【文档说明】宁夏石嘴山市平罗中学2020-2021学年高一上学期第二次月考物理试卷【精准解析】.doc，共(13)页，468.500 KB，由小赞的店铺上传

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第一学期第二次月考试题高一物理一、选择题（每小题3分，共48分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意的）1.下列情况中加划线的物体，哪些不可以看作质点？（）A.研究温州快客通过宜山大桥的运行快慢B.研究公转规律时的地球C.研究“神州”六号飞船绕地球运行的高度D.研究火车通过一座铁路桥

所用的时间【答案】D【解析】【详解】A．研究温州快客通过宜山大桥的运行快慢时，快客的形状和大小可以忽略，能看成质点，故A不符合题意；B．研究地球公转规律时的地球时，地球与太阳的距离远大于地球自身大小，因此可以看成质点，故B不符合题意；C．研究“神州”六号飞船绕

地球运行的高度时，六号飞船的大小和形状可以忽略，能看成质点，故C不符合题意；D．火车的长度相对于铁路桥不能忽略，不能看成质点，故D符合题意。故选D。2.甲乙两物体距地面高20m和10m处同时自由落下，先后落到地面上同一点，不计空气阻力，下

面描述正确的是（）A.落地时甲的速度是乙速度的2倍B.落地时间甲是乙的2倍C.下落1s时甲的速度与乙的速度相同D.甲乙两物体在着地前最后1s下落的距离相等【答案】BC【解析】【详解】A．根据2vgh=可知，落地时甲的速

度是乙速度的2倍，故A错误；B．根据2htg=可知，落地时间甲是乙的2倍，故B正确；C．根据vgt=可知，下落1s时甲的速度与乙的速度都为g相同，故C正确；D．甲乙两物体下落的时间不同，最后一秒的初速度不同，所以最后1s下落的距离

不相等，故D错误。故选BC。3.以下划线上的数字指时间（即时间间隔）的是（）A.某中学的作息表上写着，第四节：10：15－10：55B.刘翔跨栏记录为12.91sC.中央电视台《星光大道》栏目每晚7：30准时与您见面D.午休从12：10开始【答案】B【解析】【详解】A．第四节：10：15-10：

55，10：15和10：55是上课和下课的时间，指的是时刻，故A错误．B．12．91s指刘翔跨跑完的时间，是时间间隔，故B正确．C．每晚7：30准时与您见面，7：30指时刻，故C错误D．午休从12：10开始，12：10是指时刻，故D错误．故选B。4.下面为四个质点的速度图像，其中反

映质点做匀加速直线运动的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】A．图线的斜率，物体的加速度不变，说明物体做匀减速直线运动．故A错误；B．图线的斜率，物体的加速度不变，说明物体做匀加速直线运动．故B正确；C．图线的速度

不变，表示物体做匀速直线运动．故C错误；D．图象的斜率等于速度，斜率不变，物体的速度不变，说明物体做匀速直线运动．故D错误。故选B。5.皮球从3m高处落下,被地板弹回,在距地面1m高处被接住,则皮球通过的路程和位移的大小分别是()

A.4m4mB.3m1mC.3m2mD.4m2m【答案】D【解析】试题分析：位移是指从初位置到末位置的有向线段，所以此时物体的位移的大小是：x=3m-1m=2m路程是指物体所经过的路径的长度，此时的路程为：s=3m+1m=4m．故选D．考点：位移和路程【名师点睛

】本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．同时注意位移与路程的联立与区别．6.一个运动员在百米赛跑中，测得他在50m处的瞬时速度是6m/s,16s末到达终点的瞬时速度是7.5m/s，则全程内的平均速度大小为()A.6m/sB.6.

25m/sC.6.75m/sD.7.5m/s【答案】B【解析】【详解】排除题目中的干扰因素，百米比赛为直道，其位移为100米，所以平均速度为：1006.25m/s16xvt===故B正确ACD错误.7.下列描述的运动中，可能存在的是（）①

速度变化很大，加速度却很小②速度方向为正，加速度方向为负③速度变化的方向为正，加速度方向为负④速度变化越来越快，加速度越来越小A.①②B.①③C.②③D.②④【答案】A【解析】【详解】①速度变化很大，但时间的大小不清楚，所以加速度

大小不能确定。可能很小，也可能较大，所以可能存在，故①是可能的；②速度方向为正，但速度变化为负，所以加速度方向也为负。故②是可能的；③速度变化的方向为正，则加速度方向一定为正，故③是不可能的；④速度变化越来越快，则加速度大小也越来越大，故④是不可能的。综上分析可知，A正确，BCD错误。故选A。8

