【文档说明】江西省鹰潭市余江区第一中学2024-2025学年高三上学期10月月考物理试题 Word版含解析.docx，共(19)页，3.159 MB，由管理员店铺上传

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余江一中2025届高三年级第二次模拟考试物理考生注意：1．本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。2．答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3．考生作答时，请将答案答在答题卡上。选

择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．

．．4．本卷命题范围：必修第一册，必修第二册第五章到第八章第1节。一、选择题（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题中只有一项符合题目要求，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.武大靖是中国著名的短道速滑

运动员，为我国的滑冰运动取得了很多荣誉。下列各图能表示武大靖弯道加速的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【详解】速度沿着轨迹的切线方向，合外力指向轨迹的凹侧，当速率增大时，合外力方向与速度方向的夹角小于90。故选D。2.箱式电梯里有一竖直弹簧秤悬挂一重物，某人

在电梯运动前看到弹簧秤的示数如图甲所示，在电梯运动以后的某段时间内，他又看到弹簧秤的示数如图乙所示。从图乙中可以判定（）A.电梯一定处于减速上升状态B.电梯一定处于加速上升状态C.电梯可能处于减速下降状态D.电梯可能处于加速下降状态【答案】C【解析】【详解】题图乙中

弹簧秤的示数比题图甲中弹簧秤的示数（电梯静止）大，故图乙中人处于超重状态，其加速度方向向上，电梯可能加速上升或减速下降。故选C。3.如图所示，质量为1kgm=的物体静止在光滑水平地面上，0t=时对物体施加一

与水平方向夹角为37°、大小为10NF=的恒力，sin370.6=°，cos370.8=°，则下列说法正确的是（）A.1s末物体的速度大小为10m/sB.经过2s力F做功为160JC.2s末力F的功率为128WD.前2s力F的平均功率为80W【答案】C【解析】【详解

】A．对物体受力分析，水平方向由牛顿第二定律cos37Fma=解得物体的加速度大小为28m/sa=根据运动学公式1vat=可得，1s末物体的速度大小为1181m/s8m/svat===故A错误；B．前2s的位移22221182m16m2

2xat===所以经过2s力F做功为22cos3710160.8J128JWFx===故B错误；C．2s末物体的速度为2282m/s16m/svat===所以2s末力F的功率为22cos37128WPFv

==故C正确；D．前2s的平均功率为22128W64W2WPt===故D错误。故选C。4.逆风能使帆，这是力分解的神奇作用，如图所示，把帆面张在航向（船头指向）和风向之间，因风对帆的压力F垂直帆面，它会分成两个分力F1、F2，其中2F垂直船轴即航向（“

龙骨”），会被很大的横向阻力平衡，F1沿着航向，已知帆面与航向之间的夹帆面航向角为θ，船的总质量为m，下列说法正确的是（）A.2sinFF=B.船受到的合力是1FC.1F是船前进的动力D.若船沿着航向的阻力为f，则船的加速度为cosFfm−【答案】C【解

析】【详解】A．根据几何关系可得2cosFF=故A错误；BC．据题意可知1F与船运动的方向相同，是船前进的动力，船还受到其他阻力的作用，所以船受到的合力不是1F，故C正确，B错误；D．若船沿着航向的阻力为

f，根据牛顿第二定律可得1sinFFfFfma=−=−=合可得船的加速度sinFfam−=故D错误。故选C。5.卫星是人类的“千里眼”、“顺风耳”，如图所示三颗静止通信卫星就能实现全球通信，已知卫星之间的距离均为L，地

球自转的周期为T，地球的第一宇宙速度为0v，引力常量为G，下列说法正确的是（）A.三颗通信卫星受到万有引力大小相等B.三颗通信卫星的轨道半径为32LC.地球的质量为2324π9LGT的D.地球的第一宇宙速度与通信卫星的速度之比为032πTvL【答案】D【解析】【详

解】A．由于三颗通信卫星的质量不一定相等，则所受到的万有引力大小不一定相等，故A错误；B．由几何关系2sin60rL=可得卫星的轨道半径为33rL=故B错误；C．由2224πGMmmrrT=解得23

2439LMGT=故C错误；D．地球的第一宇宙速度为0v，通信卫星的速度为2233LvrTT==比较可得0032vTvvL=D正确。故选D。6.如图所示，倾角为α的斜面与水平面的交点为B，斜面上的C点处有一小孔，将一小球从B点的正上方A点水平抛出，

