【文档说明】【精准解析】2020-2021学年物理教科版必修1课时作业：必修1综合评估.pdf，共(13)页，585.858 KB，由小赞的店铺上传

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必修1综合评估时间：90分钟分值：100分一、选择题(1～6为单选每小题3分，7～10为多选每小题4分，共34分)1．关于惯性，下列说法中正确的是(D)A．物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性B．速度越大的物体惯性越大C．已知月球上的重力加速度是地球上的16，故一个物

体从地球移到月球惯性减小为原来的16D．质量越大的物体惯性越大解析：惯性是物体的固有属性，物体惯性的大小与其运动状态无关，A、B错误．物体的惯性大小由其质量决定，与其他因素无关，C错误，D正确．2．如图

所示，一质量为m的物体从某曲面上的Q点自由滑下，通过一粗糙的静止传送带后，落到地面上的P点．若传送带沿逆时针方向匀速转动，再把该物体放在Q点自由下滑，则物体(A)A．仍落在P点B．将落在P点左方C．将落在P点右方D．无法确定

解析：无论传送带转动还是不转动，物体从Q点下落至传送带最左端时，速度相同，且物体在传送带上所受的摩擦力均为滑动摩擦力，物体相对传送带向右运动，故所受摩擦力方向向左，又物体对传送带的压力和动摩擦因数在两种情况下都相同，摩擦力相同，加速度相同，故两种情况下，物体的运动状态完全相同

，运动轨迹也完全相同．选项A正确．3．自由下落的物体，它开始下落全程34的高度所用的时间和下落全程所用的时间的比值为(D)A．1￿2B．1￿(3－2)C．(2－1)￿(3－2)D.3￿2解析：由h＝1

2gt2，它落到34h时所用时间t1＝3h2g，下落全程所用时间t＝2hg.所以t1￿t＝3￿2，D项正确．4．下图所示为甲、乙两物体相对于同一坐标的x－t图像，则下列说法中正确的是(C)①甲、乙均做匀变速直线运动②甲比乙早出发时间t0③甲、乙运动的出发点相

距x0④甲的速率大于乙的速率A．①②③B．①④C．②③D．②③④解析：图像是x－t图线，甲、乙均做匀速直线运动；乙与横坐标的交点表示甲比乙早出发时间t0，甲与纵坐标的交点表示甲、乙运动的出发点相距x0；甲、乙运动的速率用图线斜

率的绝对值表示，由图知甲的速率小于乙的速率，故C正确．5．质量为0.3kg的物体在水平面上运动，右图中两直线分别表示物体受水平拉力和不受水平拉力时的速度－时间图像，则下列说法正确的是(B)A．物体所受摩擦力一定等于

0.1NB．水平拉力一定等于0.1NC．物体不受水平拉力时的速度－时间图像一定是aD．物体不受水平拉力时的速度－时间图像一定是b解析：由速度－时间图像可知，a、b图线表示物体做匀减速运动，加速度大小设为aa、ab，则aa＝5－36m/s2＝13m

/s2，ab＝5－16m/s2＝23m/s2.拉力的情形可能有两种：①若拉力和摩擦力与速度方向相反，则f＝maa，F＋f＝mab，此时F＝f＝0.3×13N＝0.1N，此情况，a表示没有受拉力，b表示受拉力；②若

拉力方向与速度方向相同，则f′＝mab，f′－F′＝maa，此时f′＝0.3×23N＝0.2N，F′＝0.1N，这时，a表示受拉力，b表示没有受拉力．故选项B正确．6．如图所示，小球靠在竖直固定挡板上与斜面保

持静止，不计摩擦，当缓慢增大斜面的倾角时，小球对挡板的压力FN1和小球对斜面的压力FN2的变化情况是(A)A．FN1变大，FN2变大B．FN1变大，FN2变小C．FN1变小，FN2变小D．FN1变小，FN2变大解析：按照力的分解原则，将小球的重力G沿垂直于挡板和垂直于斜

面方向分解为F1和F2，则FN1＝F1，FN2＝F2，如图所示，由于斜面倾角α在缓慢变大，故力F2在缓慢地改变大小和方向，而F1方向不变，大小缓慢变化，但无论如何变化，F1与F2、F1′与F2′、F1″与F2″……的合力始终为重力G(即对角线一定)，由

图可知，倾角α增大时，FN1、FN2均是增大，故选项A正确．7．如图所示，物块A、B的质量均为m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F的作用下，两物块均处于静止状态．则(AD)A．B受到的摩擦力大小等于mgB．B受到的摩擦力大小等于2mgC．

B对地面的压力大小等于mgD．B对地面的压力大小等于2mg解析：分析A、B整体的受力，如图所示，由平衡条件可知，FNB＝2mg，即B对地面的压力大小等于2mg，选项D正确；再隔离物块A，对其受力如图所示，由平衡条件可知，FfBA＝mg

