【文档说明】江苏省启东中学2020-2021学年高一上学期第一次月考物理试题（普通班）含答案.doc，共(8)页，286.500 KB，由小赞的店铺上传

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江苏省启东中学2020～2021学年第一学期第一次月考高一物理试卷一、单项选择题(本题共6小题，每小题3分，共18分．)1．下表是D5412次动车启东站至南京站区间的运行时刻表，则()车次出发站开车时间到达站到达时间用时里程D54

12启东6:50南京10:233小时33分330kmA.表中“6:50”表示时刻B.该动车从启东至南京的位移为330kmC.根据表中数据能求出该动车从启东至南京的平均速度D.该动车体积太大，不能看出质点；乘客可以看成质点，因为乘客体积小2．9月19日，2020年全国射击

冠军赛在湖北宜昌开赛，在10米气步枪比赛中余浩楠获得冠军。假如子弹以220m/s的速度穿入电子靶，穿出电子靶的速度是100m/s，所用时间为2×10－4s（子弹视为质点，并设子弹在穿过电子靶的过程中做加速度不变的直线运动），取子弹穿入方向为正方向，则子弹穿过电子

靶的过程中的加速度为()A.1.1×106m/s2B.-1.1×105m/s2C.6×105m/s2D.-6×105m/s23．做匀减速直线运动的物体经4s停止，若在第1s内的位移是14m，则最后1s内的位移是()A.3.5mB.

2mC.1mD.04．一个质点做速度方向不变的直线运动，在此过程中()A.若加速度和速度同向，当加速度逐渐减小到零时，速度达到最小值B.若加速度和速度同向，当加速度逐渐减小到零时，速度达到最大值C.若加速度和速度同向，当加速度

逐渐减小到零时，位移将不再增大D.若加速度和速度反向，当加速度逐渐减小到零时，位移达到最小值5．a、b两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程中()①a、b的速

度之差保持不变②a、b的速度之差与时间成正比③a、b的位移之差与时间成正比④a、b的位移之差与时间的平方成正比A.①③B.①④C.②③D.②④6．如图所示，物体从O点由静止开始做匀加速直线运动，途经A、B、C三点，其中|AB|＝2m，|BC|＝3m。若物体

通过AB和BC这两段位移的时间相等，则O、A两点之间的距离等于()A.98mB.89mC.34mD.43m二、多项选择题(本题共5小题，共20分.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分)7．从t＝0时刻起，某汽车运动过程的位移与速度的关系式为2(200.5)xv=−

m，下列说法正确的是()A.汽车从t＝0时刻起做匀减速直线运动B.0时刻的初速度为10m/sC.运动过程的加速度为1m/s2D.刹车过程持续的时间为210s8．一个从地面竖直上抛的小球，到达最高点前1s上升的高度是它上升的最大高度的14，不计空气阻力，取g＝10m/s2。则()A.小球上升的最

大高度是5mB.小球上抛的初速度是20m/sC.2.5s时小球正在上升D.1s末、3s末小球处于同一位置9．甲、乙两物体从同一点开始沿同一直线运动，甲的x－t图像和乙的v－t图像如图所示，下列说法正确的是()A．甲

做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动B．甲、乙均在3s末回到出发点，距出发点的最远距离均为4mC．0~2s内与4~6s内，甲的速度等大同向，乙的加速度等大同向D．6s内甲的路程为16m，乙的路程为12m10．一做匀变速直线运动的物体从A点运动到C点所用的时间为t，B为AC

段的中点，物体在AB段运动的平均速度为v，在BC段运动的平均速度为2v，则()A.物体在AC段运动的平均速度为43vB.A、C之间的距离为1.5vtC.物体运动的加速度为2vtD.物体运动的加速度为vt11．运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”

能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是()A.若加速度与速度同向，如图所示的a-t图象表示的是物体的速度在增大B.加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C.从运动学的角

度分析，“加速度的变化率”的单位应是m/s3D.若加速度与速度同向，物体的初速度为5m/s，加速度如图所示，则2s末的速度大小为8m/s三、实验题(本题共2小题，共12分.把答案填在题中的横线上或按要求作答)12．(6分)某同学用如图（甲）所示的装置测定重力加速度：（1）电火花计时器的工作电压为_

▲_V，使用_▲_电源（选填“交流”或“直流”）．（2）纸带上1至9各点为计时点，相邻计时点间时间间隔为0.02s，由纸带所示数据算出加速度的大小为_▲_m/s2．（结果保留2位有效数字）13．(6分)在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同

学得到一条用电火花计时器打下的纸带如下图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电源频率50Hz．（1）设电火花计时器的频率为f，计算F点的瞬时速度vF