小球通过小孔落到水平地面上的D点，小球可视为质点，小孔的直径略大于小球的直径，小球通过小孔时与小孔无碰撞，已知小球通过小孔时速度正好与斜面垂直，小球从A到C的运动时间为t，重力加速度为g，则B、D两点之间的距离为（）A.222n1gtta+

B.gt2tanαC.22n2n1gttata+D.222ngtta【答案】C【解析】【详解】小球从A到C的运动时间为t，则212hgt=，0xvt=小球通过小孔时速度正好与斜面垂直0tanvg

t=AB间距离sincosxHh=+B、D两点之间的距离02BDHxvg=解得22n2n1BDxgttata=+故选C。7.如图所示，水平传送带两端点相距8m，以v＝13m/s的恒定速度逆时针

运转，工件（可视为质点）滑上A端时速度vA＝10m/s，工件与传送带间的动摩擦因数μ＝0.6，取g＝10m/s2。工件在传送带上运动的整个过程中，其位移x、速度v、加速度a、所受合力F随时间变化的图像正确的

是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】根据牛顿第二定律可知μmg＝ma则a＝μg＝6m/s2工件速度达到v＝13m/s时所用时间t1＝Avva−＝13106−s＝05s运动的位移x＝2Avv+t1＝5.75m＜8m则工件在到达B端前速度就达到了13m/s，此后工件与

传送带相对静止，因此工件先加速运动后匀速运动，根据牛顿第二定律可得合力F＝ma先不变后为零，故B正确，A、C、D错误。故选B。8.如图所示，竖直面内的固定圆环光滑，两个有孔的小球A和B套在环上。中间用一根轻绳相连，B处在过圆心的水平线上，绳与水平方向的夹角为30时A、B均保持静止，

已知B的质量为m，下列判断正确的是（）A.绳的张力大小等于3mgB.A的质量为2mC.剪断细绳的瞬间A的加速度大小为32g.D.剪断细绳的瞬间A的加速度大小为2g【答案】BD【解析】【详解】AB．根据题意对B球受力分析，如图所示由平衡条件有sinTm

g=解得细线对B球的拉力2Tmg=对A球受力分析，在水平方向Acos30sin30TN=在竖直方向AAcos30gsin30NmT=+联立可解得A2mm=故A错误，B正确；CD．剪断细线的瞬间，将重力和支持力沿切线方向和径向分解

，切向的合力产生瞬时加速度，则sin3012mgagm==故C错误，D正确。故选BD。9.如图所示为两辆汽车A、B运动过程中的xtt−图像，已知两辆汽车同时由同一地点出发。则下列说法正确的是（）A.汽车B的初速度大小为20m/sB.汽车A的加速度大小为210m/sC.1

st=时两辆汽车的速度相同D.1st=时两辆汽车再次相遇【答案】AD【解析】【详解】A．根据匀变速直线运动位移时间公式2012xvtat=+得012xvatt=+对于汽车B，由题图可知0B20m/sv=，又2B120m/s22a=

−解得2B20m/sa=−故A正确；B．对于汽车A，由题图可知0A0v=，又2A120m/s22a=解得2A20m/sa=故B错误；CD．1st=时，汽车A速度为AA20m/svat==的位移为2AA

110m2xat==同理1st=时，汽车B的速度为B0BB0vvat=+=根据逆向思维把汽车B的运动看成反方向的初速度为零的匀加速直线运动，则汽车B的位移为2BB110m2xat==由于1s的时间内两汽车的位移相同，则1st=时两辆汽车再次相遇，故C错误，D正确。故选A

D。10.如图，有一竖直放置在水平地面上光滑圆锥形漏斗，圆锥中轴线与母线的夹角为45=，可视为质点的小球A、B在不同高度的水平面内沿漏斗内壁做同方向的匀速圆周运动，两个小球的质量2Amm=，Bmm=，若A、B两球轨道平面距圆锥顶点O的高度分别为4h和h，图示时刻两球刚好在同一条母线上，下

