【文档说明】【精准解析】新疆阿勒泰地区2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题（A卷）.doc，共(12)页，580.000 KB，由小赞的店铺上传

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2019-2020学年高一下学期物理期末试卷（A卷）一、选择题（每小题4分，共40分。其中1~7小题每题只有一个选项是正确的，8~10题是多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A.做匀速圆周运动的物体，所

受合力是恒定的B.物体在恒力作用下不可能做曲线运动C.平抛运动是一种匀变速运动D.物体只有受到方向时刻变化的力的作用才可能做曲线运动【答案】C【解析】【详解】做匀速圆周运动的物体所受合外力提供向心力，合力的大小不变，方向始终指

向圆心，方向时刻改变，故A错误；曲线运动的条件是物体的速度方向与合力方向不共线，平抛运动合力恒定，加速度恒定，故平抛运动为匀变速运动，故BD错误，C正确．2.下列有关物理知识和史事的说法，正确的是（）A.伽利略发现了万有引力定律B.卡文迪许用扭秤装置第一次测量出了引力常量

C.发射地球同步卫星的发射速度应介于11.2km/s与16.7km/s之间D.哥白尼发现了行星运动的三大规律，为人们解决行星运动学问题提供了依据【答案】B【解析】A、牛顿发现了万有引力定律，故A错误；B、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，故B正确；C、根据2

2MmvGmrr=，得GMvr=，可知第一宇宙速度7.9/kms，由于地球的同步卫星大于地球的半径，则发射速度是介于7.9/kms和11.2/kms之间的某一值，故C错误；D、开普勒提出了行星运动规律，为人们解决行

星运动学问题提供了依据，故D错误．点睛：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3.范格文获2017年世界飞镖锦标赛冠军。图示是他某次练习中将一枚飞镖从

高于靶心正上方的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正上方。忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）A.换用质量稍大些的飞镖B.适当增大投飞镖的初速度C.到稍远些的地方投飞镖D.

适当增加投飞镖时的高度【答案】C【解析】【详解】飞镖做的是平抛运动，飞镖打在靶心的正上方说明飞镖竖直方向的位移太小，根据平抛运动的规律可得，水平方向上则有0xvt=竖直方向上则有212hgt=联立可得2202gxhv=A．能否击中靶心与飞镖的质量大小没有关系，换用质量稍大些

的飞镖，飞镖仍会打在靶心的正上方，故A错误；B．适当增大投飞镖的初速度，根据2202gxhv=可知飞镖下落的高度变小，故仍会打在靶心的正上方，故B错误；C．到稍远些的地方投飞镖，根据2202gxhv=可知飞镖下落的高度变大，故可能会打在靶心位置，故C正确；D．适当增加投飞镖时的

高度，根据2202gxhv=可知飞镖下落的高度不变，故仍会打在靶心的正上方，故D错误；故选C。4.2010年10月1日我国成功发射“嫦娥二号”绕月卫星，绕月运行高度为100公里。2007年10月24日发射的“嫦娥一号”绕月运行高度为200公里，如图所示。“嫦娥二号”卫星与“嫦娥一号”

卫星绕月运行相比，下列判断正确的是（）A.周期小，线速度大B.周期大，加速度大C.线速度大，加速度小D.角速度小，线速度小【答案】A【解析】【详解】根据人造卫星的万有引力等于向心力222224GMmvmrmrmmar

Tr====解得GMvr=，32rTGM=，2GMar=，3GMr=由以上各式可知：“嫦娥二号”的半径小，半径小的线速度、角速度、加速度大，周期小。故选A。5.中国已成为世界上高铁系统技术最全、集成能力最强、运营里程最长、运行速度最高、在建规模最大的国家．报道称

新一代高速列车牵引功率达9000kW，持续运行速度为350km/h，则新一代高速列车从北京开到杭州全长约为1300km，则列车在动力上耗电约为：()A.3.3×103kW·hB.3.3×104kW·hC.3.3×105kW·

hD.3.3×106kW·h【答案】B【解析】【详解】列车从北京开到杭州所用时间为1300km=3.71h350km/hstv==列车在动力上耗电约为43.310kWhEPt==故选B．6.用拉力将一个重为5

N的物体匀速升高3m，在这个过程中，下列说法正确的是（）A.物体的重力做了15J的功B.拉力对物体做了15J的功C.物体的重力势能减少了15JD.合力对物体做的功是15J【答案】B【解析】【详解】AC．重力做功G15JWmgh

=−=−知物体克服重力做功15J，重力势能增加15J，AC错误；B．因为物体匀速上升，则F=G=5N则拉力做功53J15JFWFh===故B正确；D．匀速上升，合力的大小为零，则合力做功为零，D错误。故选B。7.如图