.一个质点沿x轴做直线运动，其位置坐标如下表：t/s01234x/m-5-31715则第几秒内质点的位移最小（）A.第1s内B.第2s内C.第3s内D.第4s内【答案】A【解析】【详解】由图可知，第1s内，位移x1=-3-（-5）=2m在第2s内，位移x2=1-（-3）=

4m在第3s内，位移x3=7-1=6m在第4s内，位移x4=-15-7m=8m可知在第1s内位移最小，故A正确，BCD错误。故选A。9.如图所示是一辆汽车从静止开始由甲地开往乙地的速度图像，则在0～1s和1～3s两段时间内，下列说法不正确的是（）A.a之比为2:1B.x之比为1:2C.平均速度

之比为1:1D.全程位移是9米【答案】AD【解析】【详解】A．加速度之比为123021003131aa−−==−−−A错误；B．位移之比为1213122322xx==B正确；C．平均速度之比为1203123012vv+==+C正确；D．全程位移

是33m4.5m2x==D错误。故选AD。10.某质点的位移随时间的变化关系式x=4t-2t2,x与t的单位分别是m和s．则该质点的初速度和加速度分别是A.4m/s和-2m/s2B.0和2m/s2C.4m/s和-4m/s2D.4m/s和

0【答案】C【解析】【详解】根据位移时间公式可得：2201422xvtattt=+=−，可得质点的初速度v0=4m/s，加速度a=-4m/s2，故C正确，ABD错误．11.物体做匀加速直线运动，已知1秒末

速度为6m/s，2秒末速度为8m/s．下列说法中不正确．．．的是（）A.初速度为4m/sB.加速度为2m/s2C.任意1s内速度变化2m/sD.第1s内平均速度为6m/s【答案】D【解析】【详解】B．由0vvta−=可知，物体的加速度2286am/s2m/s1−==

；故B正确；C．a=2m/s2故说明速度在每1s内变化2m/s；故C正确；A．则0时刻物体的速度应比1s末少2m/s，故初速度为6-2=4m/s，故A正确；D．第1s内的平均速度为46m/s5m/s2+=，故D错误；本题选不正确的，故选D。12.一

个自由下落的物体，前3s内下落的位移是第1s内下落位移的（）A.2倍B.3倍C.6倍D.9倍【答案】D【解析】【详解】第1s内的位移为21112xgt=前3秒内下落的距离为22212xgt=则有2222129xtxt==故ABC错误，D正确。故选D。13.竖直升空的火箭，其速度图象

如图所示，由图可知（）A.火箭上升到最高点所用时间是40sB.火箭前40s上升，以后下降C.火箭的加速度始终是20m/s2D.火箭离地最大的高度是48000m【答案】D【解析】【详解】AB．根据图像可知0-120s，速度方

向没有改变，而120s时速度为0，位移最大，此时达到最高点，故AB错误；C．根据图象可知，前40s火箭做匀加速直线运动，加速度为2218000m/s20m/s400vat−===−后80s做匀减速直线运动，加速度为2220800m/s10m/s12040vat−===−−故C错误；D

．火箭上升的最大高度即为运动过程中的最大位移，由图可知当速度等于零时，位移最大1800120m48000m2x==故D正确。故选D。14.一石块从楼房阳台边缘向下做自由落体运动，到达地面，把它在空中运动的时间分为相等的三段，如果它在第一段时间内的

位移是1.2m，那么它在第三段时间内的位移是（）A.6.0mB.3.6mC.10.8mD.1.2m【答案】A【解析】【详解】从静止开始的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内，位移之比IIIIII::1:3:5SSS=由于第一段时间内的位移为1.2m，因此第三段时间内的位移IIII551.

2m6.0mSS===故选A。15.在下图中，表示物体做匀变速直线运动的是（）A.①②B.①③C.②③D.①④【答案】B【解析】【详解】①中v-t图象是倾斜的直线，速度均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动，故①正确；②表示物体做匀速直线运动，故

②错误；③v-t图象是倾斜的直线，速度均匀变化，加速度不变，表示物体做匀变速直线运动，故③正确；④图线切线的斜率减小，加速度减小，表示物体做变加速直线运动，故④错误。所以选B。16.某同学身高1.8m，在运动会

上参加跳高比赛。他采用背跃式跳高，起跳后身体横着恰能越过1.8m高度的横杆，据此可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为（）A.1m/sB.2m/sC.5m/sD.10m/s【答案】C【解析】【详解】运动员是站着起跳，横着过杆，所以竖直方向的位移应该是重心上升的高度是0.9m左右，根据速度位移公式0

-v02=2gh代入数据解得0184.24m/sv=故C正确，ABD错误。故选C。二、填空题17.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图，在纸带上选择A、B

、C、D、E、F的6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，各点到A点的距离依次是2.00、5.00、9.00、14.00、20.00（单位为cm）。(1)根据自己学过的知识可以求出纸带上中间几个点的速度，写出其中小车在