列说法正确的是（）A.球A和球B的向心加速度大小分别为2g和gB.两球所受漏斗支持力大小之比与其所受向心力大小之比相等C.球A和球B的线速度大小之比为1:2D.从图示时刻开始，球B旋转两周与球A在同一根母线上相遇一次【答案】BD【解析】【详解】A．对球A进行受力分析，由牛顿第二定律可得Nsin2F

mg=Ncos2AFma=Aag=故A错误；B．由题意可知，对两球都有cosFF=支向2FF=支向两球所受漏斗支持力大小之比与其所受向心力大小之比相等，故B正确；C．由2vFmamr==向结合几何关系可得4tan2AAAvarghgh===tanBBBvarghgh===球

A和球B线速度大小之比为2:1，故C错误；D．由vr=及上述分析可得，球A与球B的角速度之比为::1:24tantanABABvvhh==则第一次相遇有2BAtt−=4Bt=的即球B旋转两周与球A在同一根母线上相遇一次，故D正确。故选BD。二、非

选择题：本题共5小题，共54分。11.2050年，我国宇航员登上某一未知天体，已知该天体半径为R，现要测得该天体质量，宇航员用如图甲所示装置做了如下实验：悬点O正下方P点处有水平放置的炽热电热丝，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断，

而小球由于惯性向前飞出做平抛运动。现对小球采用频闪数码照相机连续拍摄。在有坐标纸的背景屏前，拍下了小球在做平抛运动过程中的多张照片，经合成后，照片如图乙所示。a、b、c、d为连续四次拍下的小球位置，已知

照相机连续拍照的时间间隔是0.10s，照片中坐标为物体运动的实际距离，已知万有引力常量G，则：（1）由以上信息，可知a点_______（选填“是”或“不是”）小球的抛出点；（2）由以上及图信息可以算出小球平抛的初速度是_______m/s；（3）该星球质量为_

________（用G、R表示）。【答案】①.是②.0.8③.28RG【解析】【详解】（1）[1]平抛运动在竖直方向做自由落体运动，连续相等时间的下降高度之比为1:3:5，图乙满足此条件，故a点是小球的抛出点。（

2）[2]小球在水平方向做匀速直线运动0xvT=，0.1sT=水平速度为00.8m/sv=（3）[3]小球在竖直方向做自由落体运动22hlgT==，4cm0.04ml==得重力加速度为28m/sg=根据万有引力等于重力2MmGmgR=该星球质量为28RMG=12.某实验小组用如图甲所示装置探究

加速度与合外力的关系，小车的质量为M，打点计时器使用的交流电频率为50Hz。（1）按装置图甲安装好装置，平衡摩擦力后进行实验，小车靠近打点计时器，需要调节定滑轮A，使________，调节定滑轮B，使________。（2）接通电源，释放钩码，多次改变钩码质量，记录弹

簧秤的读数F，某次弹簧秤的示数如图乙所示，则小车受到细线的拉力大小为________N，实验打出的一条纸带如图丙所示，相邻记数点间还有4个点没有画出来，则小车运动的加速度a=________m/s2（结果保留三位有效数字）。（3）多次改变钩码的质量进行实验，测得多组弹簧测力

计的示数F及小车的加速度，作aF−图像，如果图像是过原点的一条倾斜直线，且图像的斜率等于________，表明物体质量一定时，加速度与合外力成正比。【答案】①.细线与长木板平行②.使滑轮B左右两边的细线平行③.1

.00N④.2.40⑤.12M【解析】【详解】（1）[1]如果细线不与长木板平行，则运动过程中细线的方向就会发生变化，小车所受的力不是恒力，就不会做匀加速度直线运动，故需要细线与长木板平行；[2]当两边的细线不平行，弹簧秤的示数与细线的拉力大小的关系就不确定，平行的时候弹簧的示数是细线拉力的

两倍，故需要滑轮B左右两边的细线平行；（2）[3]弹簧秤的示数是细线拉力的两倍，读出弹簧秤的示数为2.00N，故细线的拉力大小为1.00N；[4]根据题意，相邻计数点之间的时间间隔为50.1s==Tf根据逐差法，小车的加速度为2BDOA2-

2.40m/s4xxaT=（3）[5]根据牛顿第二定律有T22FFFaMMM===故图像的斜率等于12M。13.如图所示，倾角为37°的斜面体固定在水平地面上，一条轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮，一端与斜面上质量为12m的物块甲连接，另一端与质量为2m的物块乙连接，先用手控制住甲，