所示，一物体从竖直立于地面的轻弹簧上方某一高度自由落下。A点为弹簧的原长点，当物体到达B点时，速度恰好为零，然后被弹回。下列说法正确的是（）A.物体从A点下降到B点的过程中，加速度不断变小B.物体从A到B的过程中，弹簧的弹性势能先增大后减小C.物体在到达A

点前机械能守恒D.物体在整个下落过程中机械能守恒【答案】C【解析】【详解】A．在A下降到B的过程中，开始重力大于弹簧的弹力，加速度方向向下，物体做加速运动，弹力在增大，则加速度在减小，当重力等于弹力时，速度达到最大，然后在

运动的过程中，弹力大于重力，根据牛顿第二定律知，加速度方向向上，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，运动的过程中弹力增大，加速度增大，到达最低点，速度为零，可知加速度先减小后增大，速度先增大后减小，故A错误；B．物体从A下降到B的过程中，弹簧的压缩

量不断增大，则弹簧的弹性势能逐渐增大，故B错误；C．物体在到达A点前，只受重力作用，所以物体机械能守恒，故C正确；D．物体从A下降到B的过程中，有弹簧的弹力做功，故物体的机械能不守恒，是物体与弹簧系统机械能守恒，故D错误

；故选C。8.地球围绕太阳沿椭圆轨道运动，地球从远日点向近日点运动过程中，下列说法正确的是（）A.速度变小B.速度变大C.加速度变小D.加速度变大【答案】BD【解析】从远日点向近日点运动过程中，地球距离太阳越来越近，引力做正功，根据动能定理可知，

动能增加，即速度变大，故A错误，B正确．根据万有引力提供向心力得：ma＝2GMmr，可知地球从远日点向近日点运动过程中，万有引力增大，向心加速度增大．故C错误，D正确．故选BD．点睛：本题要知道从远日点向近日点运动过程中，地球

距离太阳越来越近，引力做正功，动能增大，但机械能守恒．9.下列有关生活中的圆周运动实例分析，其中说法正确的是（）A.公路在通过小型水库泄洪闸的下游时，常常用修建凹形桥，也叫“过水路面”，汽车通过凹形桥的最低点时，车对桥的压力小于汽车的重力B.在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨

高，目的是减轻轮缘与外轨的挤压C.摩托车过凸型路面时，若速度过快，容易飞离地面D.洗衣机脱水桶的脱水原理是：水滴受到的离心力大于它受到的向心力，从而沿切线方向甩出【答案】BC【解析】【详解】A．汽车通过凹形桥最低点时，具有向上的加速度(向心加速度)，超重，故对桥的压力大于重力，故A错

误；B．在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，当火车按规定速度转弯时，由重力和支持力的合力完全提供向心力，从而减轻轮缘对外轨的挤压，故B正确；C．摩托车过凸型路面时，根据牛顿第二定律可知2NmvmgFr−=当支

持力为零时，摩托车容易飞离桥面，故速度越大越容易飞离地面，故C正确；D．衣机脱水桶的脱水原理是：是水滴需要提供的向心力较大，力无法提供，所以做离心运动，从而沿切线方向甩出，故D错误。故选BC。10.如图所示，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向。图中画出了在同一平面内从y轴上沿x轴正向抛

出的三个质量相同的小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则（）A.a的飞行时间比b的短B.b飞行的时间比c的长C.b落地时的动能等于c落地时的动能D.b落地时的动能大于c落地时的动能【答案】A

D【解析】【分析】【详解】AB．根据2htg=知，b、c的高度相同，则b和c的飞行时间相同，a的高度小于b的高度，则a的飞行时间小于b的飞行时间，故A正确B错误；CD．b、c的运动时间相等，b的水平位移大，根据0xvt=

知，b的初速度大，而重力做功相等，所以b落地时的动能一定大于c落地时的动能，故C错误D正确。故选AD。二、实验题（每空2分，总计14分）11.在“验证机械能守恒定律”实验中，（1）下图是部分实验器材，需在图中选用的器材是_______（2）实验中需要直接测量的物理量是____（填字母）．A、重

力加速度B、重物下落的高度C、重物下落的瞬时速度（3）某同学的实验结果显示重物的动能变化量略大于重力势能变化量，出现这一问题的原因可能是____（填字母）A、重物的质量测量错误B、纸带的数据测量错误C、交流电源的频率小于50HzD、重物下落时受到的

阻力过大【答案】（1）AC（2）B（3）C【解析】【详解】（1）验证机械能守恒的实验，重物拉纸带在竖直方向运动，重物的重力势能转化为动能，不需要小车，速度根据纸带求得，不需要秒表计时，需要打点计时器打纸带，所以BD错误AC正确（2）本实验

要验证的是重力势能的减小量等于动能的增加量，即：2102mvmgh−=，所以本实验中g是已知量，还需知道的是下落高度h，速度可通过纸带处理求得，所以直接测量的是下落高度h，AC错误B正确（3）物体动能变化大于重力势能变化量，说明速度的测量值偏大：A.本

