,某生物兴趣小组

将植株甲与正常红色花植株测交,从F1中选出三体植株继续与正常红色花植株测交,观察F2的花色及比例。预期实验结果:①若F2出现的情况,则D、d基因不位于6号染色体上;②若F2出现的情况,则D、d基因位于6号染色体上。答案(1)n/2基因通过

控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制植物花色性状(2)BBDD和bbdd两白色∶紫色∶红色=2∶1∶1(3)紫色∶红色=1∶1紫色∶红色=5∶1解析(1)植物通常没有性染色体,所以基因组进行测序至少需要研究n/2条染色体上的碱基序列;由图分析可知

,基因控制该植物花色的方式为基因通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制植物花色性状。(2)结合分析可知,F2植株中白色∶紫色∶红色=12∶3∶1,可推测两对基因(B、b和D、d)遵循自由组合定律,且位于两对同源染色体上,F1

白色花植株为BbDd,进而推测双亲为纯合白色花植株BBDD与红色花植株bbdd;F1白色花植株BbDd与红色花植株bbdd杂交,后代表型及比例是白色∶紫色∶红色=2∶1∶1。(3)分别假设D、d基因不位于或位于6号染色体上,推测可能的结果有:①若D、d基因不位于6号染

色体上,则三体与花色无关,纯合紫色花bbDD与正常红色花植株bbdd测交,F1为bbDd,从F1中选出三体植株bbDd与正常红色花植株bbdd测交,F2基因型及比例为bbDd∶bbdd=1∶1,表型及比例是紫色∶红色=1∶1。②若D、d基因位于6号染色

体上,则纯合紫色花bbDDD与正常红色花植株bbdd测交,F1为bbDDd和bbDd,从F1中选出三体植株bbDDd(产生的配子为bDD∶bDd∶bD∶bd=1∶2∶2∶1)与正常红色花植株bbdd测交,F2基因型及比例为bbDDd∶bbD

dd∶bbDd∶bbdd=1∶2∶2∶1,则F2表型及比例是紫色∶红色=5∶1。