，根据牛顿第三定律，A对B的摩擦力大小也等于mg，选项A正确．8．t＝0时，甲、乙两汽车从相距70km的两地开始相向行驶，它们的v－t图像如图所示．忽略汽车掉头所需时间，下列对汽车运动状况的描述正确的是(BC)A．在第1h末，乙车改变运动方向B．在第2h末，甲、乙两车相距10kmC．在前4h内，

乙车运动加速度的大小总比甲车的大D．在第4h末，甲、乙两车相遇解析：速度图像在t轴下的均为反方向运动，故2h末乙车改变运动方向，A错；2h末从图像围成的面积可知乙车运动位移大小为30km，甲车位移大小为30km，相向运动，此时两车相距70k

m－30km－30km＝10km，B对；从图像的斜率看，斜率大加速度大，故乙车加速度在前4h内一直比甲车加速度大，C对；4h末，甲车运动位移大小为120km，乙车运动位移大小为30km，两车原来相距70km，故此时两车还相距20km，D错．9．有关滑动摩擦力，下列说法中正

确的是(BC)A．有正压力一定有滑动摩擦力B．有滑动摩擦力一定有正压力C．滑动摩擦力总是与接触面上的正压力垂直D．只有运动物体才受滑动摩擦力解析：产生滑动摩擦力的条件有三个：互相挤压、接触面粗糙、发生相对滑动，三个条件缺一不可．由滑动摩擦力的条件知，A选项错，B选项

正确．滑动摩擦力方向与接触面相切，而正压力垂直于接触面，所以滑动摩擦力方向跟接触面所受正压力方向垂直，C选项正确．如擦黑板时，黑板是静止的，但相对黑板擦是运动的，黑板受滑动摩擦力作用，所以关键要理解“运动”

和“相对运动”的含义．10．在离地面30m高处，将一小球竖直向上抛出，到达最大高度h的34时，速度为10m/s，则小球抛出5s末的速度大小、方向和5s内位移的大小和方向是(取g＝10m/s2)(BD)A．v＝30m/s，方向竖直向上B．v＝30m/s，方向竖直向下C．x＝4

5m，方向竖直向下D．x＝25m，方向竖直向下解析：根据上抛运动的特点知，物体上升到最高点后，再下落距离14h时，速度大小也为10m/s，由v2＝2g×14h得h＝20m．由h＝v202g得初速度v0＝20m/s.抛出5s后的速度v＝v0－gt＝20m/s－1

0×5m/s＝－30m/s，负号说明方向竖直向下；位移x＝v0t－12gt2＝20×5m－12×10×52m＝－25m，负号说明方向竖直向下．二、实验题(每题10分，共20分)11．科学探究活动通常包括

以下环节：提出问题，作出假设，制定计划，收集证据，评估交流等．一组同学研究“运动物体所受空气阻力与运动速度关系”的探究过程如下：A．有同学认为：运动物体所受空气阻力可能与其运动速度有关．B．他们计划利用一些“小纸杯”作为研究对象，用超声测

距仪等仪器测量“小纸杯”在空中直线下落时的下落距离、速度随时间变化的规律，以验证假设．C．在相同的实验条件下，同学们首先测量了单只“小纸杯”在空中下落过程中不同时刻的下落距离，将数据填入下表中，图(a)是对应的x－

t图像．然后将不同数量的“小纸杯”叠放在一起从空中下落，分别测出它们的v－t图像，如图(b)中图线1、2、3、4、5所示．D．同学们对实验数据进行分析、归纳后，证实了他们的假设．时间/s0.00.40.

81.21.62.0下落距离/m0.0000.0360.4690.9571.447x回答下列提问：(1)与上述过程中A、C步骤相应的科学探究环节分别是作出假设收集证据．(2)图(a)中的AB段反映了运动物体在做匀速直线运动运动，表中x处的值为1.936.(3)图(b)中各条图线具有共同特

点，“小纸杯”在下落的开始阶段做加速度减小的加速直线运动运动，最后“小纸杯”做匀速直线运动运动．(4)比较图(b)中的图线1和5，指出在1.0s～1.5s时间段内，速度随时间变化关系的差异：图线1反映速度不随时间变化，图线5反映纸杯的速度随时间继续增大．解析：解题

关键对v－t图像的物理意义弄清楚．(1)根据题意分析，A步骤是作出假设，C步骤是收集证据．(2)图(a)是x－t图像是一条倾斜直线，反映了物体做匀速直线运动，从t1＝0.8s到t2＝1.6s和从t1＝0.8s到t3＝2.0s满足x2－x1t2－t1＝x－x1t3－t1，即

1.447－0.4691.6－0.8＝x－0.4692.0－0.8，解得x＝1.936m.(3)从图(b)可发现小纸杯开始下落阶段，速度越来越大，而曲线切线斜率越来越小，即加速度越来越小，所以小纸杯做加速度逐渐减小的加速运动，最后均做匀速直线运动．(4)1

.0s～1.5s时段内，图线1平行于时间轴，说明其速度是不变的，做匀速直线运动；图线5的加速度逐渐减小，而速度随时间继续增大．12．某同学设计了一个探究加速度a与所受合外力F及质量m的关系的实验，图甲为实验装置简图．(交流电的频率为50Hz)(1)图乙所示为