实验重物的质量不需要进行测量，A错误B.纸带数据采取的是一次测出各个点到起点的距离，就算起点不是零刻度，在求间距时由于刻度做差，并不影响间距的求解，测出物体速度不变，B错误C.如果交流电频率小于50Hz，则导致测量的频率偏大，测量代入的打点周期偏小，所以测量的速度偏大，

C正确D.重物下落受到的阻力大，会导致重力势能的减小量一部分克服阻力做功，一部分增加物体的动能，使动能的变化量小于重力势能变化量，D错误12.某学习小组做探究“合力的功和物体速度变化关系”的实验如图，图中小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板

滑行，这时，橡皮筋对小车做的功记为W。当用2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致。每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出。(1)除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻

度尺和_____电源（填“交流”或“直流”）。(2)实验中，小车会受到摩擦阻力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡摩擦阻力，则下面操作正确的是_____。A．放开小车，能够自由下滑即可B．放开小车，能够匀速下滑即可C．放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可D．放开拖

着纸带的小车，能够匀速下滑即可(3)若木板水平放置，小车在两条橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置，下列说法正确的是_____。A．橡皮筋处于原长状态B．橡皮筋仍处

于伸长状态C．小车在两个铁钉的连线处D．小车已过两个铁钉的连线(4)在正确操作情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的某部分进行测量，你认为下列选项中可能合理的是_____。A．BDB．AFC．GID．AK【答案】(1).交流(

2).D(3).B(4).C【解析】【详解】(1)[1]除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和交流电源；(2)[2]实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力．受力平衡时，小车应做匀速直线运动，所以正

确的做法是：放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可，故ABC错误，D正确；(3)[3]若木板是水平放置的，则小车在运动过程中要受到滑动摩擦力，当小车速度达最大时，则小车的合力为零．所以除摩擦力外，还有橡皮筋的拉力．因此橡皮筋处于伸长状态．故选B；(

4)[4]在正确操作情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用图中纸带上点迹均匀的部分，即GI部分进行测量，故选C。三、解答题（4小题共46分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不得分。有数值计算的题

，答案必须明确写出数值和单位。）13.从离地80m高处水平抛出一个物体，3s末速度为50m/s，g取10m/s2。求：(1)做平抛运动的时间；(2)抛出时的初速度大小；(3)落地时的水平位移大小。【答案】(1)4s；(2)40m/s

；(3)160m【解析】【详解】(1)根据212hgt=可知物体做平抛运动的时间2280s=4s10htg==(2)物体在3s末的竖直速度33103m/s=30m/syvgt==则抛出时的初速度大小22220335030m/s=40m/syvvv=−=−(3)落地时的水平位移大小0404m=1

60mxvt==14.观测到某一卫星环绕地球做匀速圆周运动，卫星距地面的高度为h．已知地球半径为R，地球质量为M，引力常量为.G求：（1）卫星绕地球运行时速度v；（2）卫星环绕地球运行的周期T．【答案】（1）GMvRh=+；（2）3()2RhTGM+=。【解析】【详解】（1）设

卫星质量为m，根据万有引力提供向心力，则有：22()GmmRhRhvM=++解得：GMvRh=+（2）根据万有引力提供向心力，则有：2224()()GMmmRhRhT=++解得：3()2RhTGM+=15.质量m=1.5×103kg、发动机额定功率P=80kW的汽车在平直公路

上行驶，汽车行驶过程中所受阻力大小恒为f=2×103N．求:(1)求汽车能达到的最大速度vm；(2)若汽车以大小a=2m/s2的加速度匀加速启动，求汽车启动后第4s末发动机的功率P′．【答案】（1）40m/s（2）4×

104W【解析】【详解】(1)汽车的速度最大时牵引力的大小为：Ff=由瞬时功率公式有：mPFv=解得：m40m/sv=(2)设此种情况下牵引力的大小为F，有：Ffma−=启动后第4s末汽车的速度大小为：8m/svat==由功率公式有：PFv=解得：4410WP=16.如

图所示，质量为m的滑块在离地面高H=0.45m的光滑弧形轨道上由静止开始下滑。轨道与水平面接触平滑，求：(1)滑块到达轨道底端B时的速度大小为多大？(2)如果滑块在水平面上滑行的最大距离是2.25m，则滑块与水平面间的动摩擦因数为多大？（g取10m/s2）【答案】(1)3m/s；(2)0.

2【解析】【详解】(1)设滑块到达B点时的速度为v，根据动能定理可得212mgHmv=解得3m/sv=(2)滑块在水平面上滑行时，根据动能定理则有2102mgsmv−=−解得滑块与水平面间的动摩擦因数为0.2=