的公式为vF＝____▲___；（2）他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如下表。以A点对应的时刻为t＝0，试在右图所示的坐标系中作出v—t图像▲，并利用该图像求出物体的加速度a＝__▲_

_m/s2；(保留2位有效数字）四、计算题（本题共4小题，共计50分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）14．(12分)从离地面125m高的空

中静止释放一小球，小球自由落下，取g＝10m/s2求：(1)小球经过多长时间落到地面；(2)小球的落地速度大小；(3)自开始下落计时，小球最后1s内的位移大小．15．(12分)小明同学沿直线从甲地运动至乙地。历

经匀加速运动、匀速运动、匀减速运动三个过程。全程数据记录如图：(1)求小明匀加速运动过程中加速度大小a1及位移大小x1；(2)求小明在整个运动过程中的平均速度大小。（结果保留2位有效数字）16．(12分)某航空母舰上的战斗机起飞过程中最大加速度是a=5m/s2，飞机速度要达到v1=60m/s才能起

飞，航空母舰甲板长为L=200m．试计算分析（1）若航空母舰静止，飞机靠自身能否安全起飞?（2）为使飞机安全起飞，可通过弹射装置给飞机初速度，至少应给多大的初速度v0?（3）若无弹射装置，可以让航空母舰以一定速

度航行，求航空母舰的最小速度vX应是多少才能让飞机能够安全起飞？（设飞机起飞对航空母舰本身的运动状态没有影响，飞机的运动可以看作匀加速运动，计算结果中可以保留根号）17．(14分)某一长直的赛道上，一辆F1赛车前方200m处有一安全车正以10m/s的速度匀速前进，这时

赛车从静止出发以2m/s2的加速度追赶。(1)求赛车出发3s末的瞬时速度大小；(2)赛车何时追上安全车？追上之前与安全车最远相距多少米？(3)当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4m/s2的加速度做匀减速直

线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？(设赛车可以从安全车旁经过而不发生相碰)江苏省启东中学2020～2021学年第一学期第一次月考高一物理试卷参考答案一、单项选择题(本题共6小题，每小题3分，共18分．)1.A2.D3.B4.B5.A6.A二、多项选择题(本题共5小题，共20分.全部选对的得4

分，选对但不全的得2分，错选和不选的得0分)7.AD8.BD9.CD10.AC11.ACD三、实验题(本题共2小题，共12分.把答案填在题中的横线上或按要求作答)12.(1)220V交流(2)9.4m/s213.(1).64()1

0ddf−；(2).(3).20.40/ms；四、计算题（本题共4小题，共计50分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）14.（1）5s（2）50m/s（3）45m15.（1）0.

1m/s2，180m；（2）5.5m/s解：(1)由运动学公式210.1m/svat==匀加速运动时的位移1180m2vxt==(2)匀速运动时的位移223600mxvt==匀减速运动时的位移33186m2tvvxt+==整个运动过程中

的位移1233966mxxxx=++=整个运动过程中的平均速度5.5m/sxvt=16.（1）不能安全起飞（2）40/ms（3）()60205/ms−解：（1）若能安全起飞，其末速度为160/vms=，设位

移为x，则根据速度与位移的关系可以得到：212vax=，则22160360200225vxmmLma====，故不能安全起飞；（2）若要安全起飞，则战斗机被弹射出来时的速度为0v，则根据速度与位移的关系可以得到：22102vvaL−=，则：220126025200/40/v

vaLmsms=−=−=；（3）设在t时间内航空母舰和飞机的位移分别为1x和2x航空母舰做匀速运动，则位移为：1xxvt=飞机做匀加速直线运动，则位移为：2212xxvtat=+则根据题意有：21xxL−=由速度与时间关系有：1xvvat=

+联立以上各式解得：()60205/xvms=−17.(1)6m/s(2)20s225m(3)20s解：(1)赛车在3s末的速度v1＝a1t1＝2×3m/s＝6m/s(2)设经t2时间追上安全车，由位移关系得v0

t2＋200＝12a1t22解得t2＝20s此时赛车的速度v＝a1t2＝2×20m/s＝40m/s当两车速度相等时，两车相距最远。由v0＝a1t3得两车速度相等时，需要的时间t3＝v0a1＝102s＝5s两车最远相距Δs＝v0t3＋200m－12a1t

23＝10×5＋200－12×2×52m＝225m(3)设再经t4时间两车第二次相遇，由位移关系得vt4－12a2t24＝v0t4，解得t4＝15s由于赛车停下来的时间t＝va2＝404s＝10s所以t4＝15s不合实际，所以两车第二次相遇再经时间t5，应满足v22a2＝v

0t5解得t5＝20s