使甲、乙均处于静止状态，斜面上方的细线与斜面平行，乙悬挂在细线的下端，下表面与地面间的距离为h，接着松开手，甲、乙开始做匀加速直线运动，绳子的拉力大小为23Tmg=，经过一段时间乙落地，甲还没到达滑轮处，sin370.6=

、cos370.8=，不计滑轮与绳之间的滑动摩擦力，重力加速度为g，求：（1）乙落地前瞬间，乙重力的功率和甲克服重力的功率；（2）甲与斜面之间的动摩擦因数。【答案】（1）433mgghP=乙，35mgghP=甲（2）11

2=【解析】【小问1详解】对乙，由牛顿第二定律可得22mgTma−=解得23ag=设乙落地前瞬间，甲、乙的速度大小均为v，则有22vah=解得233vgh=则乙落地前瞬间，乙重力的功率为4323mgghPmgv==

乙甲克服重力的功率为31sin3725mgghPmgv==甲【小问2详解】甲对斜面的压力为N1cos372Fmg=滑动摩擦力NfF=由牛顿第二定律可得11sin3722Tmgfma−−=解得112=14.如图所示，一根原长为L的轻弹簧套在一长为3L的光滑直杆AB上，其下端固

定在杆的A端，质量为m的小球也套在杆上且与弹簧的上端相连。小球和杆一起绕经过杆A端的竖直轴’OO匀速转动，且杆与水平面间始终保持37=角。已知杆处于静止状态时弹簧长度为0.5L，重力加速度为g，sin370.6cos370.8==，，求：（1）弹簧的劲度系数k；（2）弹簧为原

长时，小球的角速度0；（3）当杆的角速度满足什么条件时小球会从B端飞走。【答案】（1）65mgL；（2）1154gL；（3）54gL【解析】【分析】详解】（1）由静止时，对小球受力分析，由平衡条

件得sinmgF=弹根据胡克定律得(0.5)FkLL=−弹解得65mgkL=（2）弹簧为原长时，小球只受到重力和杆的支持力，由它们的合力提供向心力，则20costanmLmg=可得01154gL=（3）当弹簧伸长长度为2xL=时，小球会从B端飞走，设弹簧的伸长量为x，弹簧的弹力为F，

对小球，由受力分析可得竖直方向NcossinFmgF=+【水平方向2Nsinco(s)cosFFmLx+=+根据胡克定律得Fkx=代入2xL=后解得54gL=所以，当杆的角速度54gL时，弹簧长度大于3L，小球会从B端飞走。15.如图所示，一质量100kgM=，长度1.

375mL=、高度1.25mH=的木箱甲停在光滑水平面上。一质量50kgm=可视为质点的小铁块乙置于甲上，它到甲左端的距离1md=。现对甲施加水平方向的恒力，使其向右运动，结果乙从甲上滑落，乙在甲上滑

动的加速度大小为212m/sa=，乙刚离开甲时，甲向前运动的距离02ms=，不计空气阻力，重力加速度g取210m/s。求：（1）乙与甲之间的动摩擦因数；（2）乙刚离开甲时，甲的速度大小；（3）乙落到光滑水平面时，落点到甲右端的水平距离。【答案】（1）0.2（2）4m/s（3

）3m【解析】【小问1详解】乙在甲上滑动时，由牛顿第二定律得1mgma=解得乙与甲之间的动摩擦因数为0.2=【小问2详解】如图乙从A点运动到B点位移01mABssd=−=乙做匀加速直线运动到B点速度为Bv，则212BABvas=解得2m/sBv=乙在甲上运动的

时间112s1s2Bvta===甲向前运动的位移202112sat=所以甲的加速度为224m/sa=此时甲的速度为2214m/svat==【小问3详解】乙从B处滑落，做平抛运动，则2212Hgt=解得2

0.5st=乙落到C点，水平位移1220.5m1mBsvt===乙滑落之前，甲的加速度为2a由牛顿第二定律得2FmgMa−=则有500NF=乙滑落之后，对甲由牛顿第二定律3FMa=甲的加速度235m/sa=乙平抛落到光滑水平面的过程中，甲的位移22223212.625m2svt

at=+=乙落点到甲右端的水平距离213msssL=−+=