B点、C点、D点和E点的速度分别为vB=_________m/s，vC=_________m/s，vD=_________m/s，vE=_________m/s。(2)小车在CE间的平均速度为________m/s；(3)以打B点时为计时起点，建立v—t坐标系，作出小车运

动的速度与时间关系的图线；（）(4)根据图线可得小车运动的加速度a=___________m/s2。【答案】(1).0.25(2).0.35(3).0.45(4).0.55(5).0.45(6).(7).1【解析】【详解】（1）[1][2][3][4]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中

的平均速度，求出各点速度为B0.050.25ms20.1v==C0.090.020.35ms20.1v−==D0.140.050.45ms20.1v−==E0.20.090.55ms20.1v−==

（2）[5]相邻两个计数点间的时间间隔为0.1s，CE间的平均速度为CE(14.05.0)0.010.45ms20.1v−==（3）[6]描点作v-t图象如右图所示（4）[7]根据v-t图象为一倾斜直线，因此小车的加速度为2ms1vat==

18.小球做自由落体运动，则它在前ns内的位移与前（n＋1）s内的位移之比是_________。第ns内位移与第（n＋1）s内位移之比是__________。【答案】(1).()221nn+(2).2121nn−+【解析】【详解】[1]根据212hgt=可

得前ns内的位移与前（n＋1）s内的位移之比()()2211nnhnhn+=+[2]根据212hgt=可得第ns内位移为()2211122nHgngn=−−第（n＋1）s内位移为()22111122nHgngn+=+−可得12121nnHnHn+−=+三、计算

（要求写出必要的文字说明及主要的演算过程）19.一辆卡车初速度为v0=10m/s，以a=2m/s2的加速度行驶，求：（1）卡车在3s末的速度v；（2）卡车在6s．．内．的位移x6与平均速度v；（3）卡车在第．6s．．内．的位移xⅥ.【答案】（1）16m/s（2）

96m16/ms（3）21m【解析】（1）卡车在3s末的速度为：01023/16/vvatmsms=+=+=；（2）卡车在6s内的位移为：26066111062369622xvtatmm=+=+=，则平均速度为：6696/16/6xvmsmst===．（

3）卡车在第6s内的位移为：2650551196()96(105225)2122xxxmvtatmmmⅥ=−=−+=−+=．点睛：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用．

20.一辆汽车在平直公路上匀速行驶，速度大小为v0=5m/s，关闭油门后汽车的加速度为a=-0.4m/s2．求：(1)关闭油门后到汽车位移x=30m所经历的时间t1．(2)汽车关闭油门后t2=20s内滑行的距离．【答案】(1)t1=10s(2)s=31.25m【解析】【详解】(1)

由匀变速直线运动规律可得2012xvtat=+，把x=30m、v0=5m/s、a=−0.4m/s2代入式中可求得t1=10s，t2=15s(舍去)故关闭油门后到汽车位移x=30m所经历的时间为10s.(2)汽车停止时间t′=00050.4va−−=−s=12.5s<20s，所以在20s内

汽车通过的位移为：S=00512.522vtm+==31.25m，故汽车关闭油门后t2=20s内滑行的距离为31.25m.【点睛】（1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动的时间．注意速度减到零后不会返回；（2）

先求出汽车关闭油门到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动，利用平均速度可求出汽车关闭油门后滑行的距离．21.一辆汽车正以15m/s的速度在平直的公路上行驶，突然，司机发现正前方15m处有一辆自行车以5m/s的速度做同方向的运动，在反应0.4s后才实施制

动（这个时间称为反应时间）.若汽车刹车时能产生的最大加速度为5m/s2，请问汽车是否会撞上自行车？若不相撞，求两车相距最近时的距离；若相撞，求汽车刹车后经多长时间与自行车相撞．【答案】不相撞，最近距离为1米【解析】【详解】汽车在反应时间内的位移111150.4m6mxvt===当速度相等时所经历

的时间212515s2s5vvta−−===−在2s内汽车的位移221221115254m20m22xvtat=+=−=自行车的位移3221()52.4m12mxvtt=+==因为3012xxx

x++，所以不会相撞．两者的最小距离△3012()()1mxxxxx=+−+=22.一辆巡逻车最快能在10s内由静止匀加速到最大速度vm=50m/s，并能保持这个速度匀速行驶，问该巡逻车在平直的高速公路上由静止追上前方2000

m处正以v=35m/s的速度匀速行驶的汽车，至少需要多少时间？【答案】150s【解析】【详解】设至少经过时间t追上；此时汽车的位移22xvt=巡逻车匀加速运动的位移2510m=250m2mvxt==匀速运动的位移10mxvts=−（）则巡逻

车的位移1250m501050250xxxtt=+=+−=−（）因为12200mxx=+代入数据得30st=