某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为3.19m/s2；(2)保持小盘及盘中砝码的质量不变，改变小车质量m，分别得到小车的加速度a、小车质量m及对应的1m的数据如下表：请在如下图所示的坐标纸中画出a－1m的图像，并由图像求出小车的加速度a与质量的倒数1m之间的关系式是见

解析．解析：(1)由交流电的频率为50Hz可得，图乙中两相邻点间的时间间隔T＝0.02s．由逐差法得加速度a＝a＝x3＋x4－x1＋x24×2T2＝[7.21＋7.72－6.19＋6.70]×10－216×0.022m/s2≈3.19m/s2.(2)图略，由图线得所求关系式

为a＝12m.三、计算题(共46分)13．(10分)要求摩托车由静止开始在尽量短的时间内走完一段直道，然后驶入一段半圆形的弯道，但在弯道上行驶时车速不能太快，以免因离心作用而偏出车道．求摩托车在直道上

行驶所用的最短时间．有关数据见表格.启动加速度a14m/s2制动加速度a28m/s2直道最大速度v140m/s弯道最大速度v220m/s直道长度s218m某同学是这样解的：要使摩托车所用时间最短，应先由静止加速到最大速度v1＝40

m/s，然后再减速到v2＝20m/s，t1＝v1a1＝…；t2＝v1－v2a2＝…；t＝t1＋t2＝……你认为这位同学的解法是否合理？若合理，请完成计算；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果．答案：见解析解析：

本题考查了运动学中最值问题，必须在充分理解题目所给条件、弄清运动的物理过程后，经过辨析才能正确解答．要使在直道上所用时间最短就要使摩托车在直道上的平均速度最大，同时又要进入弯道时摩托车的速度不超过v2.题目中给定的解法没有考虑到直道长度对解题的

限制，该同学认为摩托车在直道上行驶达到最大速度v1也是错误的，我们通过计算：若摩托车从静止加速达到v1＝40m/s，此阶段位移x＝v212a1＝200m，然后从v1匀减速至v2，此阶段位移：x′＝v21－v222a2＝75mx＋x′＝275m>218m，故摩托车不可能加速到v1，只可能是加速到某一

速度v3(v3<v1)然后再匀减速至v2进入半圆形弯道．正确的解：设摩托车在直道上加速t1位移为x1，减速t2位移为x2：由运动学公式：x1＝v232a1①x2＝v23－v222a2②x1＋x2＝s，③代入数据①②③联立得：v3＝36m/s，t1＝v3a1

＝9s，t2＝v3－v2a2＝2s，t＝t1＋t2＝11s即为所求．14.(10分)如图所示，在水平粗糙的横杆上，有一质量为m的小圆环A，用一细线悬吊一个质量为m的球B.现用一水平拉力缓慢地拉起球B，使细线与竖直方向成37°角，此时小圆环A仍保持静止．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0

.8，求：(1)水平拉力F的大小；(2)小圆环对横杆的压力及环受到的摩擦力大小．答案：见解析解析：(1)取球B为研究对象进行受力分析，由平衡条件得FTsin37°＝FFTcos37°＝mg联立两式解得F＝34mg.(2)取A、

B组成的系统为研究对象，则FN＝2mg，方向竖直向上，Ff＝F＝34mg，方向水平向左，由牛顿第三定律知，小圆环对横杆的压力大小为2mg，方向竖直向下．15．(13分)如图甲所示，质量m＝2kg的物体在水平面上向右做直线运动．过a点时给物体一个水平向左的恒力F并开始计时，选水

平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v－t图像如图乙所示．取重力加速度为g＝10m/s2.求：(1)力F的大小和物体与水平面间的动摩擦因数μ；(2)10s末物体离a点的距离．答案：见解析解析：(1)设物体向右做匀减速直线运动的加速度大小为a1，则由v－t

图像得a1＝2m/s2①根据牛顿第二定律，有F＋μmg＝ma1②设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，则由v－t图像得a2＝1m/s2③根据牛顿第二定律，有F－μmg＝ma2④联立①②③④式得F＝3N，

μ＝0.05(2)设10s末物体离a点的距离为d，由v－t图像与横轴所围的面积的物理意义得d＝－2m，负号表示物体在a点左侧．16.(13分)某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上，传送带与地面的夹角θ＝30°，传送带两端A、B的长度L

＝10m，传送带以v＝5m/s的恒定速度匀速向上运动．在传送带底端A轻轻放一质量m＝5kg的货物，货物与传送带间的动摩擦因数μ＝32.求货物从A端运送到B端所需的时间．(g取10m/s2)答案：3s解析：以货物为研究对象，由牛顿第二定律得

μmgcos30°－mgsin30°＝ma，解得a＝2.5m/s2货物匀加速运动时间t1＝va＝2s货物匀加速运动位移x1＝12at21＝5m然后货物做匀速运动，运动位移x2＝L－x1＝5m匀速运动时间t2＝x2v＝1s从A到B所需

的时间t＝t1＋t2＝3s.